2024年浙教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理下册月考试卷769考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、a、b两容器中装有相同质量的氧气，已知a中氧气的温度高于b中氧气的温度，但a中氧气的压强却低于b中氧气的压强．由此可知（）

A.a中氧气分子的平均动能一定大于b中氧气分子的平均动能．

B.a中每个氧分子的动能一定大于b中的氧气分子的平均动能．

C.a中氧气的体积一定大于b中氧气的体积。

D.a中氧气的内能不一定大于b中氧气的内能。

2、真空中水平放置的两金属板相距为d，两板电压是可以调节的，一个质量为m、带电量为＋q的粒子，从负极板中央以速度vo垂直极板射入电场，当板间电压为U时，粒子经d/4的距离就要返回，若要使粒子经d/2才，返回，可采用的方法是（）A.vo增大1倍B.使板间电压U减半C.vo和U同时减半D.初速增为2vo,同时使板间距离增加d/23、带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用．下列表述正确的是（）A.洛伦兹力对带电粒子做功B.洛伦兹力不改变带电粒子的动能C.洛伦兹力的大小与速度无关D.洛伦兹力不改变带电粒子的速度方向4、弹簧振子作简谐运动的频率是0.5Hz

在t=0

时正好从平衡位置向右运动，则当t=3.2s

时，振子(

)

A.正向右作减速运动，加速度正在增大B.正向左作加速运动，加速度正在减小C.正向左作减速运动，加速度正在增大D.正向右作加速运动，加速度正在减小5、如图所示，在斯特林循环的P鈭�V

图象中，一定质量理想气体从状态A

依次经过状态BC

和D

后再回到状态A

整个过程由两个等温和两个等容过程组成，下列说法中正确的是(

)

A.状态A

的温度高于状态C

的温度B.B隆煤C

过程中，单位体积里气体分子数目减小C.C隆煤D

过程中，气体分子每次与容器壁碰撞的平均冲力的平均值变小了D.一个循环过程中，气体要从外界吸收一定的热量6、汽车通过凹形路面时，在凹形路面的最低点，小明对座椅的压力A.等于零B.大于他的重力C.小于他的重力D.等于他的重力7、一个物体以速度v0

水平抛出，落地时速度的大小为v

不计空气的阻力，则物体在空中飞行的时间为()

A.v鈭�v0g

B.v+v0g

C.v2鈭�v02g

D.v2+v02g

8、当电磁波的频率增加时，它在真空中的波速将(

)

A.增大B.减小C.不变D.无法判断9、如图所示；水平面绝缘且光滑，弹簧左端固定，右端连一轻质绝缘挡板，空间存在着水平方向的匀强电场，一带电小球在电场力和挡板压力作用下静止．若突然将电场反向，则小球加速度的大小随位移x变化的关系图象可能是图中的（）

A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、多选题(共6题，共12分)12、如图是磁流体发电机的装置，a、b组成一对平行电极，两板间距为d，板平面的面积为S，内有磁感应强度为B的匀强磁场．现持续将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的微粒，而整体呈中性），垂直喷入磁场，每个离子的速度为v，负载电阻阻值为R，当发电机稳定发电时，负载中电流为I，则（）A.a板电势比b板电势低B.磁流体发电机的电动势E=BdvC.负载电阻两端的电压大小为BdvD.两板间等离子体的电阻率ρ=13、下列说法中正确的是（）A.太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉原理B.在受迫振动中，驱动力的频率一定等于物体的固有频率C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，要在镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度D.海市蜃楼是全反射的结果14、抽水蓄能电站的工作原理是：在用电低谷时（如深夜），电站利用电网多余电能把水抽到高处蓄水池中，到用电高峰时，再利用蓄水池中的水发电。如图所示，该电站竣工后蓄水池（上水库）有效总库容量（可用于发电）达5800万立方米，发电过程中上下水库平均水位差500m，最大水位差540m，年抽水用电为2.4×1010kW•h，年发电量为1.8×1010kW•h（水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，重力加速度为g=10m/s2，取下水库水面为零势能面）。则下列说法正确的是（）A.抽水蓄能电站的总效率约为75%B.发电时流入下水库的水流速度可达到110m/sC.蓄水池中能用于发电的水的重力势能约为3.0×1013JD.该电站平均每天所发电能可供给某个城市居民用电（电功率以105kW计算）约500h15、如图所示，真空中有两个固定点电荷A、B，所带电荷量分别为+2Q和+Q。M、N是AB连线中垂线上的两点，∠AMB＝120°，此时M点的电场强度大小为EM，电势为φM，将电荷量为+q的点电荷由M点移至N点，电场力做功为W。若保持其它条件不变，仅将B所带电量增加至+2Q，此时M点的电场强度大小为电势为仍将电荷量为+q的点电荷由M点移至N点，电场力做功为W′。则下列说法正确的（）

A.一定大于EMB.可能等于EMC.一定大于φMD.W′一定大于W16、如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，(

直线与横轴的交点坐标4.27

与纵轴交点坐标0.5).

由图可知(

)

A.该金属的截止频率为4.27隆脕1014Hz

B.该金属的截止频率为5.5隆脕1014Hz

C.该图线的斜率表示普朗克常量D.该金属的逸出功为0.5eV

17、氢原子能级如图，当氢原子从n=3

跃迁到n=2

的能级时，辐射光的波长为656nm

以下判断正确的是()A.氢原子从n=2

跃迁到n=1

的能级时，辐射光的波长小于656nm

B.用波长为325nm

的光照射，可使氢原子从n=1

跃迁到n=2

的能级C.一群处于n=3

能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3

种谱线D.用2ev

动能的电子碰撞，能使氢原子从n=2

跃迁到n=3

的能级评卷人得分四、填空题(共2题，共18分)18、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）19、小李家装修房屋，他和爸爸、妈妈一同到商店买木地板。售货员向他们宣传：硬度高的木地板质量较好，他同时拿出A、B、C三种不同品牌的木地板样品，用刀在三种木地板上刻划，然后推荐其中划痕最浅的C品牌地板。请根据你学过的物理知识判断，影响木地板划痕深度的两个主要因素是：①地板的硬度；②______。而售货员所做演示中存在的问题是：______。评卷人得分五、画图题(共2题，共6分)20、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象21、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A|C【分析】

A、温度是分子平均动能的标志，a中氧气的温度高于b中氧气的温度，则a中氧气分子的平均动能一定大于b中氧气分子的平均动能；A正确；

B、a中氧气分子的平均动能一定大于b中氧气分子的平均动能；并不是每个分子都大，B错误；

C、由理想气体状态方程知a中氧气的体积一定大于b中氧气的体积；C正确；

D、在质量相同的情况下，内能由温度决定，所以a中氧气的内能一定大于b中氧气的内能；D错误；

故选AC

【解析】【答案】温度是分子平均动能的标志；平均动能大并不是每个分子的动能都大，气体的内能是所有分子动能的和．

2、B【分析】【解析】试题分析：A、由题知粒子进入电场做匀减速直线运动，加速度为设粒子在电场中运动的距离为x，由运动学规律有则增大一倍，位移增大为原来的4倍，即粒子经过d才返回；错误B、使板间电压U减半，位移增大为原来的2倍，即粒子经过才返回；正确C、和U同时减半，位移减小为原来的错误D、初速增为同时使板间距离增加位移增大为原来的6倍；错误故选B考点：带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】B3、B【分析】解：A；洛伦兹力的方向与速度方向垂直；所以洛伦兹力不做功，不改变速度的大小，只改变速度的方向，所以不改变粒子的动能．故A、D错误，B正确．

C；洛伦兹力大小F=qvB；与速度的大小有关．故C错误．

故选B．

洛伦兹力的方向与速度方向垂直；只改变速度的方向，不改变速度的大小．

解决本题的关键掌握洛伦兹力的大小公式，知道洛伦兹力的方向．【解析】【答案】B4、C【分析】解：振子的周期是2s

当t=3.2s

时，减去一个周期，即为1.2s

而1s<1.2s<1.5s

因此振子正向左；作减速运动，且加速度在增大，故C正确，ABD错误；

故选C．

弹簧振子做简谐运动；弹簧的弹力为回复力，根据牛顿第二定律判断加速度的变化，根据加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．

要掌握弹簧振子的运动过程，同时还可知道弹簧振子在运动过程中，速度、加速度、位移、回复力、动能、势能如何变化．【解析】C

5、D【分析】解：AA

到B

是等温变化，所以TA=TBB

到C

等容变化，压强增大，温度升高，即TB<TC

所以状态A

的温度低于状态C

的温度，故A错误；

B；B隆煤C

过程中；体积不变，单位体积里气体分子数不变，故B错误；

C；C隆煤D

过程；温度不变，分子的平均动能不变，所以气体分子每次与容器壁碰撞的平均冲力的平均值不变，故C错误；

D、一个循环中，气体内能不变鈻�U=0

气体对外界做功W<0

根据热力学第一定律知Q>0

故D正确；

故选：D

气体的内能只与温度有关，根据热力学第一定律有鈻�U=W+Q

判断气体吸热还是发热；根据图象利用理想气体状态方程对每一个过程进行分析即可．

本题考查了理想气体状态方程的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体做功情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题；要知道：温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由问题温度决定【解析】D

6、A【分析】本题考查了参考系和坐标系。要判断物体的动与静，就要比较物体与参照物的位置关系.

选择参照物的关键是首先找出被研究物体，然后选择该物体之外的物体进行位置的比较。车窗外的路灯杆疾速向后运动所选的参照物是小明乘坐的汽车，选项A正确；若以路面或其他路灯杆或高架护栏为参照物，车窗外的路灯杆是静止的，选项B、C

D错误。故选A。参考系的选取原则上是任意的，但在选取时应以研究的方便为原则。

本题考查了匀速直线运动的图像。匀速直线运动的位移隆陋

时间图像是倾斜的直线，其斜率表示速度；匀速直线运动的速度隆陋

时间图像是平行于横轴的直线。匀速直线运动是速度不变的运动，其路程和时间成正比，A

图表示匀速直线运动，B

图表示物体静止，选项A符合题意，选项B不合题意；A

图：是s鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体做匀速直线运动，选项A符合题意；B

图：是s鈭�t

图像，图线平行于时间轴，物体静止，选项B不合题意；C

图：是v鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体的速度均匀增加，物体做加速直线运动，选项C不合题意；D

图：是v鈭�t

图像，图线是一条倾斜的直线，物体的速度均匀减小，物体做减速直线运动，选项D不合题意。故选A。掌握匀速直线运动的v鈭�t

图像与s鈭�t

图像的特点是正确解题的前提与关键。

本题考查了动能和势能的相互转化、功的计算、动能定理的应用。依据重力做功的特征：重力做功与高度有关，下坡做正功，上坡做负功；然后再依据重力做功与重力势能的变化关系，确定重力势能的变化；物体动能的变化等于合外力所做的功，合外力做正功，物体动能增加，合外力做负功，物体的动能减小。汽车在减速上坡过程中，重力做负功，重力势能增大，选项A、B错误；汽车在减速上坡过程中，合力对汽车做负功，汽车的动能减少，选项C错误，选项D正确。故选D。解决本题的个是：重力做功的特征，依据重力做功与重力势能的变化关系；正确理解动能定理。

本题考查了向心力、作用力和反作用力。汽车通过凹形路面最低处时，重力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律列出表达式来分析判断压力与重力的关系。汽车过凹形路面的最高低时，设速度为v

半径为r

由牛顿第二定律得：解得：，即FN>mg

根据牛顿第三定律可知，它对路面的压力大于重力。故选B。分析物体做圆周运动时，关键是分析清楚物体受到的所有的力，求出指向圆心方向的向心力，然后用向心力公式求解。【解析】。【小题1

】A【小题2

】A【小题3

】D【小题4

】B7、C【分析】解：物体水平抛出后做平抛运动；竖直方向做自由落体运动，由题意得：

落地时竖直方向分速度为vy=v2鈭�v02

又vy=gt

则得，v2鈭�v02=gt

解得，t=v2鈭�v02g

故选C【解析】C

8、C【分析】解：电磁波的传播速度是一定值；当电磁波的频率增加时，它在真空中的速度不变．

故选：C

．

电磁波的传播速度是一定值；和电磁波的波长；频率大小无关．

此题主要考查的是学生对电磁波的波速是一定值的了解和掌握，基础性题目．【解析】C

9、A【分析】【解答】解：小球离开挡板前，小球开始做简谐运动，设小球做完整简谐运动的振幅为A，则根据简谐运动的特征：F=﹣kx得知，小球的加速度大小a=a与x是线性关系，x增大，a减小．小球离开挡板后，小球只受电场力作用，做匀加速直线运动，加速度将不变．所以A图正确．

故选A

【分析】根据简谐运动的特征分析小球离开弹簧之前的加速度与位移的关系．小球离开挡板后做匀加速直线运动，加速度将不变．二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、多选题(共6题，共12分)12、BD【分析】解：A；根据左手定则；正电荷向上偏转，所以a板带正电，电势高；故A错误；

B、最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：qvB=q解得：E=Bdv，故B正确；

C、根据闭合电路欧姆定律，有：I=

故路端电压：U=IR=

即AB两板间的电势差为电阻R两端的电压也为故C错误；

D、又R+r=r为板间电离气体的电阻，且r=ρ

联立得到电阻率ρ的表达式为：ρ=故D正确；

故选：BD．

等离子体受到洛伦兹力发生偏转；根据正电荷的偏转方向确定直流电源的正极．最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势，再结合闭合电路欧姆定律和电阻定律求出电阻率的大小．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据电荷的平衡求出电动势的大小，根据闭合电路欧姆定律求解极板间的电势差．【解析】【答案】BD13、AD【分析】解：A；太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光；利用膜形成频率相同的光，从而进行叠加，导致反射光出现相互减弱，这是利用了光的干涉原理，故A正确；

B；在受迫振动中；驱动力的频率一定等于物体的振动频率，当等于物体的固有频率时，出现共振现象，故B错误；

C；拍摄玻璃橱窗内的物品时；要在镜头前加装一个偏振片，以减反射光透射，故C错误；

D；海市蜃楼是全反射现象；故D正确；

故选：AD

增加透射光；这是利用了光的干涉原理；

受迫振动中；驱动力的频率一定等于振动频率；

偏振片目的是减弱反射光的透射；

海市蜃楼是全反射的结果．

考查光的干涉、光的偏振与全反射的现象的应用，理解它们的原理与区别，注意驱动频率、振动频率与固有频率的区别与联系．【解析】【答案】AD14、AD【分析】解：A、已知年抽水用电为2.4×1010kW•h，年发电量为1.8×1010kW•h，则抽水蓄能电站的总效率为η=×100%=75%；故A正确。

B、若不计任何阻力，由机械能守恒得mgh=mv2，得v==≈103.9m/s。由题知；水流下的过程中受到阻力，所以发电时流入下水库的水流速度小于103.9m/s。故B错误。

C、蓄水池中能用于发电的水的重力势能为Ep=mg=ρVg=1.0×103×5800×104×10×500J≈2.9×1014J．故C错误。

D、该电站平均每天所发电量为E=可供给一个大城市居民用电（电功率以105kW计算）的时间为t=≈500h；故D正确。

故选：AD。

根据年发电量与年抽水用电之比求电站的总效率。由能量守恒定律分析发电时流入下水库的水流速度。根据Ep=mgh求蓄水池中能用于发电的水的重力势能。再由能量守恒求居民用电时间。

本题要求能量的转化效率，首先要确定哪种能量是有效利用的能量；哪种能量是消耗的总能量。掌握力学的知识在能量转化过程中的应用。【解析】AD15、A:C:D【分析】【详解】

AB．若将B的电荷量增大，根据公式

可知B电荷在M点产生的场强增大，与A电荷产生的场强叠加，由于所以合场强也增大，故A正确，B错误；

C．电势是标量，B电荷的电量增加后，由公式

B电荷在M点的电势变大，与A电荷在M点的电势叠加；总的电势变大，故C正确；

D．当B电荷量增加后，从M到N各点的场强都增大，电荷量为+q的点电荷受的电场力增大；电场力做的功增大，故D正确。

故选ACD。16、AC【分析】解：AB

根据爱因斯坦光电效应方程Ek=h娄脙鈭�WEk鈭�娄脙

图象的横轴的截距大小等于截止频率，由图知该金属的截止频率为4.27隆脕1014Hz.

故A正确，B错误．

C、由Ek=h娄脙鈭�W

得知，该图线的斜率表示普朗克常量h

则由数学知识得：h=0.5隆脕1.6隆脕10鈭�19(5.5鈭�4.27)脳1014隆脰6.5隆脕10鈭�34J?s.

故C正确．

D；当Ek=h娄脙鈭�W=0

时；逸出功为W=h娄脙0=6.5隆脕10鈭�34J?s隆脕4.27隆脕1014Hz=2.7755隆脕10鈭�19J隆脰1.73eV.

故D错误．

故选：AC

根据爱因斯坦光电效应方程Ek=h娄脙鈭�WEk鈭�娄脙

图象的斜率等于h.

横轴的截距大小等于截止频率，逸出功W=h娄脙0

根据数学知识进行求解．

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道逸出功与极限频率的关系，结合数学知识即可进行求解．【解析】AC

17、ACD【分析】解：A

从n=3

跃迁到n=2

的能级时；辐射光的波长为656nm

即有：

hc656nm=(鈭�1.51鈭�(鈭�3.4))隆脕1.6隆脕10鈭�19

而当从n=2

跃迁到n=1

的能级时，辐射能量更多，则频率更高，则波长小于656nm.

故A正确．

B、当从n=1

跃迁到n=2

的能级，需要吸收的能量为鈻�E=(鈭�3.4鈭�(鈭�13.6))隆脕1.6隆脕10鈭�19J

根据A

选项分析，则有：hc位=(鈭�3.4鈭�(鈭�13.6))隆脕1.6隆脕10鈭�19J

解得：娄脣=122nm

故B错误；

C；根据数学组合C32=3

可知一群n=3