2025年浙教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册月考试卷135考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、由欧姆定律公式变形得对此，下列说法中正确的是（）A.加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大B.通过导体的电流越大，则导体的电阻越小C.当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关2、如图所示，电子在电势差为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）

A.变大、变大B.变小、变大C.变大、变小D.变小、变小3、某电场的电场线如图中实线所示。带电粒子仅在电场力作用下由点运动到点；其运动轨迹如图中虚线所示，下列判断正确的是（）

A.粒子带负电B.粒子在点的电势能大于在点的电势能C.粒子在点的电势能小于在点的电势能D.粒子在点的加速度小于在点的加速度4、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个电流表改装的，V1量程是5V，V2量程是15V，为了测15-20V的电压。把V1和V2串联起来用，以下叙述正确的是A.V1、V2的读数相同B.V1、V2指针偏转角度相等C.V1、V2读数不同，指针偏转角度也不同D.V1指针偏转角度小5、如图所示，矩形线圈位于纸面内，面积为S，匝数为N，过中点和中点的连线恰好位于垂直纸面向外的匀强磁场的右边界上，匀强磁场的磁感应强度为B。若线圈绕轴从图示位置开始转动；下列说法正确的是（）

A.此时穿过线圈的磁通量为B.当线圈转动60°时的磁通量为C.当线圈转动180°的过程中，磁通量的变化量为零D.线圈在转动过程中，由于没有切割磁感线，所以线圈中不会产生感应电流评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、北京时间2016年5月15日；中国田径精英赛在奥林匹克文化广场举行，中国名将李玲以4米40的成绩摘得桂冠。如图所示表示李玲撑竿跳高运动的几个阶段：助跑；撑杆起跳、越横杆、落地（未画出）。在这几个阶段中有关能量转化的情况，正确的是（）

A.助跑阶段，身体中的化学能转化为人和杆的动能B.起跳时，人的动能和化学能转化为人和杆的势能C.越过横杆后，人的重力势能转化为动能D.落地后，人的能量消失了7、在如图所示的电路中，电流表A1和A2的示数分别为0.3A和0.4A，若将电路中的某两个电阻的位置互换，电流表A1和A2的示数却不变；则电流表A的示数可能为（）

A.0.45AB.0.50AC.0.55AD.0.60A8、一兴趣小组为研究非纯电阻电路的性质，设计了如图所示电路图。图中M是一电动机，额定电压为12V，额定功率为24W，线圈电阻为为定值电阻，阻值是G为灵敏电流计，AB为一段阻值均匀的电阻棒，现在滑动滑片H；闭合开关，G的示数刚好为零，且电动机能够正常工作，则下列说法正确的是（）

A.滑片位于的左侧第一个四等分点上B.滑片位于的中点上C.若因外力仅使电动机停转，为保证灵敏电流计示数仍然为零，闭合开关前，应将左移D.若因外力仅使电动机停转，为保证灵敏电流计示数仍然为零，闭合开关前，应将右移9、如图所示，两个带电小球A、B分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上，且在同一竖直平面内，用水平向左的推力F作用于B球、两球在图示位OA置静止，现将B球沿斜面向上移动一小段距离，发现A球随之向上移动少许；两球在虚线位置重新平衡，重新平衡后与移动前相比，下列说法正确的是。

A.推力F变大B.斜面对B的弹力不变C.墙面对A的弹力变小D.两球之间的距离变大10、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）。若小物体电荷量保持不变，OM＝ON；则（）

A.小物体上升的最大高度为B.从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C.从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D.从M到N的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小11、有一横截面积为的铜导线，流经其中的电流为设每单位体积的导线中有个自由电子，电子的电荷量为此时电子的定向移动速度为在时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A.B.C.D.12、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内；如图所示，根据图线可知（）

A.反映Pr变化的图线是aB.电源电动势为8VC.电源内阻为2ΩD.当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω13、热辐射是指所有物体在一定的温度下都要向外辐射电磁波的现象；辐射强度是指垂直于电磁波传播方向上的单位面积上单位时间内所接收到的辐射能量．在研究某一黑体热辐射时，得到了四种温度下黑体热辐射的强度与波长的关系如图．图中横轴λ表示电磁波的波长，纵轴表示某种波长电磁波的辐射强度，则由辐射强度图线可知，同一黑体在不同温度下（）

A.向外辐射同一波长的电磁波的辐射强度相同B.辐射强度的极大值随温度升高而向短波方向移动C.向外辐射的电磁波的总能量随温度升高而减小D.向外辐射的电磁波的波长范围是相同的评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、判断下列说法的正误．

（1）处于静电平衡状态下的导体内部的外加电场与附加电场的矢量和为零，即导体内部的电场强度处处为零．（____）

（2）静电平衡时，导体内部表现为电中性，电荷都分布在外表面，导体内部没有净剩电荷．（____）

（3）一个孤立的带电体，在自身所带电荷的电场中，处于静电平衡状态，不具有静电平衡的特点．（____）

（4）用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，则验电器箔片能张开．（____）

（5）电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，目的是铜丝衣服有屏蔽作用，使体内场强为零．（____）15、如图所示的A、B、C、D四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是______组和______组（A；B两组实验中小球的手柄均为绝缘手柄；D组实验中虚线框表示金属网罩）。

A.B.C.D.16、平行板电容器的电容C；两极板间电压为U，两板间场强E和带电量Q在下列情况下怎样变化？（填：减小；增大或不变）

（1）保持两板与电源相连，只增大两板间距离，则C____，U____，Q_____，E________．

（2）给电容器充电后与电源断开，再减小电容器极板间距离，则C____，U____，Q____，E_____．17、在电场中放置一光滑绝缘水平桌面，沿桌面上轴方向电势分布如图中实线所示。有一质量电量的带正电小球，以的初速度在处沿轴正方向运动。则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为___________当小球速度为零时，其位置坐标为___________

18、如图甲所示的电表使用0~0.6A量程时，图中表针示数为______A；当使用0~3A，图中表针示数为______A。如图乙所示的电表若使用的是较大量程，图中表针示数为_______V。

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)19、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)20、国标（GB／T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω·m。某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率；其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移动。实验器材还有：

电源（电动势约为3V，内阻可忽略）；电压表V1（量程为3V；内阻很大）；

电压表V2（量程为3V，内阻很大）；定值电阻R1（阻值4kΩ）；

定值电阻R2（阻值2kΩ）；电阻箱R（最大阻值9999Ω）；

单刀双掷开关S；导线若干；游标卡尺；刻度尺。

实验步骤如下：

A．用游标卡尺测量玻璃管的内径d；

B．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；

C．把S拨到1位置，记录电压表V1示数；

D．把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；

E．改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；

F．断开S；整理好器材。

（1）测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d＝_______mm；

（2）玻璃管内水柱的电阻值Rx的表达式为：Rx＝_______（用R1、R2、R表示）；

（3）利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的关系图象。则自来水的电阻率ρ＝_______Ω·m（保留两位有效数字）；

（4）本实验中若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将_____（填“偏大”“不变”或“偏小”）。21、用如图甲所示的电路测定两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻；其中电路元件参数如下：

电压表（有两个量程：3V和15V；内阻分别约为6kΩ和30kΩ）

电压表（量程为1V；内阻约为2kΩ）

定值电阻

滑动变阻器R（电阻变化范围0～20Ω）

（1）为提高测量精确度，电压表应该接量程为________V；实物图乙中已连部分电路，请你按照电路图将剩余的部分电路连好________；

（2）通过改变滑动变阻器，某同学完成了两次测量，第一次读数第二次读数两表面板如图丙所示，读数为________V，________V。

（3）根据以上两组数据，请你算出E=________V，r=________Ω。（计算结果保留两位有效数字）

（4）为减小误差，利用现有电路，请你提出一种可行方案：________。评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)22、如图所示，倾角θ=37°的粗糙绝缘斜面AB与粗糙绝缘水平地面BC在B点平滑连接，B点右侧区域存在水平向左的匀强电场，电场强度大小E=5.0×103N/C。斜面顶端A点离地高度h=2.4m，可视为质点的带正电金属滑块质量m=1.0kg、电荷量q=1.0×10-4C。现将滑块从A点由静止释放，最后停在水平地面上的C点。已知滑块与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5，滑块与水平地面间的动摩擦因数μ2=0.15，重力加速度g取10m/s²；sin37°=0.6，cos37°=0.8求：

（1）滑块在粗糙绝缘斜面AB上下滑时加速度a1的大小；

（2）求滑块在水平地面上滑行的距离；

（3）将电场强度的大小突然增大到某一值，可使静止在C点的滑块恰好能重新返回到斜面顶端A点，求滑块从C点重新返回到斜面顶端A点所需要的时间t。

23、如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为q=-4×10-7C的负点电荷从A点运动到B点，电场力做功为WAB=3.2×10-6J，AB间距离L=4m，与水平方向夹角为求：

（1）电荷的电势能是增加还是减少？增加（减少）了多少？

（2）B、A间电势差UBA是多少？

（3）电场强度E是多大？

（4）如果A点的电势为-4V，求B点的电势为多大？电荷量q′=4×10－6C的正电荷在A点具有的电势能是多少？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

ABD．因电阻是导体本身的一种性质；只与导体的材料；长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，故AB错误，D正确；

C．因电阻的定义式；两端的电压为零时，导体的电阻不为零，故C错误。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

在电场中加速；有。

在电场中偏转；有。

使电子的偏转角θ变大，则可以变小、变大。

故选B。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．由粒子的运动轨迹可知；粒子的受力沿着电场线的方向，所以粒子为正电荷，A错误；

BC．粒子从点到点的过程中，电场力做正功，故粒子在点的电势能大于在点的电势能；C错误，B正确；

D．电场线越密的地方电场强度越大，故可得粒子在点的加速度大于在点的加速度；D错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

电压表是电流计串联一个比较大的电阻改装而成，当两个电压表串联起来的时候，流过电流计的电流相同，两个电流计相同，则电流计偏转的角度相同；两表量程不同，偏转角相同，则读数不同；故B正确，ACD错误。5、B【分析】【详解】

A．此时穿过线圈的磁通量为

A错误；

B．当线圈转动60°时的磁通量为

B正确；

C．当线圈转动180°的过程中，磁通量的变化量

C错误；

D．线圈在转动过程中；线圈磁通量发生改变，会产生感应电流，D错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、A:B:C【分析】【详解】

ABC．李玲在助跑；撑竿起跳、越横杆下落的几个过程中；能量的转化分别为化学能转化为动能，化学能和动能转化为势能，重力势能转化为动能，故ABC正确；

D．人落地后；人的重力势能会使地面发生形变及温度升高，即人的能量并没有消失，故D错误。

故选ABC。7、B:C【分析】【详解】

画出等效电路如图。

可以看出，三个电阻是并联，电流表测量的是通过的电流之和，电流表测量通过的电流之和。

第一种情况：若互换的位置，两电流表的示数不变，则有

因为电流表的示数为所以

因为电流表的示数为则

则

所以

所以干路上的电流

第二种情况：若互换的位置，两电流表的示数不变，则有

因为电流表的示数为所以

因为电流表的示数为则

所以

所以干路的电流为

有以上两种情况分析可知，电流表的示数可能为或

故选BC。8、B:C【分析】【详解】

AB．由灵敏电流计示数为零可知灵敏电流计两侧电势差为零，可得与段电阻、与段电阻两端电压分别相等；由正常工作知两端电压为经过与的电流为则根据欧姆定律，两端电压也为最终推得两端电压应相同，故滑片应在中点；故B正确，A错误；

CD．若仅电动机停转，那么可视为一阻值为的纯电阻，根据上述分析，当灵敏电流计示数为零时，电动机与定值电阻两端的电压之比为所以在闭合开关前，应将左移至左侧第一个四等分点处；故C正确，D错误。

故选BC。9、B:C:D【分析】【详解】

CD．先对小球A受力分析，受重力、支持力、静电力，如图所示，根据共点力平衡条件，有①②

由于减小，根据①式，库仑力减小，故两球间距增加，故D正确；由于减小，根据②式，墙面对A的弹力变小；故C正确；

AB．再对AB整体受力分析，受重力、斜面支持力N、墙壁支持力推力F；如图所示:根据共点力平衡条件，有:

解得:③④

由于减小，不变，根据③式，推力F减小；故A错误；

由于减小，不变，根据④式，斜面对B的弹力不变，故B正确．10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．设斜面倾角为上升过程沿斜面运动的最大距离为L，因为OM＝ON，则M、N两点的电势相等，小物体从M到N，从N到M电场力做功均为0，上滑和下滑经过同一位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所做的功均为相等的负功，设为对小物体，由动能定理：上滑过程

下滑过程

联立解得

故A正确；

B．由于从N到M的过程中；可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故B错误；

C．从M到N的过程中；电场力对小物体先做正功后做负功，故C错误；

D．从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大；根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故D正确。

故选AD。11、A:C【分析】【详解】

根据电流的微观表达式

在时间内通过导体横截面的自由电子的电量

则在时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为

将

代入得

故选AC。12、C:D【分析】【详解】

试题分析：电源的总功率功率与电流成正比，由知电源内部的发热功率与电流的平方成正比，A正确；直流电源的总功率P-I图象的斜率等于电动势E，则有电流为2A时电源的总功率与发热功率相等，则根据可得当电流为0．5A时，根据闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6Ω；CD正确。

考点：考查闭合电路欧姆定律的图象应用。

【名师点睛】要注意根据电源的总功率公式求解电动势，根据发热功率的公式求解电源的内阻．13、B:D【分析】【分析】

根据黑体辐射的实验规律以及黑体模型的概念分析讨论．

【详解】

从图中可以看出；温度越高，向外辐射同一波长的电磁波的辐射强度越大，A错误；从图中可以看出，辐射强度的极大值随温度升高而向短波方向移动，B正确；从图中可以看出，辐射的各个波长的部分的辐射强度均变大，故向外辐射的电磁波的总能量随温度升高而增强，C错误；从图中可以看出，黑体可以辐射出任何频率的电磁波，故向外辐射的电磁波的波长范围是相同的，D正确．

【点睛】

如果一个物体能够吸收照射到它上面的全部辐射而无反射，这种物体就叫做黑体；黑体可以辐射出任何频率的电磁波；当黑体温度升高时，辐射的各个频率的部分的强度均变大，同时辐射强度极大值向波长较短的方向移动．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正确正确错误错误正确15、A:C【分析】【分析】

【详解】

[1][2]AB．处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面；故A能使验电器带电，B不能使验电器带电；

C．将验电器与带电物体用导线连接；二者组成新的导体，导致电荷在新的导体表面重新分布，所以可以使验电器带电，故C能使验电器带电；

D．由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金属箔是闭合的，D不能使验电器带电。16、略

【分析】【详解】

（1）保持两板与电源相连，则电压不变，只增大两板间距离，由知，则C变小，由知，U不变，故Q变小，根据知，E变小；（2）充电后与电源断开，则带电量不变，再减小电容器极板间距离d，由知，C增大，由知，Q不变，则U变小，由知；E与d无关，故E不变．

【点睛】对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．【解析】变小不变变小变小增大变小不变不变17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]x轴上从0到-5m电势升高，则电场方向沿x轴正方向，x轴上从0到5m电势升高，则电场方向沿x轴负方向，带正电小球在处沿x轴正方向运动；受到向右的电场力，电场力做正功，动能增加，从0点向右运动过程中电场力向左，电场力做负功，小球动能减小，所以小球在0点动能最大，则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为。

[2]设小球速度为0时；其坐标为x，根据动能定理可得。

解得。

由图像可知。

根据对称性可知；小球速度为0时，另一个位置坐标为。

则小球速度为零时，其位置坐标为4或-4【解析】0.084或-418、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图甲电表使用0~0.6A量程时；分度值为0.02A，其读数为0.44A；

[2]当图甲使用0~3A量程时；分度值为0.1A，需估读到下一位，其读数为2.20A；

[3]图乙为电压表，当使用较大量程时为分度值为0.5V，其读数为8.5V。【解析】①.0.44②.2.20③.8.5四、作图题(共1题，共5分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共20分)20、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为：3.0cm=30mm，游标尺上0刻度和主尺上刻度对齐，所以最终读数为：30.00mm，所以玻璃管内径：d=30.00mm

（2）[2]设把S拨到1位置时，电压表V1示数为U