2025年鲁教新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教新版高二物理下册阶段测试试卷651考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，电感线圈L的直流电阻为RL、小灯泡的电阻为R，小量程电流表G1、G2的内阻不计，当开关S闭合且稳定后，G1、G2的指针均向右偏（电流表的零刻度在表盘中央）；则当开关S断开时，下列说法正确的是（）

A.G1、G2的指针都立即回到零点。

B.G1缓慢回到零点，G2立即左偏；然后缓慢回到零点。

C.G1立即回到零点，G2缓慢回到零点。

D.G2立即回到零点，G1缓慢回到零点。

2、关于光电效应和康普顿效应的规律，下列说法不正确的是A.康普顿效应说明光具有粒子性B.用光照射金属不能发生光电效应是因为该入射光的频率小于金属的截止频率C.对于同种金属而言，遏止电压与入射光的频率无关D.石墨对X

射线散射时，部分X

射线的散射光波长会变大，这个现象称为康普顿效应3、处于n=3激发态的大量氢原子向基态跃迁时所放出光子中；只有一种光子不能使某金属A产生光电效应，则下列说法正确的是（）

A.这种不能使金属A产生光电效应光子一定是从n=3激发态直接跃迁到基态时放出的。

B.这种不能使金属A产生光电效应光子一定是n=3激发态直接跃迁到n=2激发态时放出的。

C.若从n=4激发态跃迁到n=3激发态；所放出的光子一定不能使金属A产生光电效应。

D.若从n=4激发态跃迁到n=2激发态；所放出的光子一定不能使金属A产生光电效应。

4、关于光的波粒二象性，下列说法中正确的是（）A.频率高的光子易显示波动性B.个别光子产生的效果易显示粒子性C.光的衍射说明光具有波动性D.光电效应说明光具有粒子性5、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则下列判断正确的是（）A.增大两极板之间的距离，指针张角变大B.将A板稍微上移，静电计指针张角将变小C.若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D.若将导体插入两板之间，则静电计指针张角变大6、如图所示，两根细线挂着两个质量相同的小球AB

上、下两根细线的拉力分别为FAFB

现使AB

带上同种电性的电荷，此时上、下细线受力分别为FA隆盲FB隆盲

则(

)

A.FA=FA隆盲FB>FB隆盲

B.FA=FA隆盲FB<FB隆盲

C.FA<FA隆盲FB>FB隆盲

D.FA<FA隆盲FB<FB隆盲

7、下列各图中；已标出电流及电流的磁场方向(

图中B

表示通电环形导线产生的磁场，“鈯�

”表示导线中电流I

的方向垂直于纸面向里，“隆脩

”表示导线中电流I

的方向垂直于纸面向外)

其中正确的是()

A.B.C.D.8、下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是(

)

A.娄脙

射线是高速运动的电子流B.氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大C.太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变D.83210Bi

的半衰期是5

天，100

克83210Bi

经过10

天后还剩下50

克评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、在用“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成400mL的油酸酒精溶液；测得1mL的油酸酒精溶液有50滴．则一滴油酸酒精溶液中含有的油酸体积为____m3．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为____m．（结果保留一位有效数字）10、将带电量为6隆脕10鈭�6C

的负电荷从电场中的A

点移到B

点，克服电场力做了1.2隆脕10鈭�5J

的功，再从B

移到C

电场力做了3隆脕10鈭�5J

的功，则电荷从A

移到B

再从B

移到C

的整个过程中电势能的变化鈻�EP=

______．11、如图所示，已知A、B两带电小球相距3cm，QA＝1.0×10-10c均用细绝缘线悬挂，在水平方向匀强电场中保持静止，悬线呈竖直方向，则匀强电场的电场强度大小为______________，方向___________．12、（4分）如图7所示,长为的导体棒原来不带电,现将一带电荷量为+q的点电荷放在距棒左端R处,当达到静电平衡后,棒上的感应电荷在棒内距右端l/3处产生的场强大小为13、质量为m的跳水运动员从H高的跳台上以速率v1跳起，入水时速率为v2，则跳起时运动员作功______，运动过程中，空气阻力作功______．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)14、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共3题，共21分)19、某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为101.00cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为101.5s。则（1）他测得的重力加速度g=________m/s2。（保留三位有效数字）（2）他测得的g值偏小，可能的原因是____A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再以L为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度表达式g=________。(用k表示)20、利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验。实验要求研究两滑块碰撞时动能损失很小和很大等各种情况，若要求碰撞时动能损失最大应选下图中的、（填“甲”或“乙”）、若要求碰撞动能损失最小则应选下图中的。（填“甲”或“乙”）（甲图两滑块分别装有弹性圈，已图两滑块分别装有撞针和橡皮泥）（2）某次实验时碰撞前B滑块静止，A滑块匀速向B滑块运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如上图所示．已知相邻两次闪光的时间间隔为T，在这4次闪光的过程中，A、B两滑块均在0～80cm范围内，且第1次闪光时，滑块A恰好位于x=10cm处．若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则可知碰撞发生在第1次闪光后的时刻，A、B两滑块质量比mA:mB=。21、有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用描绘这个灯泡的伏安特性曲线（I—U图线）．现有下列器材供选用：A．电压表(0～5V，内阻约10kΩ)B．电流表(0～0.6A，内阻约0.4Ω)C．滑动变阻器(10Ω，2A)D．滑动变阻器(500Ω，1A)E．学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时，选用上图中电路图来完成实验；（选甲或乙）(2)实验中所用滑动变阻器应选(用序号字母表示)参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】

S闭合且稳定时，通过含电流表G1、G2的两条支路的电流均由左向右，断开S，L中产生自感电动势，由“增反减同”可知，自感电动势E自的方向一定与原电流方向相同，显然，断开S后，在E自的作用下，上图回路中将继续形成沿顺时针方向的电流，这时流经含有电流表G2支路的电流方向已变为由右向左了．由于这段时间E自是逐渐减小的；故电流也是逐渐减小的，综上所述选B．

故选B

【解析】【答案】断开开关的瞬间；L相当于电源，与两个电流计组成闭合回路，电流方向顺时针．

2、C【分析】略【解析】C

3、B|C【分析】

A；处于n=3激发态的大量氢原子向基态跃迁时所放出光子；能量最小的是从能级3到能级2跃迁时放出的，它不能使某金属产生光电效应．故A错误，B正确．

C；从n=4激发态跃迁到n=3激发态放出的光子能量小于从n=3跃迁到n=2所放出的光子能量；所以该光子一定不能使该金属发生光电效应．故C正确．

D；从n=4激发态跃迁到n=2激发态所放出的光子能量大于从n=3跃迁到n=2所放出的光子能量；所以该光子可能使金属A发生光电效应．故D错误．

故选BC．

【解析】【答案】处于n=3激发态的大量氢原子向基态跃迁时所放出光子有3种；不能使金属A产生光电效应的是能量最小的一种．

4、B|C|D【分析】【解析】【答案】BCD5、A【分析】解：A、增大两极板之间的距离，由电容的决定式C=可知，电容增小，电容器的电量不变，由C=分析可知；板间电压增大，静电计指针张角变大，故A正确；

B、将A板稍微上移时，正对面积减小，由电容的决定式C=可知，电容增小，电量不变，由C=分析可知；板间电压增大，静电计指针张角变大，故B错误；

C、将玻璃板插入两板之间，电容的决定式C=可知，电容增大，电量不变，由C=分析可知；板间电压减小，静电计指针张角变小，故C错误；

D、加入金属板，相当于减小两极板之间的距离，由电容的决定式C=可知，电容增大，电容器的电量不变，由C=分析可知；板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错误；

故选：A

已充电的平行板电容器电量不变；静电计测量电势差的大小；电容器板间的电势差越大，静电计指针张角越大；根据电容器电容的决定分析电容的变化，由电容的决定式分析板间电势差的变化．

本题要抓住电容器的电量不变，由电容的决定式C=和定义式C=结合分析电容器动态变化问题，注意张角的变化表示电势差的变化．【解析】【答案】A6、B【分析】解：运用整体法研究两个质量相等的小球A

和B

不管AB

是否带电，整体都受重力和上丝线的拉力；

则由平衡条件得：上丝线的拉力F=2mg

所以FA=FA隆盲

再隔离B

研究；不带电时受重力和下丝线的拉力；

由平衡条件得：FB=mg

带电时受重力；下丝线的拉力和A

对B

的向上的排斥力。

由平衡条件得：FB隆盲+F隆盲=mg

即FB隆盲>mg

所以FB<FB隆盲

故B正确；ACD错误。

故选：B

运用整体法研究；根据共点力平衡状判断上丝线受的力的变化.

再隔离B

研究，进行受力分析，根据共点力平衡状判断下丝线受的力的变化．

本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力．【解析】B

7、B【分析】【分析】根据安培定则判断电流周围磁场的方向；直导线大拇指指向为电流方向，而环导线四指指向即为电流方向，从而进行判断正误。

解决本题的关键知道电流和周围磁场方向的关系，会通过安培定则进行判断，注意直导线与环导线大拇指指向区别。【解答】A.根据安培定则；螺线管内部的磁场方向向右，故A错误；

B.从上往下看；线框的电流方向为逆时针方向，根据安培定则知，磁场的方向向上，故B正确；

C.直线电流的方向竖直向上；根据安培定则知，直线电流右边的磁场方向(

从上向下看)

逆时针方向，故C错误；

D.由于电流的方向竖直向上；根据安培定则知，磁场方向应该逆时针，故D错误。

故选B。【解析】B

8、B【分析】解：A娄脙

射线是高速运动的光子流。故A错误；

B、氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小，根据ke2r2=mv2r

得动能增大。故B正确；

C；太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变。故C错误；

D、设原来83210Bi

的质量为m0

衰变后剩余质量为m

则有：m=m0(12)tT=100隆脕(12)105=25g

即可知剩余质量为25g

故D错误。

故选：B

氢原子辐射出一个光子后；从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小，根据库仑引力提供向心力判断电子动能的变化，通过原子能量变化和电子动能的变化确定电势能的变化.

太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变；根据半衰期的物理意义以及剩余质量和总质量之间的关系可正确求解．

该题考查静止射线的特点、波尔理论、聚变与裂变以及半衰期等，解决本题的关键知道从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子.

能级越高，轨道半径越大．【解析】B

二、填空题(共5题，共10分)9、【分析】【解答】解：一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积：

则油酸分子的直径为：

故答案为：

【分析】利用油酸和酒精的比例以及1mL中的液体滴数可求得1滴中的纯油酸体积，再根据体积公式可求得油酸分子的直径．10、略

【分析】解：因电场力做功，导致电势能的变化，则有：WAC=鈭�鈻�E碌莽

解得：鈻�E碌莽=鈭�3隆脕10鈭�5J+1.2隆脕10鈭�5J=鈭�1.8隆脕10鈭�5J

即电势能减小了1.8隆脕10鈭�5J

故答案为：1.8隆脕10鈭�5J

根据电场力做功等于电势能的变化；结合电荷从A

到B

再到C

过程中，电场力做功，即可求解．

解答本题关键是掌握电场力做功与电势能的变化关系：电势能的变化等于电场力对电荷做功的总和.

同时要注意做功的正负关系．【解析】1.8隆脕10鈭�5J

11、略

【分析】试题分析：由题意可知A球受力平衡，水平方向合外力等于零，B对A的作用力向右，所以要加一个水平向左的电场，对B受力分析，则由根据平衡条件得：考点：考查了点电荷电场强度【解析】【答案】向左12、略

【分析】处于静电平衡的导体为等势体，q在该点的场强大小与感应电荷在该点产生的场强大小相等方向相反，由点电荷的场强公式可得【解析】【答案】13、略

【分析】解：起跳时运动员做功的大小为：W=．

对运动员在空中的过程运用动能定理得：mgH+．

解得克服空气阻力做功的大小为：Wf=mv22-mv12-mgH

故答案为：mv12，mv22-mv12-mgH

根据动能定理求出运动员起跳时做功的大小；对运动员在空中的过程运用动能定理，结合初末动能求出克服空气阻力做功的大小．

本题考查动能定理的基本运用，运用动能定理解题关键选择好研究的对象和研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解．【解析】mv12；mv22-mv12-mgH三、判断题(共5题，共10分)14、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大