2024年沪科版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高三物理下册月考试卷67考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列说法正确的是（）A.开普勒测出了万有引力常量B.牛顿第一定律能通过现代的实验手段直接验证C.卡文迪许发现地月间的引力满足距离平方反比规律D.伽利略将实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学的思维方式和研究方法2、汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，见前方有障碍物立即刹车，刹车的加速度大小为5m/s2，则汽车刹车后2s内及刹车后6s内通过的位移之比为（）A.3：4B.1：1C.3：5D.1：23、如图所示，导热性能良好的气缸内用活塞封闭着一定质量、常温常压的理想气体，气缸放在水平地面上，一条细绳一端连接在活塞上，另一端通过两个光滑的定滑轮后连接在一个可施加拉力的传感器上，传感器由计算机控制，开始时活塞和气缸均静止．现通过计算机对活塞施加拉力，让活塞缓慢向上移动，发现活塞始终没有从气缸中拉出，周围环境温度不变．则在活塞移动的过程中，下列说法正确的是（）A.气缸内气体的分子平均动能变小B.气缸内气体对活塞单位时间内碰撞的次数先减少后不变C.气缸对地面的压力先不变后逐渐减小到零D.拉力对缸内气体做功，气体向外界放热4、一质点从静止开始以加速度a1做匀加速直线运动，经t后立即以反方向的大小恒为a2的加速度做匀变速直线运动，又经t恰好返回出发点．则a1与a2的大小比值为（）A..1：1B..1：2C..1：3D.2：35、元素X的原子核可用符号．表示，其中a、b为正整数；下列说法中正确的是（）

A.a等于原子核中的质子数，b于原子核中的中子数。

B.a等于原子核中的中子数，b等于原子核中的质子数。

C.a等于原子核中的核子数，b等于原子核中的质子数。

D.a等于原子核中的质子数，b等于原子核中的核子数。

6、如图所示，绝热的容器内封闭一定质量的气体（不考虑分子间的相互作用力，外界大气压恒定），用电阻丝对其加热时，绝热活塞缓慢地无摩擦地上升，下列说法正确的是A．活塞上升，气体体积增大，温度降低B．电流对气体做功，气体又对外做功，气体内能可能不变C．电流对气体做功一定大于气体对外做功D．气体体积增大，单位时间内打到器壁单位面积的分子数减少，气体压强一定减小7、引力常量为G，地球质量为M，把地球当作球体，半径为R，忽略地球的自转，则地球表面的重力加速度大小为（）A.g=B.g=GRC.g=D.缺少条件，无法算出地面重力加速度8、跳伞运动员打开降落伞一段时间后，将做匀速运动直至落地．无风时着地速度是4m/s，有风时，风会使运动员以3m/s的速度沿水平方向向东运动，则有风时运动员着地速度大小为（）A.7m/sB.1m/sC.5m/sD.无法确定评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，某杂技演员质量为60kg，坐在摆绳长为L的秋千上无初速荡下，在初始位置秋千绳刚好水平伸直，在最低点演员速度大小为，则下列说法正确的是（）A.在荡下的过程中演员速度越来越大B.在最低点演员受到重力、弹力和向心力的作用C.在最低点，秋千对演员的弹力大小与秋千绳长有关D.在最低点，秋千对演员的弹力大小约为1800牛，与绳长无关10、如图所示，线圈两端接在电流表上组成闭合电路，在下列情况中，电流表指针会发生偏转的是（）A.线圈不动，磁铁插入线圈B.线圈不动，磁铁拔出线圈C.磁铁插在线圈内不动D.线圈和磁铁相对位置不变，以相同速度同时运动11、（2016春•安庆期中）一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法中正确的是（）A.t1时刻通过线圈的磁通量为零B.t2时刻通过线圈的磁通量为零C.t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e转换方向时，通过线圈的磁通量的绝对值都为最大12、如图所示，平行金属导轨间距为L，与水平面间的倾角为θ（导轨电阻不计）．两导轨与阻值为R的定值电阻相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m，长为L的导体棒在ab位置获得平行于斜面的大小为v的初速度向上运动，最远处到达cd的位置，滑行距离为s，导体棒的电阻也为R，导体棒与导轨间的动摩擦因数为μ，则（）A.上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B.导体棒上滑过程中克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为mv2C.上滑过程中电流做功产生的热量为mv2-mgs（sinθ+μcosθ）D.上滑过程中导体棒损失的机械能为mv2-mgssinθ13、物体沿一东西方向水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度-时间图象如图所示，下列说法中正确的是（）A.0～2s内其加速度最大B.t=6s时其速度改变方向C.6s～7s内其做向西的匀加速运动D.10s～12s内其做向东的匀加速运动评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、如图1是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表；E是电源（电动势10V，内阻很小）．

在保证安全和满足要求的情况下；使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下：

（i）连接好电路；将滑动变阻器R调到最大；

（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2．

（iii）重复步骤（ii），再侧量6组R1和I2；

（iv）将实验洲得的7组数据在坐标纸上描点．

根据实验回答以下问题：

①现有四只供选用的电流表：

A．电流表（0～3mA；内阻为2.0Ω）

B．电流表（0～3mA；内阻未知）

C．电流表（0～0.3A；内阻为5.0Ω

D．电流表（0～0.3A；内阻未知）

A1应选用____，A2应选用____．

②测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值____（选填“不变”；“变大”或“变小”）．

③在图2坐标纸上画出R1与I2的关系图．

④根据以上实验得出Rx=____Ω．15、（2010秋•兴国县校级月考）如图所示，用A、B两把刻度尺测同一物体长度，放置正确的是____刻度尺，其分度值是____，该物体的长度为____cm．16、（2014•临沂二模）如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光，从空气中以与AB的夹角θ=30°的入射方向射向AB边的中点E．已知棱镜的边长为L，折射率n=；求：

①该单色光射到BC边上的位置；

②该单色光在BC边上____（选填“能”或“不能”）发生全反射．17、如图所示A；B为两个振源；图中实线圆代表A单独发出的波该时刻的波峰位置，虚线圆代表B单独发出的波该时刻的波峰位置．试在答题纸上两波叠加的区域画出一根振动加强的线和一根振动减弱的线，并分别在线上用符号“ο”和“×”标出振动加强和振动减弱的点．

18、经典力学：物体的质量是____的，一定的力作用在物体上产生____的加速度，经过足够长时间后物体可以达到____的速度．

相对论：物体的质量随物体速度____．物体以速度v运动时的质量m与静止时的质量m0之间的关系是：m＝____；

因为总有v____它静止时的质量m0.19、（2012春•西城区期末）如图所示，单匝线圈abcd在外力作用下以速度v向右匀速进入匀强磁场，第二次以速度2v匀速进入同一匀强磁场．第一次与第二次线圈中感应电流之比为____，回路中产生的焦耳热之比为____．20、（2015•金山区一模）如图，电源电动势E=3V，内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，滑动变阻器总电阻R=16Ω，在滑片P从a滑到b的过程中，电流表的最大示数为____A，滑动变阻器消耗的最大功率为____W．21、真空中有两个点电荷，所带电量分别为4×10-8C和1×10-8C，相距2cm，则它们之间的静电力是____N．22、一质点从xOy平面上的原点出发，沿x轴正方向运动8m后，接着又沿y轴正方向运动6m，则该质点在此过程中运动的路程为____m，运动的位移的大小为____m．评卷人得分四、判断题(共4题，共40分)23、单晶体的所有物理性质都是各向异性的．____．（判断对错）24、物体的运动状态发生了变化，一定受到外力的作用．____（判断对错）25、贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象，从而揭示出原子核具有复杂结构____（判断对错）26、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）评卷人得分五、计算题(共1题，共10分)27、质量为m=1200kg的小轿车驶上半径R=40m的拱形桥，重力加速度g=10m/s2求：

（1）当轿车以10m/s的速度通过桥面最高点时；对桥面压力是多大？

（2）轿车以多大速度通过桥面顶点时，对桥面刚好没有压力？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】记住著名物理学家的主要贡献，根据物理学史和常识解答即可．【解析】【解答】解：A；卡文迪许测出了万有引力常量．故A错误；

B；牛顿第一定律是理想的实验定律；不能通过现代的实验手段直接验证．故B错误；

C；牛顿发现了万有引力定律；发现地月间的引力满足距离平方反比规律．故C错误；

D；伽利略将实验和逻辑推理和谐地结合起来；发展了科学的思维方式和研究方法．故D正确．

故选：D2、A【分析】【分析】汽车刹车过程做做匀减速直线运动，根据加速度和初速度，由速度公式求出刹车的时间，根据已知时间与刹车时间的比较，分析汽车的运动状态，再选择公式求解已知时间内的位移，最后求出比值．【解析】【解答】解：设汽车从刹车到停下的时间为t，则由v=v0+at得。

t==s=4s

则4s后汽车停止运动；刹车6s内的位移与刹车4s内的位移相等．

汽车刹车2s内的位移为x1=v0t1+=20×2+×（-5）×22（m）=30m

刹车6s内的位移为x2=v0t+=20×4+×（-5）×42（m）=40m

所以汽车刹车2s内与刹车后6s内汽车通过的位移之比为为x1：x2=3：4

故选：A3、B【分析】【分析】对活塞和气缸整体及内部气体进行分析，明确温度、体积及压强的变化；再结合共点力平衡分析压力变化．【解析】【解答】解：A；因外界温度不变；气缸导热，故气缸内气体分子的平均动能不变；故A错误；

B；气缸内的撞击次数与体积有关；因体积先增大后不变；故碰撞次数先减少后不变；故B正确；

C；对整体分析可知；整体受重力、拉力和支持力的作用；拉力增大时，压力先减小后不变；故C错误；

D；拉力拉动活塞；使气体对外做功；气体内能不变，从外界吸热；故D错误；

故选：B．4、C【分析】【分析】由题，质点在第一个t时间内做匀加速运动，在第二个t时间内做有往返的匀减速运动，位移大小相等，方向相反，第一个过程的末速度等于第二个过程的初速度，由位移公式和速度联立可求解．【解析】【解答】解：第一个t（s）时速度为v=a1t，位移为s=①

第二个t（s）时间内的位移为-s=vt-②

代入得，-s=a1t•t-③

由①③得。

=a1t2-

可得a2=3a1．即得a1：a2=1：3

故选C5、D【分析】

由元素符号的意义知a为质子数，b为质量数即核子数；D正确；

故选D．

【解析】【答案】质子数与原子序数相同；质量数是质子数与种子数之和．

6、C【分析】根据热力学第二定律，吸收的热量不可能全部用来对外做功，可知气体压强不变，体积增大，温度升高，A错；B错；体积增大，温度升高，压强不变，分子平均动能增大，单个分子撞击容器壁产生的平均冲力增大，所以单位时间内打到器壁单位面积的分子数减少，D错；【解析】【答案】Ｃ7、C【分析】【分析】根据万有引力等于重力，求出地球表面的重力加速度大小．【解析】【解答】解：根据得，地球表面的重力加速度g=．故C正确；A；B、D错误．

故选：C．8、C【分析】【分析】将跳伞员的运动分解为竖直方向和水平方向，水平方向上的运动不影响竖直方向上的分运动，根据速度的合成求出跳伞员着地的速度大小和方向．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则，得v==m/s=5m/s．因风速是从正西方向吹来；则水平方向上的分速度向东，则合速度的方向偏东．故C正确，A；B、D错误．

故选：C．二、多选题(共5题，共10分)9、AD【分析】【分析】根据机械能守恒定律分析速度的变化，在最低点演员受到重力、弹力．在最低点，由牛顿第二定律得出秋千对演员的弹力表达式，再分析即可．【解析】【解答】解：A；在荡下的过程中演员的重力势能减小转化为动能；由机械能守恒定律知速度越来越大．故A正确．

B；在最低点演员受到重力、弹力两个力作用；向心力是重力和弹力的合力，故B错误．

CD、在最低点，由牛顿第二定律得F-mg=m；得弹力F=3mg，与绳长无关，且F=1800N，故C错误，D正确．

故选：AD10、AB【分析】【分析】根据法拉第电磁感应定律可知，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生，指针便不会偏转．【解析】【解答】解：A；B、在磁铁插入、拉出过程中线圈中的磁通量均发生变化；回路中产生感应电流，指针发生偏转．故AB正确；

C；磁铁放在螺线管中不动时；线圈中的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故C错误；

D；线圈和磁铁相对位置不变；以相同速度同时运动，线圈中的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故D错误．

故选：AB．11、BD【分析】【分析】矩形线圈中产生正弦式电流，当线圈通过中性面时，磁通量最大，感应电动势为零，电动势方向发生改变．而当线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大，磁通量的变化率最大．【解析】【解答】解：A、t1时刻感应电动势为零；线圈通过中性面，磁通量最大，故A错误；

B、由图t2时刻；感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，故B正确；

C、t3时刻感应电动势为零；磁通量的变化率为零，故C错误；

D；每当e转换方向时；线圈与磁场垂直，线圈通过中性面时，磁通量最大，故D正确；

故选：BD．12、BCD【分析】【分析】导体棒向上做减速运动，开始时速度最大，产生的感应电流最大，受到的安培力最大，由E=Blv、I=、FA=BIl求出最大安培力．根据动能定理求解总功．

由能量守恒定律研究热量．回路中产生的热量等于导体棒克服安培力做的功．上滑的过程中动能减小，重力势能增加，即可求得机械能的损失．【解析】【解答】解：

A、导体棒开始运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，由E=BLv、I=、FA=BIL得：

最大安培力为Fmax=．故A错误．

B、导体棒上滑的过程中，根据动能定理得知，克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为mv2．故B正确．

C、根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出的热量为Q=mv2-mgs（sinθ+μcosθ）．故C正确．

D、上滑的过程中导体棒的动能减小mv2，重力势能增加mgssinθ，所以导体棒损失的机械能为mv2-mgssinθ．故D正确．

故选：BCD13、BC【分析】【分析】速度--图象中直线的斜率表示加速度的大小，图象在时间轴的上方，表示速度为正，在时间轴的下方，表示速度为负，运动的方向与选取的正方向相反．【解析】【解答】解：A、0-2s内物体的加速度：

4-6s内物体的加速度：；所以0-2s内物体的加速度不是最大．故A错误；

B；物体在第6s末从向正方向运动；将变为向负方向运动，即其速度改变方向．故B正确；

C；6s-7s物体运动的方向与选取的正方向相反；即向西做加速运动．故C正确；

D；10s-12s内物体运动的方向与选取的正方向相反；即向西运动，故D错误；

故选：BC三、填空题(共9题，共18分)14、DC变大31.3【分析】【分析】①由题意可知，A1示数I1=0.15A，即可确定量程，根据题目中图象示数可知，A2的量程为0.3A；

②由欧姆定律；结合电路分析方法，可知滑动变阻器的阻值如何变化；

③根据串并联特征，结合R1与I2的图象的斜率含义，依据欧姆定律，即可求解．【解析】【解答】解：①A1示数I1=0.15A，则A1应选用量程为0.3A的电流表；由于只要知道电流大小即可，即选用D；

根据R1与I2的关系图，可知，A2的量程为0.3A；且必须要知道其电阻，因此选用C；

②调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A；则与其串联的两个电阻一个电流表的两端电压必须要在减小，因此只有应让滑动变阻器R接入电路的阻值在变大，才能达到这样的条件；

③根据欧姆定律，则有：（R1+R0+RA1）IA1=I2（RX+RA2）；

整理可得：R1=I2；

而R1与I2的图象的斜率为：k==241.7Ω；

则有：RX=kIA1-RA2=241.7×0.15-5=31.3Ω；

故答案为：①D；C；②变大；③31.3

15、A1mm2.21【分析】【分析】刻度尺的正确使用方法：

（1）看：使用前先看量程；分度值、零刻度线是否损坏；

（2）放：放正尺的位置；使刻度尺有刻度的一边紧靠被测物体；

（3）读：读数时视线要与尺面垂直；估读到分度值的下一位；

（4）记：记录测量结果时要记上数值和单位．【解析】【解答】解：B刻度尺的刻度线一边没有紧靠被测物体；放置正确的是A刻度尺；

A刻度尺两条相邻刻度线之间的距离（分度值）是1mm；

物体的长度是：2.21cm．

故答案为：A，1mm，2.2116、不能【分析】【分析】①已知入射方向与边AB的夹角为θ=30°，入射角i=60°．根据折射定律求解折射角r；由几何知识确定光射到BC边上的位置；

②由公式sinC=求出临界角C，分析能否发生全反射．【解析】【解答】解：①设入射角为i，折射角为r；由折射定律得：

=n①

其中i=90°-θ=60°②

由已知条件及①②式得：

r=30°③

光路图如图所示；设出射点为F，由几何关系可知△BEF为等边三角形；

BF=BE=④

即该单色光射到BC边上的中点位置．

②从而可得在BC边上的入射角为i1=30°⑤

设全反射的临界角为θc；则；

sinθc=⑥

由⑥式已知条件得：

θc=arcsin⑦

由于30°＜arcsin；所以光在F点不能发生全反射．⑧

答：

①该单色光射到BC边上的中点位置；

②该单色光在BC边上不能发生全反射．17、略

【分析】

如图所示；在波的传播过程中波峰和波谷交替出现，故在两个相邻波峰之间一定存在一个波谷，故实线与虚线不能相交，且虚线不能画成一直线，应有一定的弯曲度．

【解析】【答案】由于两列波是相干波；而相邻的波峰之间是波谷，所以实线与实线相交点是波谷与波谷，或波峰与波峰相遇即振动情况相同，实线与虚线相交点是波谷与波峰相遇故振动情况相反．振动情况相同则振动加强，振动情况相反则振动减弱．

18、不变一定任意增加增大总要大于【分析】【解答】经典力学：物体的质量是不变的；一定的力作用在物体上产生一定的加速度，经过足够长时间后物体可以达到任意的速度．

【分析】加强相关概念的理解。19、1：21：2【分析】【分析】根据切割公式E=BLv求解电动势，根据I=，E=BLv求解电流之比；根据t=求解时间，根据Q=I2Rt求解焦耳热之比．【解析】【解答】解：设磁感应强度为B；正方形边长为L，线圈电阻为R；

线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势E=BLv，感应电流I==，则知感应电流I与速度v成正比，故第一次进入与第二次进入时线圈中电流之比：I1：I2=v：2v=1：2；

线圈进入磁场过程中产生的焦耳热：Q=I2Rt=（）2•R•=；产生的焦耳热与速度成正比，则第一次进入与第二次进入时线圈中产生热量之比：

Q1：Q2=v：2v=1：2．

故答案为：1：2，1：2．20、10.75【分析】【分析】分析电路明确电路结构，再根据闭合电路欧姆定律求得电流表的最大示数；由功率公式可知当内外电阻相等时功率达最大．【解析】【解答】解：由图可知，滑动变阻器两端相互并联后与R1串联，当滑动变阻器短路时，电流表示数最大，则最大电流I===1A；

把保护电阻看做电源的内阻，电源与保护电阻等效于电源，滑动变阻器是外电路，滑片P从a滑到b的过程中，电路外电阻R先变大后变小，等效电源电动势E不变，由P=可知，滑动变阻器消耗的电功率先变小后变大，当内外电路电阻相等时，外电路功率最大，即当R=r+R1=1+2=3Ω时；外电路功率最大，故此时滑动变阻器消耗的功率为：

P===0.75W；

故答案为：1；0.75．21、9×10-3【分析】【分析】根据库仑定律的公式F=k求出两电荷间的库仑力．【解析】【解答】解：根据库仑定律；则有：

F=k=9.0×109×N=9×10-3N；

故答案为：9×10-3．22、1410【分析】【分析】位移是矢量，是由起点指向终点的有向线段，位移与物体运动