2024年牛津译林版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年牛津译林版必修3物理上册阶段测试试卷779考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示的电路中，电源电压恒定，其中两个电阻分别为10Ω和20Ω，另一个电阻R大小未知，当S断开时，理想电压表的示数为6V，当S闭合后，a、b两点间电压可能是（）

A.11VB.10VC.9VD.8V2、如图，一圆环上均匀分布着电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷，已知b点处的场强为零，则d点处场强为（））

A.B.水平向左C.水平向右D.水平向左水平向右3、许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列有关物理学家的贡献，错误的是（）A.安培提出了分子电流假说，能够解释一些磁现象B.奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电现象和磁现象间的某种联系C.法拉第发现电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善D.洛仑兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论4、如图所示为黑体辐射的规律；由此图象得到下列结论正确的是（）

A.随着温度的降低，各种波长的辐射强度都增大B.随着温度的降低，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动C.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关D.黑体热辐射的强度与波长无关5、Q1、Q2为两个固定的点电荷，a、b、c三点在它们连线的延长线上，以a点为坐标原点，沿延长线建立x轴，其φ-x图象如图所示。下列说法正确的是（）

A.Q1的电荷量小于Q2的电荷量B.Q1、Q2带同种电荷C.Q2带负电D.b点电场强度最大6、一带正电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中O~x2段是关于直线x＝x1对称的曲线，x2~x3段是直线；则下列说法正确的是（）

A.x1处电场强度最大B.x2~x3段是匀强电场C.x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1>φ2>φ3D.粒子在O~x2段做匀变速运动，x2~x3段做匀速直线运动评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I；下列说法正确的是（）

A.理想电压表V2的示数增大B.△U3>△U1>△U2C.电源的输出功率减小D.△U3与△Ⅰ的比值不变8、如图所示，带电量分别为−q1和+q2的A、B两点电荷分别固定在x轴上的两点，规定无穷远处电势为零；已知a点电势为零，b点场强为零，c点在b点的右侧；则（）

A.A的带电量大于B的带电量B.x轴上a、b两点间可能存在着与c点场强相同的点C.将正离子在a点静止释放，仅在电场力作用下离子可能在ac间往复运动D.将电子从b点移到c点过程中，电子所受电场力可能先增大，后减小9、光滑绝缘水平面上固定两个等量点电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一带正电粒子由A点静止释放，并以此时为计时起点，沿光滑水平面经过B、C两点，其运动过程的v-t图像如图乙所示，其中图线在点位置时斜率最大；根据图线可以确定（）

A.B.中垂线上B点电场强度最大C.电荷在点时的加速度为m/s2D.中垂线上A、B、C三点中，A点电势最高10、如图所示，空间存在范围足够大与长方形所在平面平行的匀强电场，已知A、B、C三点的电势分别为一带电粒子从A点以与成夹角斜向右上方、大小为的初速度射入电场，恰好经过C点。不计粒子的重力。下列说法正确的是（）

A.D点电势为B.电场强度大小为C.粒子过C点的速度与初速度方向间夹角的正切值为D.粒子过C点的速度为11、如图所示，一水平面内的半圆形玻璃管，内壁光滑，在两管口分别固定带正电的点电荷Q1、Q2，管内靠近Q1处有一带正电的小球(带电量很小)，小球由静止开始释放，经过管内b点时速度最大，经过a、c两点时速度的大小相等，整个运动过程中小球的电荷量保持不变．下面关于a、c两点的电势及b点场强的判断正确的是：()

A.φa＝φcB.φa＞φcC.b点的场强为E1D.b点的场强为E212、如图所示，水平向右的匀强电场中，一带电小颗粒从A点以竖直向上的初速度开始运动，经最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，已知带电小颗粒从A到B过程中克服重力做功2J；电场力做功3J，则（）

A.粒子在A点的电势能比在C点多12JB.粒子在A点的动能比在B点多1.0JC.粒子在A点的机械能比在C点少12.0JD.粒子在C点的动能为14.0J13、如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的U－I图线。曲线Ⅲ与直线Ⅰ、Ⅱ相交点的坐标分别为P（5，3.75）、Q（6；5）。如果把该小灯泡分别与电源1；电源2单独连接，则下列说法正确的是（）

A.电源1与电源2的内阻之比是3:2B.电源1与电源2的电动势之比是1:1C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是5:6D.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是9:1014、热辐射是指所有物体在一定的温度下都要向外辐射电磁波的现象；辐射强度是指垂直于电磁波传播方向上的单位面积上单位时间内所接收到的辐射能量．在研究某一黑体热辐射时，得到了四种温度下黑体热辐射的强度与波长的关系如图．图中横轴λ表示电磁波的波长，纵轴表示某种波长电磁波的辐射强度，则由辐射强度图线可知，同一黑体在不同温度下（）

A.向外辐射同一波长的电磁波的辐射强度相同B.辐射强度的极大值随温度升高而向短波方向移动C.向外辐射的电磁波的总能量随温度升高而减小D.向外辐射的电磁波的波长范围是相同的评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、静电屏蔽。

静电平衡时，空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为___________。外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作___________

静电屏蔽的应用：电学仪器外面有金属壳、野外高压线上方还有两条导线与大地相连。16、恒定电流：大小、___________都不随时间变化的电流。17、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。

18、某同学改装电压表的电路图如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路。已知表头G满偏电流为200μA，表头上标记的内阻值为400Ω。R1、R2和R3是定值电阻。利用R1和表头构成1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为1V；若使用a、c两个接线柱，电压表的量程为3V。则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。

19、在如图所示的电路中，小量程电表头的内阻Rg＝100Ω，满偏电流Ig＝1mA，R1＝900Ω，R2＝100Ω.

(1)当S1和S2均断开时，改装所成的表是________表（填“电流”或“电压”，）。量程_______________。

(2)当S1和S2均闭合时，改装所成的表是_____表（填“电流”或“电压”）。量程_____。20、某同学想应用楞次定律判断线圈缠绕方向；设计的实验装置原理图如图甲所示。选用的器材有：一个磁性很强的条形磁铁，两个发光二极管（电压在1.5V至5V都可发光且保证安全），一只多用电表，导线若干。操作步骤如下：

①用多用电表的欧姆挡测出二极管的正；负极；

②把二极管；线圈按如图甲所示电路用导线连接成实验电路；

③把条形磁铁插入线圈时，二极管B发光；拔出时，二极管A发光；

④根据楞次定律判断出线圈的缠绕方向。

请回答下列问题：

（1）线圈缠绕方向如图乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）条形磁铁运动越快，二极管发光的亮度就越大，这说明感应电动势随_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的变化量”或“磁通量的变化率”）。

（3）为进一步研究，该小组又做了以下实验：磁体从靠近线圈的上方静止下落。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示的电流i随时间t的图像应该是图中的____。

A．B．C．D．评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)21、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)23、电流表的量程为0~5mA；内阻为300Ω，把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流；电压和电阻的测量都各有两个量程。当开关S接到1或2位置时为电流挡，其中小量程为0~10mA，大量程为0~100mA。

（1）关于此多用电表，下列说法正确的是___________；

A.开关S接到位置6时是电流挡。

B.开关S接到位置4时是欧姆挡。

C.开关S接到位置5时的量程比接到位置6时的量程大。

（2）开关S接位置___________（填“1”或“2”）时是电流挡的小量程，图中电阻R2=___________Ω；

（3）已知图中的电源的电动势为6V，当把开关S接到位置4，短接A，B进行欧姆调零后，用该挡测一未知电阻阻值，指针偏转到电流表满刻度的处，则该未知电阻的阻值为___________Ω。评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)24、空间有三点A、B和C位于直角三角形的三个顶点，且AB=4cm，BC=3cm．现将点电荷QA和QB分别放在A、B两点，结果测得C点的场强为EC=10V/m；方向如图所示，试求：

（1）QA和QB的电性；

（2）如果撤掉QA，C点场强的大小和方向．25、有一灯泡标有“”的字样，源电压为内阻不计.现用一个的滑动变阻器来控制电路；试分别就连成如图所示的限流电路和分压电路，求:

（1）它们的电流；电压的调节范围；

（2）两种电路要求滑动变阻器的最大允许电流；

（3）当灯泡正常发光时；两种电路的效率.

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

当S断开时，10Ω与20Ω的两个电阻串联，根据串联电路中电压与电阻成正比的特点可得，10Ω电阻的电压为3V，所以a、b间的电压为9V，当S闭合后，ab间的电阻减小，分担的电压减小，所以ab间的电压小于9V

A.11V与分析不符；故A项错误；

B.10V与分析不符；故B项错误；

C.9V与分析不符；故C项错误；

D.8V与分析相符，故D项正确．2、D【分析】【详解】

电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为而半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度也为．

那么圆盘在此d产生电场强度则仍为．

而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为由于都在d处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加．

所以两者这d处产生电场强度为方向水平向右，故选项D正确，ABC错误．

点睛：考查点电荷与圆盘电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系，从而为解题奠定基础．3、D【分析】【详解】

A．安培提出了分子电流假说；能够解释永久磁铁产生磁场的原因，以及磁铁受猛烈撞击后突然失去磁性等一些磁现象，A正确，不符合题意；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；通电导线周围能产生磁场，首次揭示了电现象和磁现象间的某种联系，B正确，不符合题意；

C．法拉第发现电磁感应现象；从而使人们知道了电不仅能生磁，同样磁也能生电，对电与磁内在联系的认识更加完善，C正确，不符合题意；

D．赫兹通过实验捕捉到了电磁波；证实了麦克斯韦的电磁场理论，D错误，符合题意。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．由图像可知；随着温度的降低，各种波长的辐射强度都减小，A错误；

B．随着温度的降低；辐射强度的极大值向波长较长的方向移动，B错误；

CD．黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关；与其他因素无关，C正确，D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．由图可知b点的电势最高，且图象的斜率为零，而φ-x图象的斜率表示该处的电场强度，说明b点的合场强为零最小，由场的叠加原理可判断两固定点电荷带异种电荷，且Q1距离b点比Q2距离b点远，所以由库仑定律可知Q1带电荷量大于Q2的带电荷量；所以ABD错误；

C．由图可知a点向右方向电势先升高后降低，根据沿着电场线电势降低可知，电场线方向由b到a向左，b到c向右，而b点场强为0，所以可知Q1带正电，Q2带负电；所以C正确。

故选C。6、B【分析】【详解】

A．根据电势能与电势的关系Ep=qφ

场强与电势的关系E=

得

由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于Eq，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零；故选项A错误；

BD．x2～x3段斜率不变；场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误；

C．因为从x1到x3区域正电荷电势能逐渐增加，可知电势升高，所以有φ1<φ2<φ3

故C错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)7、B:D【分析】【详解】

A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以定值电阻R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R的电压、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则V2的示数减小；故A错误；

C．当内外电阻相等时；电源的输出功率最大，故当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率在增大；故C错误；

BD．根据闭合电路欧姆定律得U2=E-Ir

则得

而

据题：R＞r，则得△U1＞△U2

同理U3=E-I（R+r）

则得

保持不变，同时得到△U3＞△U1＞△U2

故BD正确；

故选BD。8、A:D【分析】【详解】

A．由点电荷的场强公式

又b点场强为零，A点电荷到b点的距离大于B点电荷到b点的距离；可得A的带电量大于B的带电量，A正确；

B．由于c点在b点的右侧，故x轴上a、b两点间不可能存在着与c点场强相同的点；B错误；

C．由于b点场强为零，将正离子在a点静止释放，仅在电场力作用下离子不可能在ac间往复运动；C错误；

D．将电子从b点移到c点过程中；电场强度可能先增大，后减小，故电子所受电场力可能先增大，后减小，D正确。

故选AD。9、A:B:D【分析】【详解】

A．从A点到B点和从B点到C点，分别用动能定理

其中代入上式得

A正确；

B．v-t图像斜率表示加速度，在点位置时斜率最大；则粒子受电场力最大，在中垂线上B点电场强度最大，B正确；

C．v-t图像斜率表示加速度，在点位置时斜率为

C错误；

D．粒子带正电，从A点到B点再到C点，电场力对其做正功，动能增大，电势能减小，则电势减小，即A点电势最高；D正确。

故选ABD。10、A:C【分析】【详解】

A．因A、B、C三点的电势分别为取O点为的中点，则则为等势线，连接并延长过D点，则A正确；

B．过A点作的垂线，则带箭头的实线为电场线，如图所示

故B错误；

C．粒子从A点开始做类平抛运动到C点，设粒子运动到C点时瞬时速度与初速度方向的夹角为粒子运动到C点时位移与初速度方向的夹角则根据类平抛运动的推论

C正确；

D．粒子在C点时

故D错误。

故选AC。

11、A:C【分析】【详解】

AB.据题，小球a、c两点时速度的大小相等，动能相等，根据能量守恒定律知小球在a、c两点的电势能相等，故φa=φc；故A正确；B错误.

CD.据题，小球经过管内b点时速度最大，沿圆周切向的合力为零，再结合电场的叠加原理知b点的场强为E1；故C正确，D错误.12、A:C:D【分析】【详解】

AC．粒子只受重力和电场力，由牛顿第二定律可得：粒子在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动。B点为最高点，竖直分速度为零，由对称性可知，从A点到B点和从B点到C点的时间相等，由初速度为零的匀加速直线运动规律可得：粒子在BC段的水平位移是AB段水平位移的3倍，因此粒子从B点到C点电场力做功9J，则粒子在A点的电势能比在C点多12J，粒粒子在C点的机械能比在A点多12.0J；AC正确；

B．带电小颗粒从A到B过程中，由动能定理可得

因此粒子在B点的动能比在A点多1.0J；B错误；

D．粒子从A到B过程中电场力做功3J，则粒子在B点的动能为3J，则粒子从B点到C点过程，由动能定理可得

解得

D正确。

故选ACD。13、A:B【分析】【详解】

A．在电源的U－I图像中，图像斜率的绝对值表示电源的内电阻，由图线Ⅰ、Ⅱ可知，电源1、电源2的内阻分别为r1＝Ωr2＝Ω

即电源1与电源2的内阻之比是3∶2；A正确；

B．电源的U－I图像纵轴截距表示电源电动势，E1＝E2＝10V；则电源1与电源2的电动势之比是1∶1，B正确；

CD．小灯泡的U－I图线与电源的U－I图线的交点即为小灯泡与该电源连接时的工作状态，则连接电源I时，U1＝3.75V，I1＝5A，故小灯泡消耗的功率为P1＝U1I1＝18.75W

小灯泡的电阻R1＝＝0.75Ω

连接电源II时，U2＝5V，I2＝6A，故灯泡消耗的功率P2＝U2I2＝30W

灯泡的电阻R2＝＝Ω

则R1∶R2＝9∶10P1∶P2＝5∶8

CD错误。

故选AB。14、B:D【分析】【分析】

根据黑体辐射的实验规律以及黑体模型的概念分析讨论．

【详解】

从图中可以看出；温度越高，向外辐射同一波长的电磁波的辐射强度越大，A错误；从图中可以看出，辐射强度的极大值随温度升高而向短波方向移动，B正确；从图中可以看出，辐射的各个波长的部分的辐射强度均变大，故向外辐射的电磁波的总能量随温度升高而增强，C错误；从图中可以看出，黑体可以辐射出任何频率的电磁波，故向外辐射的电磁波的波长范围是相同的，D正确．

【点睛】

如果一个物体能够吸收照射到它上面的全部辐射而无反射，这种物体就叫做黑体；黑体可以辐射出任何频率的电磁波；当黑体温度升高时，辐射的各个频率的部分的强度均变大，同时辐射强度极大值向波长较短的方向移动．三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电平衡时；空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为0；

[2]外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作静电屏蔽。【解析】0静电屏蔽16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据定义可知，恒定电流为大小、方向都不随时间变化的电流。【解析】方向17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将一带正电荷的物体C置于A附近，由于静电感应，此时A带负电，B带正电，则贴在A、B下部的金属箔张开。

[2]先把A和B分开，然后移去C，此时A带负电，B带正电，贴在A、B下部的金属箔都张开。【解析】①.张开②.张开18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]表头改装成量程为I=1mA的电流表，需要并联的小电阻为

[2]改装成量程为U1=1V的电压表，需要串联的电阻

[3]改装成量程为U2=3V电压表，需要串联的电阻

联立解得R3=2000Ω【解析】①.100②.920③.200019、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]．根据串联电阻具有分压作用可知，S1和S2断开时，改装的应是电压表，由

可知电压表的量程是1V；

（2）[3][4]．当S1和S2均闭合时，电流表与电阻R2并联，改装的应是电流表，由

所以电流表的量程是2mA；【解析】电压1V电流2mA20、略

【分析】【详解】

（1）[1]把条形磁铁插入线圈时，穿过线圈的磁通量向上，且大小增大，则线圈产生的感应电流的磁场方向向下，由发光二极管B发光，可知流经二极管B的电流方向向下；则线圈缠绕方向如图乙中A所示。

（2）[2]条形磁铁从初始到完全插入；磁通量的变化量相同，磁铁运动速度越快，磁通量变化越快，发光二极管的亮度就越大，说明感应电动势随磁通量的变化率的增大而增大。

（3）[3]磁体从靠近线圈的上方静止下落，当磁体进入线圈的过程，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向下，当磁体离开线圈的过程，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向上，所以磁体进入和穿出线圈时感应电流方向相反；当磁体完全进入线圈时，穿过线圈的磁通量不变，则不会产生感应电流，磁体会加速运动，当到达线圈底部时，磁通量变化率大于磁体刚进入线圈时，依据法拉第电磁感应定律和欧姆定律可知到达底部的感应电流较大，故A正确，B、C、D错误。【解析】A磁通量的变化率A四、作图题(共2题，共16分)21、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共1题，共7分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．开关S接到位置6时表头与分压电阻串联；是电压挡，故A错误；

B．由图示电路图可知；开关S接到位置4表头与电源相连，此时是欧姆挡，故B正确；

C．开关S接到位置5时的分压电阻比接到