2025年外研版三年级起点必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，在真空中相距为L的a、b两点分别水平放置电荷量大小均为Q的正、负电荷，那么在离a、b两点距离都等于L的点的电场强度的方向和该点的场强大小为（）

A.水平向右、kQ/L2B.水平向左、2kQ/L2C.竖直向上、kQ/L2D.竖直向下、kQ/4L22、如图所示，两个单匝线圈ab的半径分别为r和2r。圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过ab两线圈的磁通量之比为（）

A.2：1B.1：1C.1：4D.4：13、下列物理量属于矢量的是（）A.功率B.电势能C.电阻D.电场强度4、如图所示，为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上点套有一质量为带电荷量为的小环，在杆的左侧固定一电荷量为的点电荷，杆上两点到的距离为相等。之间距离为之间距离为使小环从图示位置的点由静止释放后，通过点的速率为则下列说法正确的是（）

A.小环通过点的速率为B.小环从到静电力做的功可能为零C.小环在之间的速度是先增大后减小D.小环在之间的速度是先减小后增大5、中国宋代科学家沈括在公元1086年写的梦溪笔淡中最早记载了“方家（术士）以磁石磨针锋；则能指南，然常微偏东，不全南也”。进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布如图所示，结合上述材料，下列说法正确的是（）

A.在地磁场的作用下小磁针静止时指南的磁极叫北极，指北的磁极叫南极B.对垂直射向地球表面宇宙射线中的高能带电粒子，在南、北极所受阻挡作用最弱，赤道附近最强C.形成地磁场的原因可能是带正电的地球自转引起的D.由于地磁场的影响，在奥斯特发现电流磁效应的实验中，通电导线应相对水平地面竖直放置6、下列情况中不能产生感应电流的是（）

A.在甲图中导体AB在垂直于磁感线反向运动B.在乙图中，条形磁铁插入和离开磁场的过程C.在乙图中，磁铁静止在线圈中D.在丙图中，打开和闭合开关的时候评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示的电路中，定值电阻为R，滑动变阻器最大阻值R＇＝2R，电源电动势为E，内电阻r＝R，灯泡L的电阻为R，G为零刻度在中央的理想电流计，V为理想伏特计，当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端的过程中，下列判断正确的是（）

A.G的示数先减小后增大B.V的示数先增大后减小C.电源的输出功率先增大后减小D.灯泡L先变暗后变亮8、如图所示，用绝缘材料做成的光滑圆环固定在竖直平面内，O为圆心，AOC、AB、BC均为用绝缘材料做成的光滑细杆，AB杆竖直，AB与AC的夹角θ=37°，整个空间存在水平方向的匀强电场（未画出）。现将两个质量均为m、带电量均为+q的小环分别套在AC、AB两根细杆上，并从A处同时由静止释放，结果两小环经相同时间t分别滑到C、B两处。若不计小环之间的库仑力，重力加速度为g；sin37°=0.6，则下列说法正确的是（）

A.匀强电场方向水平向左B.匀强电场的电场强度大小为E=C.若把小环套在BC杆上且从B处由静止释放，则小环滑到C处的时间大于tD.若把小环套在BC杆上且从B处由静止释放，则小环滑到C处的时间等于t9、如图为某控制电路，主要由电源（E，r）与定值电阻R1，R2及碳膜电位器（即滑动变阻器）R连接而成，L1，L2是红、绿两指示灯，闭合开关S，当电位器的触头由弧形碳膜的重点顺时针滑向b端时（）

A.L1指示灯变亮B.L2指示灯变亮C.电流表示数变大D.电容器C带电量增大10、手机运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的。如图，M极板固定，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中R为定值电阻。下列对此传感器描述正确的是（）

A.静止时，电流表示数为零，电容器M极板带正电B.由静止突然向前加速时，电容器的电容增大C.由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流表D.保持向前匀减速运动时，电阻R以恒定功率发热11、如图所示，两个带等量负电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑的绝缘水平面上，P、N是小球A、B连线的水平中垂线上的两点，且PO＝ON。现将一个电荷量很小的带正电的小球C（可视为质点）由P点静止释放，在小球C向N点运动的过程中，下列关于小球C的说法可能正确的是（）

A.速度先增大，再减小B.速度一直增大C.加速度先增大再减小，过O点后，加速度先减小再增大D.加速度先减小，再增大12、关于电动汽车使用过程中能的转化，下列说法正确的是（）A.行驶时，电动汽车的电动机主要将机械能转化成电能B.行驶时，电动汽车的电动机主要将电能转化成机械能C.给电动汽车电池充电时，主要将电能转化成化学能D.给电动汽车电池充电时，主要将电能转化成机械能评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、平行板电容器的电容C；两极板间电压为U，两板间场强E和带电量Q在下列情况下怎样变化？（填：减小；增大或不变）

（1）保持两板与电源相连，只增大两板间距离，则C____，U____，Q_____，E________．

（2）给电容器充电后与电源断开，再减小电容器极板间距离，则C____，U____，Q____，E_____．14、产生感应电流的条件：当穿过闭合导体回路的______时，闭合导体回路中就产生感应电流。15、黑体：能够完全吸收入射的各种波长的______而不发生反射。16、定义：组成黑体的振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的______，这个不可再分的______叫作能量子。17、电场和磁场统称为_______，电磁场是一种特殊物质，也有能量、动量．18、某物理兴趣小组的同学学习了电容器的相关知识后，用如图所示的装置研究平行板电容器的电容。电容器充电后与电源断开，用与电容器相连的静电计来测量电容器______。在常见的电介质中，由于空气的相对介电常数______（选填“较大”或“较小”），当极板间插入其他的电介质时，电容器的电容将_____（选填“增大”“减小”或“不变”），我们会发现静电计指针的偏角将_____（选填“增大”；“减小”“不变”）。

19、某次实验中两电表示数如图所示，可读出毫安表的示数是___________微安表的示数是___________

20、自组电位差计测电动势的电路如图所示，其中RP的作用是______________，R1的作用是_______________，K3的作用是_____________。

21、现有一个电流表G，内阻Rg=30满偏电流Ig=1mA。

(1)把它改装成量程为0~3V的电压表，要________（填“串联”或“并联”）一个_______的电阻。

(2)把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要________（填“串联”或“并联”）一个_____的电阻。评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)24、一灵敏电流计的内阻满偏电流现把它改装成如图所示的多量程电表。开关都闭合时为电流表，量程为开关都断开时为电压表，量程为试回答下列问题：

（1）定值电阻____________

（2）开关闭合、断开时为______（填“电流”或“电压”）表，量程为______。25、研究电容器的充放电过程：

(1)电容器充电后，断开开关S，若增大两板的距离，下列说法正确的是___________。

A．平行板电容器的电容变大。

B．平行板电容器极板的电量变大。

C．平行板电容器两板间的电势差变大。

D．平行板电容器两板间的的电场强度变大。

(2)如图，调节可变电阻R使其阻值分别为Ra和Rb，对电容器进行充电（充电前电容器均不带电）。C表示该电容器的电容，U表示电容器两极板的电势差，Q表示电容器带电量，表示电容器所存储的电能，I表示电容器充电过程中流经电阻的电流，t表示充电时间，若已知电源的电动势保持不变，其内阻忽略不计，Ra<Rb。以下描绘a、b两个充电过程的图像，合理的是___________。

A．B．

C．D．

(3)用如图2所示的电路研究电容器的放电过程其中电压传感器相当于一个理想电压表，可以显示电阻箱两端电压随时间的变化关系。实验时将电阻箱R的阻值调至2000将开关S拨到a端，电源向电容器充电，待电路稳定后，将电压传感器打开，再将开关S拨到b端，电容器通过电阻箱放电。以S拨到b端时为t=0时刻，电压传感器测得的电压U随时间t变化图像如图3所示。忽略导线及开关的电阻；且不考虑电路的辐射问题。

①电容器所带电荷量的最大值为___________C；

②在图4上定量画出放电过程中电容器两端电压U随电荷量Q变化的关系图像___________，并据此求出在电容器充电过程中电源内部产生的热量为___________J。

26、在“测定金属的电阻率”的实验中；测定阻值为3Ω～5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格为量程0～3V；内阻3kΩ；电流表规格为量程0～0.6A.内阻0.1Ω；还有其他一些器材：

(1)用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，可知金属丝的直径d=__________mm：

(2)图乙为实验中所采用的电路的一部分，请将虚线框中的部分电路连接完整__________：

(3)实验中测得电压表的示数为U，电流表的示数为I，还应测出的物理量是________，则电阻率的计算公式ρ=____(用所测物理量的字母表示，不计电表内阻带来的影响)。27、测定电源的电动势和内电阻的实验电路和图象如下：请回答下列问题：

（1）在闭合开关之前为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头应放在__________处．

（2）由此可知这个干电池的电动势_______内电阻__________．评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)28、有四块相同的正方形金属薄平板从左至右依次平行放置，任意两个相邻平板之间的距离都相等，且平板的边长远大于平板之间的间距平板从左至右依次编号为1、2、3、4.其中第1块板带净电荷量为第n块板上的净电荷量为其中现将第1块板和第4块板接地；如图所示，忽略边缘效应问：

(1)从第1块板和第4块板流入大地的电荷量和分别为的多少倍？

(2)上述两板接地后，哪块板上的电势最低？求该电势的值，将其表示为两相邻极板之间的电容C和的函数。

29、一质量的绝缘长木板放在倾角的光滑斜面上，并在外力作用下保持着静止状态。木板下端距斜面底端的距离斜面底端固定着一弹性薄挡板，与之相碰的物体会以原速率弹回。时刻将一质量的带正电小物块置于木板上距离木板下端的位置，并使其获得沿木板向上的初速度如图所示，与此同时，撤去作用在木板上的外力。空间还存在着沿斜面向上的匀强电场，场强大小与时间的关系如图所示，时撤去电场。已知小物块的带电量木板与物块间的动摩擦因数小物块可以看作质点，且整个过程中小物块不会从木板上端滑出，不考虑因电场变化带来的影响，取求：

（1）时；小物块和木板的速度大小；

（2）木板第一次与挡板碰撞前瞬间的速度大小；

（3）第一次与挡板碰撞后经多久木板再次达到最高点及从开始运动到此时所产生的热量多少？

30、如图所示，一质量m=2.0×10-2kg、电荷量q=+1.0×10-3C的粒子在匀强电场中运动，电场强度E=100V/m，方向沿y轴负方向。粒子在O点动能为1.0J，速度与x轴正方向夹角为粒子再次经过x轴的位置记为a点。取粒子在O点时的电势能为零；不计粒子的重力。求。

(1)0、a两点间的距离；

(2)粒子从O点到a点的过程中；最大电势能的值。

31、夏季天气炎热，应该多喝水及时补充身体水分。如图甲为一款市面销售的饮水机，其内部电路可简化为如图乙所示的电路图。R1和R2均为电热丝，S2是自动控制开关；可实现“保温”；“加热”档位之间的转换，饮水机工作时功率随时间的关系如图丙所示。求：

（1）保温档位工作时，通过电阻R1的电流；

（2）电阻R2的阻值；

（3）前30min内电路消耗的总电能。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

在距离两个等量异种点电荷距离都等于L的点产生的电场强度大小相等；方向如图．

大小为E1＝E2＝k则合场强为：E＝k方向水平向右，故选A.2、B【分析】【详解】

由，B一样，有磁场的部分S一样；B正确。

故选B。3、D【分析】【详解】

功率；电势能、电阻均只有大小；没有方向，属于标量，而电场强度既有大小，又有方向，属于矢量。

故选D。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．由题意知，两点是所产生的电场中的两个等势点，所以小环从到的过程中只有重力做功，小环从到的过程根据动能定理得

解得

A正确；

B．小环在之间运动过程中，重力和静电力均做正功，小环在之间运动过程中，重力做正功，静电力做功为0，所以从到的过程中静电力做正功；B错误；

CD．小环在之间运动过程；重力和静电力均做正功，速度一直增大，CD错误。

故选A。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据磁极间的相互作用可知；在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的南极指向地磁场的北极，故A错误；

B．地球上赤道附近磁场的方向与地面几乎平行；越往两极磁场的方向与地面之间的夹角越大，所以对垂直射向地球表面宇宙射线中的高能带电粒子，在南；北极所受阻挡作用最弱，赤道附近最强，故B正确；

C．地球磁场的N极在地球的地理南极附近；由安培定则可知，形成地磁场的原因可能是带负电的地球自转引起的，故C错误；

D．由于地磁场的影响；在奥斯特发现电流磁效应的实验中，通电导线应相对水平地面水平放置，且导线的方向沿南北方向，故D错误。

故选：B。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．在甲图中导体AB在垂直于磁感线反向运动；切割磁感线，能产生感应电流，不符合题意，故A错误；

B．在乙图中；条形磁铁插入和离开磁场的过程，磁通量变化，能产生感应电流，不符合题意，故B错误；

C．在乙图中；磁铁静止在线圈中，磁通量不变，不能产生感应电流，符合题意，故C正确；

D．在丙图中；打开和闭合开关的时候，电流变化导致电流产生的磁场变化，从而副线圈中的磁通量变化，能产生感应电流，不符合题意，故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)7、A:B:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端的过程中，由电桥平衡原理可知，当触片P滑到变阻器中点时，即两边电阻均为R时；电桥平衡，此时电流计的读数为零，则G的示数先减小到零后增大，故选项A正确；

B．当触片P滑到变阻器中点时，即两边电阻均为R时；此时外电路的总电阻最大，此时路端电压最大，即V的示数先增大后减小，故B正确；

C．当触片P滑到变阻器中点时

此时电源的输出功率最大；则电源的输出功率先增大后减小，故选项C正确；

D．当触片P滑到变阻器最左端时，灯泡被短路，不亮；触片P滑到变阻器中点时，外电路电阻为R，则通过灯泡的电流为

当P滑到最右端时，外电路电阻为通过灯泡的电流

则当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端的过程中；灯泡L一直变亮，故选项D错误。

故选ABC。8、A:B:D【分析】【详解】

AB．两小环在杆上做匀加速直线运动，在AB杆上的小环加速度大小为运动位移为h，有

AC杆上小环运动的位移为

因为下滑时间相同，由可知

所以小环必受到方向向左的电场力；由于小环带正电，则匀强电场方向向左；

对AC杆上的小环有

解得

选项AB正确；

CD．对BC杆上的小环分析有

又

解得

即小环滑到C处的时间也等于t；选项C错误，D正确。

故选ABD。9、B:C:D【分析】【分析】

首先知道电位器的原理；再据闭合电路的欧姆定律判断干路电流；支路电流和电压间的关系，从而判断两灯的变化情况，根据Q=CU判断电容器带电量的变化．

【详解】

当电位器的触头向b端滑动时，电路的总电阻增大，干路电流减小，所以内电压减小，路端电压增大，电阻两端的电压变大，流过的电流增大，电流表的示数增大，而干路电流是减小的，故通过的电流变小，所以灯指示灯变暗，两端的电压减小，并联电路两端的电压增大，通过的电流增大，指示灯变亮；电容器两端的电压等于并联电路两端的电压，根据Q=CU得电容器C的带电量增大，A错误BCD正确．

【点睛】

本题是动态电路的分析题，注意电位器的原理与滑动变阻器的原理相同，注意动态电路的分析方法，先整体后局部．10、A:C【分析】【详解】

A．静止时；N极板不动，电容器电容保持不变，电路处于断路状态，电流表示数为零，电容器M极板带正电，故A正确；

BC．由静止突然向前加速时，N极受到的合力向前，弹簧弹力比静止时大，N极相对向后运动，极板间距增大，根据

可知电容器的电容减小，电容器的电荷量减小，电路中有放电电流，流过电流表的电流方向由b向a；故B错误，C正确；

D．保持向前匀减速运动时，N极的受力保持不变，弹簧的形变量不变，极板间距保持不变，电容器电容保持不变，电路处于断路状态，电阻R的功率为零；故D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．等量负电荷连线的中垂线O点以上部分电场方向竖直向下，并且从无穷远处向O点先增大后减小，O点以下部分电场方向竖直向上，并且从无穷远处向O点先增大后减小，所以带正电的小球C从P点释放后，在P→O过程中电场力做正功，速度增大，从O到N过程中电场力做负功；速度减小，A正确，B错误；

CD．由于P和N点的位置与中垂线上电场强度最大点的位置关系不明，所以加速度变化不是一定的，如果P和N点在最大电场处外面，在小球C的加速度先增大再减小，过O点后；加速度先增大再减小，C错误，D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

AB.行驶时；电动汽车的电动机主要将电能转化成机械能，选项A错误，B正确；

CD.给电动汽车电池充电时；主要将电能转化成化学能，选项C正确，D错误。

故选BC。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【详解】

（1）保持两板与电源相连，则电压不变，只增大两板间距离，由知，则C变小，由知，U不变，故Q变小，根据知，E变小；（2）充电后与电源断开，则带电量不变，再减小电容器极板间距离d，由知，C增大，由知，Q不变，则U变小，由知；E与d无关，故E不变．

【点睛】对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．【解析】变小不变变小变小增大变小不变不变14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】磁通量发生变化15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电磁波16、略

【解析】①.整数倍②.最小能量值ε17、略

【分析】【详解】

略【解析】电磁场18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电计测的是电容器两板的电势差。

[2]空气的介电常数相对其他电介质的介电常数较小。

[3]若在两板间插入其他电介质，由公式

可得，插入其他电介质增大；所以电容器的电容增大。

[4]由公式

可知两板的电势差减小，即静电计指针的偏角减小。【解析】①.两板的电势差②.较小③.增大④.减小19、略

【分析】【详解】

[1]由题图可以看出，毫安表的最小分度为按“五分之一估读”法，其示数为

[2]微安表的最小分度为按“十分之一估读”法，其示数为【解析】8.015020、略

【分析】【详解】

[1]在自组电位差测电动势中，其原理为补偿原理，变阻器的作用为调节电路中电流大小作用，因此图中RP作用为调节电流大小；

[2]R1位于主路上可以起到控制电流不过大的作用；

[3]K3断开后检流计与大电阻R串联，因此可以起到防止检流计G偏转过大打坏指针的作用。【解析】调节电流大小控制电流不过大保护检流计21、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]把它改装成量程为0~3V的电压表，要串联一个分压电阻，电阻大小为

(2)[3][4]把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要并联一个分流电阻，其大小为【解析】串联并联0.05四、作图题(共2题，共10分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4题，共32分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题意知电流表的满偏电压

开关都断开时为电压表，原理示意图如图甲所示，当达到满偏时有

所以分压电阻

[2]开关都闭合时为电流表，原理示意图如图乙所示，当达到满偏时有

所以

（2）[3][4]开关闭合、断开时为电压表，原理示意图如图丙所示，当达到满偏时有

【解析】241.2电压25、略

【分析】【详解】

（1）[1]AB．电容器充电后，断开开关S，电荷量保持不变，根据

若增大两板的距离；电容减小，AB错误；

C．电容器充电后，断开开关S，电荷量保持不变，根据

电容减小；则平行板电容器两板间的电势差变大，C正确；

D．根据

平行板电容器两极板间场强

平行板电容器两极板间场强不变；D错误。

故选C。

（2）[2]A．电容器的电容由电容器本身决定，与电压、电荷量无关，则随着极板间电压的变化，电容不变，C-U图像为平行于U轴的直线；A错误；

B．电阻小；则电流大，充电时间短，B正确；

C．电容与电压和电荷量无关，根据

两个U-Q图像为同一倾斜直线；C错误；

D．电源的电动势保持不变，电容也不变，故电量不变，所以电容器存储的电能一样，故-U为平行U轴的直线；D错误。

故选B。

（3）[3]在电容器放电过程中的任意瞬时有

根据欧姆定律有

故U-t图线转化成图线，则可和与t轴所围面积为电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积，因此电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积。因此电容器所带电荷量的最大值

[4][5]电容器所带的电荷量Q与其两端电压U成正比，且由图3知电容器所带电荷量最大时，电容器两端电压U=6V，电源内阻不计，故电源电动势E=6V。放电过程中电容器两端电压U随电荷量变化的关系图像如图所示。

电容器放电过程中任意瞬时释放的电势能

U-Q图线与Q轴所围面积为电容器放电过程中释放的总电势能Ep，也是电容器在充电时获得的总电势能，即

电容器充电过程中，非静电力做功提供的总能量

电容器充电过程中电源内部产生的热量【解析】CB26、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为d=0.5mm+12.2×0.01mm=0.622mm

（2）[2]金属钛的电阻约为3Ω～5Ω；电压表内阻为3kΩ，电流表内阻为0.1Ω，电压表内阻远大于金属钛的电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示。

（3）[3][4]测金属钛的电阻率还需要测出金属钛的长度L，金属钛的电阻

由电阻定律得

联立解得电阻率【解析】0.622（0.621-0.623）电阻丝的长度L27、略

【分析】【详解】

(1)[1]．闭合开关之前，为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头P应放在电阻的阻值最大处，故滑动变阻器的滑动头P应放在a处；

(2)[2][3]．在图线中，图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势，读数为1.5V；内电阻可以使用公式：【解析】a1.501.00六、解答题(共4题，共8分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)第1块板和第4块板接地，电势为零，第1块板左侧和第4块板右侧均无电荷分布。设第1块板右侧所带电荷量为q；则其他板所带电荷量如图所示。各板间电势差关系为。

故有

解得

因此，第1块板和第4块板流入大地的电荷量分别为

(2)第3块板左侧的电荷量为右侧的电荷量为由于所以第3块板上的电势最低，其