2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，Ⅰ，Ⅱ分别是甲、乙两小车从同一地点沿同一直线先后做匀变速直线运动的v-t图线，根据图线可以判断（）A.两车在t=8s时再次相遇B.甲、乙两小车运动时，加速度大小相等、方向相反C.两车在t=2s时刻的速度大小相等、方向相同D.图线交点对应的时刻两车相遇2、2012年10月10日；太空探索技术公司（SpaceX）的“龙”货运飞船当天早上与国际空间站成功对接．如图所示，“龙”货运飞船装载了许多货物，包括实验器材；备件、空间站宇航员所需的衣服和食品以及一个冰箱，冰箱里还装有冰激凌，下列相关分析中正确的是（）

A.“龙”飞船的发射速度介于7.9km/s与11.2km/s之间。

B.“龙”飞船欲实现对接；必须在国际空间站的后下方，伺机喷气加速变轨，实现对接。

C.“龙”飞船喷气加速前；“龙”飞船与国际空间站的加速度相等。

D.空间站中收到的冰激凌处于完全失重状态。

3、【题文】某一物体在水平面上作初速为6m/s的匀变速直线运动，加速度的大小为2m/s2，下列对运动的描述正确的有:()A.物体运动5秒的位移一定为55mB.物体在第1秒末的速度一定是4m/swww.k@s@5@高#考#资#源#网C.物体在第2秒内的平均速度可能是9m/sD.物体的位移一定随时间逐渐增大4、下列情况中的速度，属于平均速度的是（）A.运动员冲过终点线时的速度为9.5m/sB.汽车在通过隧道过程中的速度为1.2m/sC.返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD.子弹射到墙上时的速度为800m/s5、如图甲所示，真空中有两个等量异种电荷，以它们连线中点M为圆心在连线的中垂面上有一圆，A、B为圆上两点，它们的连线过M点；如图乙所示，真空中有两个等量同种电荷，以它们连线中点N为圆心在连线的中垂面上有一圆，C、D为圆上它们的连线过N点，则（）A.M点场强为零，N点场强也为零B.B两点场强相同，D两点场强也相同C.B两点电势相等，D两点电势也相等D.仅在图中电场的作用下，电子在两个圆上都可能做圆周运动评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、一木厢重为200N，放在水平地面上，它与地面间的最大静摩擦力是60N，动摩擦因数是0.25，如果用30N的水平力拉木厢，木厢受到的摩擦力的大小是____N；如果用80N的水平力拉木厢，木厢受到的摩擦力的大小是____N．7、（2009秋•醴陵市校级期中）一个物体静置于光滑水平面上，外面扣一质量为M的盒子，如图l所示．现给盒子一初速度v0，此后，盒子运动的v一t图象呈周期性变化，如图2所示．则盒内物体的质量为____．8、（2011•沈阳模拟）[物理--选修3-3]

（1）一定质最的理想气体温度由T1降低到T2的过程中，下列说法正确的是____．

A．如果气体体积增大；则分子的平均动能可能增大。

B．如果气体体积减小；则气体的压强一定不变。

C．如果气体的体积保持不变；则气体一定放出热量。

D．不管气体体积怎样变化；气体分子的平均动能一定减小。

（2）一定质鼍的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的P-T图象如图所示．已知该气体在状态A时的体积为l×10-3m3．求：

（i）该气体在状态C时的体积；

（ⅱ）该气体从状态A到状态B再到状态c的过程中，气体与外界传递的热量．9、如图所示的甲；乙两图是表示用同一套器材测量铁块P与长金属板间的滑动摩擦力的两种不同方法．甲图使金属板静止在水平桌面上；用手通过弹簧秤向右用力F拉P，使P向右匀速运动；乙图把弹簧秤的一端固定在墙上，用力F水平向左拉金属板，使金属板向左运动．两种方法中弹簧秤的示数情况已放大画出，则关于这两种测量滑动摩擦力的方法：

（1）____（填“甲”或“乙”）方法好，因为____

（2）选择正确的方法后，滑动摩擦力的测量值为____N．

10、如图所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，R1＝4Ω，R2＝6Ω，R3＝3Ω。若在C、D间连一个理想电流表，其读数是____A.；若在C、D间连一个理想电压表，其读数是____V。11、飞轮直径为60厘米，每分钟转120圈，则周期为____s，转速为____r/s．飞轮的角速度为____rad/s，飞轮边缘上一点的线速度为____m/s．12、一物体从16m高的A处自由落下，它经过B点时的速率是落地时速率的一半，则B点离地的高度为____m．（g取10m/s2）13、两个大小都为10N的共点力，它们的合力最大为____N，最小为____N，当它们的方向互成90°角时合力为____N．14、（2012秋•梁河县校级期中）如图所示，把点电荷q=+2×10-11C由A点移动到B点，静电力所做的功WAB=+4×10-11J．A、B两点间的电势差UAB=____；如果将电荷q′=-2×10-11C由B点移到A点，静电力所做的功WBA′=____J．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)15、“宁停三分，不抢一秒”指的是时间．____．（判断对错）16、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）17、晶体的各向异性是由于它的微粒按空间点阵排列．____．（判断对错）18、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）19、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）20、任何液体的表面分子排列都比内部分子稀疏．____．（判断对错）21、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）22、沿电场线的方向，电势逐点降低．____（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共10分)23、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、实验探究题(共4题，共24分)25、电火花计时器的工作电压为______，频率______．26、发光二极管（LED）是一种节能；环保的元器件；被广泛应用到显示器、照明等各领域．某兴趣小组为探究工作电压是“1.4～4V”、最大正向直流电源是“5～20mA”的LED管的I-U曲线，设计了如图①所示的实验电路．实验室备有以下器材：

电流表A1：量程0～50mA；内阻约为50Ω

电流表A2：量程0～200mA；内阻约为10Ω

电压表V：量程0～5V；内阻约为10kΩ

滑动变阻器R1：阻值范围0～15Ω；允许最大电流1A

滑动变阻器R2：阻值范围0～1kΩ；允许最大电流100mA

直流电源E：输出电压6V；内阻不计。

开关（S）；导线若干。

（1）为了提高实验结果的准确性，电流表应选择______；滑动变阻器。

应选用______（以上填器材代号）．

（2）实验小组根据实验得到的数据描点绘出了如图②所示的I-U图象．根据图象，可知二极管的阻值在电压为0.8V～1.5V之间时的变化规律：______（选填“先变小后不变”或“先变大后不变”）．

（3）发光二极管（LED）的效率η与通过二极管的电流I的关系曲线如图③所示．其中发光二极管的效率η是指辐射的全部光功率Φ与供给发光二极管的电功率比值．则发光二极管效率达最大时其电阻RL=______Ω，辐射的光功率Φ=______W．（计算结果保留三位有效数字）27、如图1

所示为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置，数字化信息系统获得了小车加速度a

与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图.

钩码的质量为m1

小车和砝码的质量为m2

重力加速度为g

．(1)

下列说法正确的是____．A.每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力B.实验时若用打点计时器应先接通电源后释放小车C.本实验m2

应远小于m1

D.在用图象探究加速度与质量关系时，应作a鈭�1m2

图象(2)

实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得F=m1g

作出a鈭�F

图象，他可能作出图2

中____选填“甲”、“乙”、“丙”)

图线.

此图线的AB

段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．A.小车与轨道之间存在摩擦B.导轨保持了水平状态C.所用小车的质量太大D.砝码盘和砝码的总质量太大(3)

实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的1m2鈭�a

图象，如图3.

设图中直线的斜率为k

在纵轴上的截距为b

则小车与木板间的动摩擦因数娄脤=

____，钩码的质量________．28、自然状态下，豌豆是严格的自花传粉植物，高茎（D）对矮茎（d）为显性。在高茎豌豆地里发现了一株超高茎植株。回答下列问题：（1）野生型高茎和矮茎杂交得到的F1全为高茎，让F1自交后代高茎：矮茎比例为___________________________，这种现象叫_______________________。（2）超高茎的出现可能是：①D基因突变为D+（超高基因）；②D基因发生重复，且高度与D基因数目有关如下图所示。

若超高茎出现原因为①，且在突变当代就表现出超高性状，则发生的是___________________________突变；若超高茎出现原因为②，则这种变异类型为___________________________，在这片地里，总有一些正常高茎植株的结实率低于其他正常植株，分析可能原因是___________________________，这些植株的种子播种下去后表现型及比例为___________________________。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解析】【解答】解：A；甲物体8s内的总面积为零即总位移为零；说明甲物体由回到出发点，乙物体前2s内静止，后6s内的总位移为零，说明乙物体也回到了出发点，又因为两物体从同一地点出发，所以两物体此时相遇，并且相距最近，故A正确．

B、甲、乙两小球作的均做匀变速直线运动，加速度a=，解得：a甲=-10m/s2，a乙=m/s2；可见二者加速度大小不等，故B错误．

C；两球在t=2s时刻甲乙两物体的速度分别为20m/s、-20m/s；所以它们的速度大小相等方向相反，故C错误．

D；从零时刻到两小球速度相等；乙物体向反方向运动，甲物体向正方向运动，它们的间距在增大，直到速度相等时间距最大，故D错误．

故选：A．2、A|B|D【分析】

A；第一宇宙速度是人造卫星最小的发射速度；所以“龙”飞船的发射速度介于7.9km/s与11.2km/s之间，故A正确。

B；当飞船受到的万有引力小于所需要的向心力时；飞船做离心运动；伺机喷气加速可以实现对接，故B正确。

C、“龙”飞船喷气加速前，在国际空间站的后下方，根据a=得“龙”飞船与国际空间站的加速度不相等；故C错误。

D；空间站中收到的冰激凌只受重力；处于完全失重状态，故D正确。

故选ABD．

【解析】【答案】第一宇宙速度是人造卫星在近地圆轨道上的运行速度；它是人造卫星最小的发射速度．

飞船做匀速圆周运动的向心力有引力提供；当引力大于需要的向心力时，飞船做向心运动；当飞船受到的万有引力小于所需要的向心力时，飞船做离心运动；

3、C【分析】【解析】略【解析】【答案】C4、B【分析】【分析】平均速度是反应物体在某段位移或某段时间内运动的快慢程度；平均速度与位移或时间相对应；

瞬时速度是反应物体在某个时刻或某个位置运动的快慢程度；瞬时速度与时刻或位置相对应；

以此来区分各个选项．【解析】【解答】解：

A；终点是一个位置；冲过终点的速度为瞬时速度，故A错误；

B；汽车通过隧道过程中的速度；通过隧道指通过隧道这段位移的速度，与位移相对应，是平均速度，故B正确；

C；返回地球的太空舱落到太平洋水面时；是指的一个时刻，故为瞬时速度，故C错误；

D；子弹射到墙上时的速度；射到墙上为某个位置，此速度为瞬时速度，故D错误；

故选：B．5、C【分析】【分析】两个等量异种电荷的电场线如图两个等量同种电荷的电场线如图根据两个电场的特点即可解答．【解析】【解答】解：A；两个等量异种电荷的电场中；两个电荷连线的中点处M点的电场强度不为0．故A错误；

B；根据两种电场的对称性可得；A、B两点场强大小相等，方向相同，所以场强相同；C、D两点场强大小相等，方向相反，场强不相同．故B错误；

C；根据两种电场的对称性可得；A、B两点电势相等，C、D两点电势也相等．故C正确；

D；仅在图中电场的作用下；电子在等量异种电荷的电场中，由于受到的电场力的方向指向正电荷，所以电子不能做圆周运动．故D错误．

故选：C二、填空题(共9题，共18分)6、3050【分析】【分析】首先分析物体受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力，再分别由两种摩擦力的求法进行求解．【解析】【解答】解：当用30N的力拉木厢时；拉力小于最大静摩擦力，故物体仍保持静止；由二力平衡可知，摩擦力等于拉力30N；

当拉力为80N时；拉力大于最大静摩擦力，物体将滑动，摩擦力f=μmg=0.25×200N=50N；

故答案为：30，50．7、M【分析】【分析】根据速度时间图象得到盒子各个时刻的速度情况，然后根据动量守恒定律和能量守恒定律列方程后联立求解．【解析】【解答】解：设物体的质量为m．t0时刻受盒子碰撞获得速度v；根据动量守恒定律有：

Mv0=mv①

3t0时刻物体与盒子右壁碰撞使盒子速度又变为v0；说明碰撞是完全弹性碰撞，由能量守恒定律有：

=②

联立①②解得：m=M

即盒内物体的质量也为M．

故答案为：M8、CD【分析】【分析】（1）根据理想气体状态方程列式求解即可；

（2）（i）A→B是等容过程；B→C是等压过程，根据玻意耳定律列式求解即可；

（ⅱ）根据热力学第一定律列式求解即可．【解析】【解答】解：（1）A、理想气体温度由T1降低到T2；故则分子的平均动能一定降低，故A错误；

B、根据理想气体状态方程；如果气体体积减小，压强可能增加，故B错误；

C、如果气体的体积保持不变，不做功；气体温度由T1降低到T2；内能减小；根据热力学第一定律，一定放出热量，故C正确；

D、气体温度由T1降低到T2；不管气体体积怎样变化，气体分子的平均动能一定减小，故D正确；

故选CD；

（2）（i）理想气体从A→C，温度保持不变，根据玻意耳定律有pAvC=pCvC①

解得②

（ii）A→C过程；由温度相等得：△U=0③

由热力学第一定律：△U=Q+W可知；在A→B→C的过程中，吸收的热量Q=W④

所以Q=p△V=1×105×（3×10-3-1×10-3）=200J⑤

答：（i）该气体在状态C时的体积为3×10-3m3；

（ⅱ）该气体从状态A到状态B再到状态c的过程中，气体从外界吸收的热量为200J．9、略

【分析】

（1）甲图中；只有当弹簧拉着木块匀速前进时，弹簧的读数才等于木块所受滑动摩擦力大小，乙图中无论木板加速；减速还是匀速运动，木块均处于平衡状态，木块所受滑动摩擦力大小等于弹簧示数，故相比较而言，乙图中物体更容易控制平衡状态，便于读数，因此乙方法好．

故答案为：乙；容易控制物体处于平衡状态便于读数．

（2）根据弹簧秤指针的指示位置可知；其读数为2.40N，物体处于平衡状态，摩擦力大小和弹力大小相等，因此滑动摩擦力的测量值为2.40N．

故答案为：2.40．

【解析】【答案】（1）根据物体的平衡条件；以及实验操作的难易程度可正确解答；

（2）读出弹簧弹力的大小；根据二力平衡可知摩擦力的大小．

10、略

【分析】【解析】试题分析：在CD间连入电流表，则并联之后，再与串联，根据闭合回路欧姆定律可得并联电路两端电压为带入数据可得U=3V，所以电流表的读数为在CD间连入电压表，则电压表测量的是电阻两端的电压，为考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用【解析】【答案】1611、0.524π2.4π【分析】【分析】周期等于转动一圈的时间，结合转速的大小求出周期，从而得出飞轮的角速度．根据v=rω求出轮边缘上一点的线速度．【解析】【解答】解：因为飞轮每分钟转120圈，则转速n=2r/s，周期T=．

角速度ω=2πn=2π×2rad/s=4πrad/s．

飞轮边缘上一点的线速度v=rω=0.6×4πm/s=2.4πm/s．

故答案为：0.5，2，4π，2.4π．12、12【分析】【分析】根据自由落体运动位移速度公式列式即可求解．【解析】【解答】解：设落地时速度为v，则经过B点时的速度为；

根据自由落体运动位移速度公式得：

2gh=v2

2gh

解得：h′=；

则B点离地的高度为h″=h-h′=16-4=12m

故答案为：1213、20010【分析】【分析】当两个分力方向相同时，其合力最大，最大值等于两力之和；当两个分力方向相反时，其合力最小，最小值等于两力之差．根据条件列方程求解两个分力．当这两个力的夹角是90度时，根据勾股定理求出合力的大小．【解析】【解答】解：设两个力分别为F1、F2，且F1=F2．则由题得：

F大=F1+F2=20N

F小=F1-F2=0N

当这两个力的夹角是90度时，根据勾股定理得合力的大小F合==10N．

故答案为：20，0，10．14、2V4×10-11【分析】【分析】根据电场力做功与电势差的关系求出A、B间的电势差，抓住A、B间电势差与B、A间的电势差互为相反数，结合W=qU求出静电力做功．【解析】【解答】解：A、B两点间的电势差UAB=；

因为UAB=-UBA，则由B点移到A点，静电力所做的功WBA′=q=4×10-11J．

故答案为：2V，4×10-11．三、判断题(共8题，共16分)15、√【分析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．【解析】【解答】解：“宁停三分；不抢一秒”中的3分是3分钟，3分钟与1秒钟在时间轴上都是指的时间的长度，都是时间．故该说法正确；

故答案为：√16、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】同时晶体内部排列有规则，而非晶体则没有，但形状不一定有规则．晶体分为单晶体和多晶体，单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性．【解析】【解答】解：晶体分为单晶体和多晶体．根据晶体的结构的特点可知；单晶体由于内部原子按空间点阵排列，排列规律相同，所以具有各向异性．故该说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．【解析】【解答】解：表面张力产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层；叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．所以该说法是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×22、√【分析】【分析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系；根据沿电场线的方向，电势逐点降低即可解答．【解析】【解答】解：根据电场线的物理意义：顺着电场线方向；电势降低．故该说法是正确的．

故答案为：√四、画图题(共2题，共10分)23、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m24、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题五、实验探究题(共4题，共24分)25、略

【分析】解：电火花打点计时器是使用220V交流电源的仪器；其打点周期与交流电的周期相同，频率是50Hz．

故答案为：220V；50Hz．

正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的原理和具体使用；尤其是在具体实验中的操作细节要明确．

对于基本仪器的使用，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作，深刻了解具体操作细节的含义．【解析】220V；50Hz26、略

【分析】解：由图2可知，测量的电流值没有超过10mA；故只能选用A1进行测量；因本实验采用分压接法，则滑动变阻器应选择小电阻；故选R1；

（2）由图可知；图象的斜率先增大后减小，而I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数；故可知电阻先变小后变大；

（3）由图③可知，当效率达最大时，电流为6mA，由图②可知，电压为1.6V，则电阻R==267Ω；

此时效率为60%；功率P=UI=1.6×6×10-3=9.6×10-3W；

光功率Φ=60%P=9.6×10-3×0.6=0.00576W；

故答案为：（1）A1R1（2）先变小后不变；（3）2670.00576

（1）由题中给出的电压及图中数据可明确电流表的选择；根据实验接法得出正确的滑动变阻器；

（2）根据图象的斜率可明确电阻的变化；

（3）由图可知达最大效率时的电流值；则可由I-U图象得出对应的电阻；再效率比可求得光功率．

本题考查测量伏安特性曲线的实验，要注意明确实验仪表的选择及图象的应用，要注意正确理解图象，并能由图象结合所学物理规律进行分析求解．【解析】A1；R1；先变小后变大；267；0.0057627、（1）BD（2）丙D（3）【分析】【分析】(1)

根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤；

(2)

如果没有平衡摩擦力的话；就会出现当有拉力时，物体不动的情况；得出图像弯曲的原因是：未满足沙和沙桶质量远小于小车的质量；

(3)

根据牛顿第二定律，得出1m2鈭�a

的关系式；然后结合图象的斜率与截距进行求解。

本题考查了探究加速度与力、质量的关系；会根据实验原理分析分析为什么要平衡摩擦力和让小车的质量M

远远大于钩码的质量m

且会根据原理分析实验误差，同时掌握由牛顿第二定律列出方程，与图像的斜率与截距综合求解的方法。【解答】(1)A.

根据重力沿斜面向下的分力等于物体受到的摩擦力这一原理来平衡摩擦力；即满足mgsin娄脠=娄脤mgcos娄脠