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文档简介
…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年北师大版高二物理下册阶段测试试卷511考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题,共10分)1、图甲为某一质点作简谐振动的振动图象,图乙是t=0时刻某简谐横波的波形图,波的传播方向沿x轴正向。下列说法中正确的是()图甲图乙A.在甲图中,质点的振动周期为1sB.在甲图中,t=1s时,质点的速度方向沿y轴负向C.在乙图中,横波的波长为2mD.在乙图中,平衡位置为x=1m处的质点,此时刻的速度方向沿y轴负向2、如下图甲所示,水平面上的光滑平行导轨MN、PQ上放着两根导体棒ab、cd,两棒中间用绝缘丝线系住.开始,匀强磁场垂直于纸面向里,磁感应强度B随时间t的变化如下图乙所示.I和FT分别表示流过导体棒中的电流和丝线的拉力.则在t0时刻()A.I=0,FT=0B.I=0,FT≠0C.I≠0,FT=0D.I≠0,FT≠03、如图所示,处在磁感应强度为B的匀强磁场中的单匝矩线圈abcd,以恒定的角速度ω绕ab边转动,磁场方向垂直于纸面向里,线圈所围面积为S,线圈导线的总电阻为R.t=0时刻线圈平面与纸面重合,且cd边正在离开纸面向外运动.则正确的是()A.时刻t线圈中电流的瞬时值i=B.线圈中电流的有效值C.线圈中电流的有效值D.线圈消耗的电功率4、“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中,选用的电路图应是()A.B.C.D.5、如图所示,半径大小不同的金属环在同一平面内,当大环内通以不断增大的电流I
时,小环中()A.有顺时针方向的感应电流;B.有逆时针方向感应电流;C.有感应电流,但方向无法判断;D.无感应电流。评卷人得分二、多选题(共7题,共14分)6、如图所示,两根足够长的光滑金属导轨竖直放置,相距为L,一理想电流表与两导轨相连,匀强磁场B与导轨平面垂直,磁场范围足够大.一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放,导体棒始终保持水平,且与导轨接触良好,不计导轨电阻,导体棒在磁场中运动的过程中()A.无论导体捧如何运动,最终电路中的电流I=B.导体棒减少的重力势能全部变成电阻R产生的焦耳热C.导体棒的加速度可能先增加后减小,最终减小到零D.导体棒的速度可能先增加,也可能先减小,也可能一直不变7、如图所示,水平放置的U形导电框架上接有电阻R,导线ab能在框架上无摩擦地滑动,竖直向上的匀强磁场竖直穿过框架平面,当ab匀速向右移动时,以下判断正确的是()A.导线ab除受拉力作用外,还受到磁场力的作用B.ab移动速度越大,所需拉力也越大C.ab移动速度一定,若将电阻增大些,则拉动ab的力可大些D.只要使ab运动并达到某一速度后,撤去外力,ab也能在框架上维持匀速直线运动8、为了测定一个水平向右的匀强电场的场强大小,小明所在的物理兴趣小组做了如下实验:用长为L
的绝缘轻质细线,上端固定于O
点,下端拴一质量为m
带电荷量为+q
的小球(
可视为质点)
如图所示,开始时,将线与小球拉成水平,然后释放,小球由静止开始向下摆动,摆到B
点时速度恰好为零,然后又从B
点向A
点摆动,如此往复.
小明用测量工具测量与水平方向所成的角度娄脠
刚好为60鈭�.
不计空气阻力,下列说法中正确的是()
A.在B
点时小球受到的合力为0
B.电场强度E
的大小为3mgq
C.小球从A
运动到B
重力势能减小32mgl
D.小球在下摆的过程中,小球的机械能和电势能之和先减小后增大9、如图所示,竖直放置的条形磁铁固定不动,一铜环从A位置以速度v0竖直上抛,依次经过B、C到达最高点D,又从D点经过C、B加速下落回到A点,运动过程中环面始终保持水平。位置B在条形磁铁的中心平面上,位置A、C与B等距离.设圆环在上升阶段运动到A、B、C、D时加速度大小分别为aA、aB、aC、aD,下降阶段经过C、B、A时加速度大小分别为a′C、a′B、a′A下列说法正确的是()A.aA>aB>aC>aDB.aB=aD=a′BC.a′C<a′B<a′AD.aA>aC>a′C>a′A10、水平桌面上放条形磁铁,磁铁正中上方吊着导线与磁铁垂直,导线中通入向纸内的电流,如图所示,产生的情况是()A.悬线上的拉力没有变化B.悬线上的拉力变大C.悬线上的拉力变小D.条形磁铁对桌面压力变小11、关于电磁场和电磁波,下列说法正确的有(
)
A.电磁波不能在真空中传播B.变化的电场一定能产生变化的磁场C.电磁波在真空中传播的速度是3隆脕108m/s
D.变化的电场和磁场由近及远地向周围空间传播形成电磁波12、如图所示,质量分别为m1
和m2
的两个小球AB
带有等量异种电荷,通过绝缘轻弹簧相连接(
弹簧处于自然状态)
置于绝缘光滑的水平面上,突然加一水平向右的匀强电场后,两小球AB
将由静止开始运动,在以后的运动过程中,对两小球AB
和弹簧组成的系统,下列说法中正确的是(
设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度)(
)
A.由于电场力对球A
和球B
做功为0
故小球电势能总和始终不变B.当弹簧长度达到最大值时,系统机械能最大C.由于两个小球所受电场力等大反向,故系统机械能守恒D.当小球所受电场力与弹簧的弹力大小相等时,系统动能最大评卷人得分三、双选题(共2题,共4分)13、下列说法中;正确的是()
A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖,麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中,滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液,加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉尚未水解14、下列说法中;正确的是()
A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖,麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中,滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液,加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉尚未水解评卷人得分四、判断题(共3题,共21分)15、电势差有正有负,所以是矢量,且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化.(判断对错)16、只有沿着电场线的方向电势才会降低,所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向.(判断对错)17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零,导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直.(判断对错)参考答案一、选择题(共5题,共10分)1、B|C【分析】由甲图可知周期为2s,A错;乙图为波动图像,振动方向要向前看,根据“前代后,后跟前”可判断平衡位置为x=1m处的质点,此时刻的速度方向沿y轴正向,D错;【解析】【答案】BC2、C【分析】试题分析:根据由乙图可知,是一个定值,导体棒中始终有电流通过,在t0时刻,磁感应强度B=0,由安培力F=BIL可知,导体棒受到的磁场力为0,它们之间的丝线的拉力为0,C正确。考点:电磁感应安培力【解析】【答案】C3、C【分析】解;A、时刻t线圈中电流的瞬时值i=A错误;
B、C:线圈中电流的有效值I=B错误C正确;
D、线圈消耗的电功率P=D错误;
故选C
先写出交流电的表达式;再根据峰值与有效值的关系判断电流有效值和小球消耗的功率.
正确写出交流电表达式是解决本题的关键,题目难度不大.【解析】【答案】C4、B【分析】解:测定小灯泡的伏安特性曲线;电压与电流要从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻较小,约为几欧姆到十几欧姆,远小于电压表内阻,电流表应采用外接法,故应选择图B所示电路;
故选:B.
测小灯泡的伏安特性曲线;电压与电流应从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻较小,电流表应采用外接法,分析电路图,然后答题.
本题考查了实验电路的选择,根据题意确定滑动变阻器与电流表接法、分析清楚电路结构即可正确解题.当电压与电流从零开始变化时,滑动变阻器要选择分压接法.【解析】【答案】B5、B【分析】略。【解析】B
二、多选题(共7题,共14分)6、AD【分析】解:A、磁场范围足够大,导体棒最终要在磁场中做匀速直线运动,由平衡条件得:mg=BIL,解得,最终电路中的电流:I=故A正确;
B;导体棒运动过程重力势能减少;减少的重力势能转化为导体棒的动能与焦耳热,故B错误;
C、如果导体棒进入磁场时受到的安培力小于重力,则导体棒做加速运动,导体棒受到的安培力:F=BIL=增大;导体棒受到的合力减小,加速度减小,当安培力与重力相等时做匀速直线运动;如果导体棒进入磁场时重力与安培力相等,则导体棒做匀速直线运动,加速度为零保持不变;如果导体棒进入磁场时受到的安培力大于重力,则导体棒做减速运动,安培力减小,合外力减小,加速度减小,当安培力等于重力时做匀速直线运动;由此可知:导体棒的加速度可能为零;也可能减小,加速度不会增大,故C错误;
D;由C分析可知;导体棒进入磁场时可能先做加速运动后做匀速直线运动,也可能一直做匀速直线运动,也可能先做减速运动后做匀速运动,故D正确;
故选:AD.
磁场范围足够大;导体棒最终要在磁场中做匀速直线运动,应用平衡条件可以求出电流;
导体棒进入磁场可能做加速运动;也可能做匀速运动、还可能做减速运动;根据导体棒所受安培力与重力的关系分析答题.
导体棒刚进入磁场时所受安培力可能小于重力、也可能等于重力、也可能大于重力,因此导体棒进入磁场后可能做加速运动、也可能做匀速运动、还可能做减速运动,分析清楚导体棒的运动过程是解题的前提与关键.【解析】【答案】AD7、AB【分析】解:A;因棒AB向右运动;电路中产生感应电流,磁场中的电流受到安培力的作用,故A正确;
B、棒AB向右运动产生的电动势:E=BLv,感应电流:安培力为:F=BIL=由于导体棒做匀速运动,拉力等于安培力,所以导线ab移动速度越大;所需拉力越大.故B正确;
C、由b中的公式可得,导线ab移动速度一定;若将电阻阻值R增大,则拉动导线的力可减小.故C错误;
D、使ab运动并达到某一速度后,撤去外力,ab受到安培力作用而做减速运动;最后静止,故D错误;
故选:AB.
用水平向右的恒定外力F拉着棒AB由静止开始向右移动;棒切割磁感线产生感应电流,受到安培力作用,随着速度增大,安培力增大,需要的拉力增大.撤去外力F后安培力做负功,棒做减速运动.
本题是常见的导体在导轨上滑动的类型,运用动力学方法分析导体棒的运动情况时,关键要抓住安培力与速度成正比的特点进行分析.【解析】【答案】AB8、BC【分析】【分析】分析小球在电场中的受力情况,可判断小球在B
点的受力;小球从A
到B
的运动过程中,重力做正功,重力势能减少;应用动能定理研究电势差,从而求得电场强度。本题考查了匀强电场中电势差和电场强度的关系、电势能;本题注意结合图分析小球在电场中的受力,应用动能定理研究电势差,求得电场强度。【解答】A.小球在B
点受重力竖直向下;电场力水平向右,故合力一定不为零,故A错误;
B.小球由A
到B
的过程中,由动能定理可得:mgLsin娄脠鈭�EqL(1鈭�cos60鈭�)=0
则电场强度E
的大小为3mgq
故B正确;C.小球从A
运动到B
重力做正功,W=mgh=mgLsin娄脠
故重力势能减小mgLsin娄脠
故C错误;
D.小球在下摆过程中;除重力做功外,还有电场力做功,故机械能不守恒,但机械能和电势能总能力之和不变,故D错误。
故选BC。【解析】BC
9、BD【分析】圆环在运动过程中,切割磁场线产生感应电动势,大小与圆环的速度有关。速度越大,感应电动势越大,感应电流也越大,安培力越大。在上升过程中,经过A点时,速度最大,安培力方向也向下,合力最大,加速度最大。经过B点时,不切割磁感线,没有电动势,加速度等于重力加速度。经过C点时,安培力的方向也向下,加速度大于重力加速度,但小于经过A点时的加速度。圆环到达最高点时,只受重力,加速度也为重力加速度。向下运动经过C点时,安培力的方向向上,加速度小于重力加速度。经过B点时,只受重力,加速度为重力加速度。经过A点时,安培力的方向也向上,并且比经过C点时的安培力大,所以这时的加速度小于重力加速度,并且比过C点时的加速度还要小。所以答案为BD。【解析】【答案】BD10、BD【分析】解:(1)以导线为研究对象;导线所在位置的磁场方向水平向右,导线中电流方向向里,由左手定则可知,导线所受安培力的方向竖直向下,悬线拉力变大,故AC错误,B正确;
(2)由牛顿第三定律得知;导线对磁铁的磁场力方向竖直向上,则磁铁对桌面的压力变小,故D正确.
故选BD.
首先以导线为研究对象;根据左手定则判断导线所受安培力的方向,再由牛顿第三定律分析导线对磁铁的作用力.最后判断绳子拉力及磁铁对桌面压力如何变化.
本题要灵活选择研究对象.由磁铁的磁感线的分布确定通电导线所在位置的磁场方向,然后由左手定则判断安培力的方向,最后由牛顿第三定律来确定磁铁受力方向.【解析】【答案】BD11、CD【分析】解:A
电磁波是一种物质;可在真空中传播,电磁波在真空中的传播速度总是3隆脕108m/s
等于光速,故A错误,C正确;
B;变化的电场能产生磁场;变化的磁场能产电场,但非均匀变化电场能生非均匀变化磁场,若是均匀变化的电场,则产生恒定的磁场,故B错误;
D;电磁场是由变化的电场和磁场;从发生区域由近及远的传播形成电磁波,故D正确;
故选:CD
.
变化的电场周围产生磁场;变化的磁场周围产生电场;均匀变化的电场产生稳定的磁场,均匀变化的磁场产生稳定的电场;非均匀变化的电场产生变化的磁场,非均匀变化的磁场产生变化的电场;
电场与磁场统称为电磁场;电磁场从发生区域由近及远的传播称为电磁波;
电磁波是一种物质;可在真空中传播,真空并不空,它有场这种物质;
电磁波在真空中的传播速度总是3隆脕108m/s
.
本题难度不大,熟练掌握并灵活应用基础知识即可正确解题;解题时要注意题目“变化”分均匀变化与不均匀变化,否则会出错.【解析】CD
12、BD【分析】解:A
加上电场后;电场力对两球分别做正功,故两球的动能增加,电势能均减小;故小球的电势能总和减小,当达到弹簧最大长度后,两小球反向运动,电场力均做负功,电势能增大,故A错误;
B;开始时电场力做正功;两小球的动能增加,当电场力和弹簧弹力平衡时,动能最大,然后弹力大于电场力,两球的动能减小,直到动能均为0
弹簧最长为止,此过程系统机械能一直增加,接着两球反向加速,再减速,弹簧缩短到原长,弹簧缩短的过程中,电场力对两球分别做负功,系统机械能一直减小,当弹簧长度达到最大值时,系统机械能最大;故B正确;
C;由以上分析可知;由于电场力对两小球系统做功,故系统机械能不守恒,故C错误;
D;两小球远离过程;先做加速度不断减小的加速运动,再做加速度不断变大的减速运动,故当电场力与弹力平衡时,加速度为零,动能最大,故D正确;
故选:BD
.
加电场后;A
小球受到向左的电场力,B
小球受到向右的电场力,电场力做正功,电势能减小,小球的动能和弹簧的弹性势能都变大.
本题结合弹簧考查机械能守恒定律、电场中的运动以及运动学知识的应用等规律,要求我们在动态的变化类题目中要注意分析过程,明确能量间的转化关系.【解析】BD
三、双选题(共2题,共4分)13、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题,难度不大。只要能记住常见物质的性质,就不难得出正确的结论。
A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂;故A正确;
B.蔗糖是最重要的二糖;麦芽糖是它的同分异构体,故B正确;
C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中;加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成,故C错误;
D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液;加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉水解完全,故D错误;
故选AB。【解析】AB14、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题,难度不大。只要能记住常见物质的性质,就不难得出正确的结论。
A.
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