2025高考化学一轮复习之有机物的推断（解答大题）

第1页（共1页）2025高考化学一轮复习之有机物的推断（解答大题）一．解答题（共20小题）1．（2024•浙江模拟）以焦炭和石油为原料可以获得一系列化工产品，转化关系如图所示。已知：有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍；有机物B的分子式为C2H4O；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体。请回答：（1）有机物E中所含官能团为（填名称）。（2）B→C的反应类型是。（3）C+D→E的化学方程式为。（4）下列说法不正确的是。A.环氧乙烷的结构简式为，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%B.有机物C、D均能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.相同质量的有机物B、E完全燃烧时，耗氧量相同D.有机物E具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料E.可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D2．（2024•浙江模拟）有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子。A、B可发生如图所示的一系列物质转化。已知：①CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr。（2）H是E和G按物质的量之比2：1反应生成的有水果香味的有机化合物。回答下列问题：（1）化合物E所含官能团的名称为。B→F的反应类型为。（2）H的结构简式为。（3）工业制取A、B主要采用的方法为（填标号）。a．煤的气化b．石油的分馏c．石油的裂解（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物，写出反应的化学方程式：。（5）写出C→D反应的化学方程式：；写出F→G反应的化学方程式：。（6）C有两种同分异构体，写出其同分异构体的结构简式：。3．（2024•重庆模拟）【化学﹣选修5：有机化学基础】现有分子式为C10H10O2Br2的芳香族化合物X，X中苯环上有四个取代基，苯环上的一氯代物只有一种，其核磁共振氢谱图中有四个吸收峰，吸收峰的面积比为1：2：6：1，在一定条件下可发生下述一系列反应，其中C能发生银镜反应，E遇FeCl3溶液显色且能与浓溴水反应．已知：①在稀碱溶液中，连在苯环上的溴原子不易发生水解②两个羟基同时连在同一碳原子上的结构是不稳定的，它将自动发生脱水反应：CH3CH（OH）2→CH3CHO+H2O回答下列问题：（1）X中官能团的名称是，C的结构简式为；（2）E→F反应类型是；（3）I的结构简式为；（4）E不具有的化学性质（选填序号）；a、取代反应b、消去反应c、氧化反应d、1molE最多能与1molNaHCO3反应（5）写出下列反应的化学方程式：①X与足量稀NaOH溶液共热的化学方程式：；②B→C的化学方程式：；（6）同时符合下列条件的E的同分异构体共有种，a、苯环上的一氯代物有两种b、不能发生水解反应c、遇FeCl3溶液不显色d、1molE的同分异构体最多能分别与1molNaOH和2molNa反应其中核磁共振氢谱为六组峰，且峰面积比为3：2：2：1：1：1的一种结构简式为．4．（2023•成都模拟）优良的有机溶剂对孟烷、耐热型特种高分子功能材料PMnMA的合成路线如图：已知在催化剂存在的条件下，芳香化合物苯环上的氢原子可被卤代烷中的烷基取代。如：（R为烷基，X为卤原子）（1）B为芳香烃。①由B生成对孟烷的反应类型是。对孟烷的一氯代物有种。②（CH3）2CHCl与A生成B的化学方程式是。③A的同系物中相对分子质量最小的物质是。（2）1.08g的C与饱和溴水完全反应生成3.45g白色沉淀。E不能使Br2的CCl4溶液褪色。①F的官能团是。②C的结构简式是。C的属于芳香化合物且具有官能团﹣OH的同分异构体有种。③反应Ⅰ的化学方程式是。（3）下列说法正确的是（选填字母）。a.B可使酸性高锰酸钾溶液褪色b.C不存在醛类同分异构体c.D的酸性比E弱d.E的沸点高于对孟烷（4）G的核磁共振氢谱有3种峰，其峰面积之比为3：2：1。G与NaHCO3反应放出CO2。反应Ⅱ的化学方程式是。5．（2023•西城区校级模拟）靛蓝类色素是人类所知最古老的色素之一，广泛用于食品、医药和印染工业。靛蓝（化合物X）和多环化合物Y的一种合成路线如图所示（部分反应条件或试剂略去）。已知：i.（1）A的名称是。（2）下列说法中，正确的是（填序号）。a.由A制备B时，需要使用浓硝酸和浓硫酸b.D中含有的官能团只有硝基c.D→E可以通过取代反应实现（3）E→G的化学方程式是。（4）I的结构简式是。（5）J在一定条件下发生反应，可以生成化合物X、乙酸和水，生成物中化合物X和乙酸的物质的量比是。（6）K中除苯环外，还含有一个五元环，K的结构简式是。（7）已知：ii.ⅲ.亚胺结构（）中C＝N键性质类似于羰基，在一定条件下能发生类似i的反应。M与L在一定条件下转化为Y的一种路线如图。写出中间产物1、中间产物2的结构简式、。6．（2023•遵义一模）H是一种香料，可用下图的设计方案合成．已知：①在一定条件下，有机物有下列转化关系：（X为卤素原子）②烃A和等物质的量的HCl在不同的条件下发生加成反应，既可以生成只含有一个甲基的B也可以生成含有两个甲基的F．（1）D的结构简式为．（2）F→G的化学反应类型为．（3）烃A→B的化学反应方程式是．（4）E+G→H的化学反应方程式：．（5）H有多种同分异构体，其中含有一个羧基，且其一氯代物有两种的是．（用结构简式表示）7．（2023•鼓楼区校级模拟）化合物M（）是一种抗过敏药物。实验室由芳香烃A制备M的一种合成路线如图：已知：①；②R1OHR1OR2；③一个碳原子上连接两个﹣OH的结构不稳定，会自动脱水。回答下列问题：（1）C的结构简式为．（2）写出由D生成E的化学方程式为．（3）G中官能团的名称为．（4）由H生成M的反应类型为，该反应中加入适量NaOH溶液的作用为．（5）F的同分异构体中，含有两个苯环且核磁共振氢谱有6组吸收峰的结构简式为（任写一种）．8．（2023•重庆模拟）我国“十四五”规划纲要以及《中国制造2025》均提出重点发展全降解血管支架等高值医疗器械。有机物Z是可降解高分子，其合成路线如图所示：请回答下列问题：（1）B→D的反应类型是；E中含氧官能团的名称是。（2）G中含有的手性碳原子有个。（3）D、W的结构简式分别是、。（4）有机物J的分子式比E的分子式少一个氧原子，则J的结构中含有的同分异构体共有种（不考虑立体异构）。（5）X中不含碳碳双键，X→Z的化学方程式是。（6）若反应开始时Y的浓度为0.02mol/L，X的浓度为2.8mol/L，反应完全后，Y的浓度几乎为0，X的浓度为0.12mol/L，假设高分子Z只有一种分子，则聚合度约为。9．（2023•辽宁二模）有机化合物G是一种应用广泛的高分子膜材料，其合成路线如图：已知：RCOOR1+R2OHRCOOR2+R1OH回答下列问题：（1）化合物B分子式；有机物D的名称为；化合物E的结构简式为。（2）试剂X中含有的官能团名称为；B→C的反应类型为，该流程中设计A→B，C→D的目的。（3）F→G的化学方程式为。（4）（D）的同分异构体（M），其沸点MD（填“高于”或“低于”）。（5）有机物B的同分异构体有多种，满足下列条件的有种；其中核磁共振氢谱中有4组峰且峰面积之比为1：1：2：6的结构简式为（写出一种）。①分子中除苯环外不含其他环②能发生水解反应③能发生银镜反应10．（2023•陵水县模拟）现通过以下步骤由制备：（1）写出A、B的结构简式：A，B。（2）反应①和④反应类型分别是：、。（3）写出下列反应的化学方程式：④；⑤。11．（2023•成都二模）某有机药物中间体J的合成路线（部分反应条件略去）如图试回答下列问题：（1）B的化学名称为；反应①的试剂和条件为。（2）反应③可以看作发生了两步反应，首先C与丙酮发生反应（填反应类型），再发生消去反应得到D。（3）F的结构简式为；G的含氧官能团的名称是。（4）反应⑦的化学方程式为。（5）G的同分异构体中，能发生水解反应且分子中含有苯环的有种，其中核磁共振氢谱有5组吸收峰的结构简式为。12．（2023•浑南区校级模拟）已知：①R﹣NO2R﹣NH2；②苯环上的取代基对新导入的取代基进入苯环的位置有显著的影响。如图表示以苯为原料制备一系列有机物的转化过程：（1）A是一种密度比水（填“大”或“小”）的无色液体，苯转化为A的化学方程式是。（2）在“苯CD”的转化过程中，属于取代反应的是（填序号，下同），属于加成反应的是。（3）有机物B苯环上的二氯代物有种结构；的所有原子（填“在”或“不在”）同一平面上。13．（2023•南昌县校级模拟）已知一个碳原子连两个﹣OH的结构不稳定，会很快脱去一分子水，其变化如图1：图2中B和、等都是A和Cl2发生反应生成的产物，E是一种高分子化合物，透光性能好，常用作一些灯饰外壳。过程中一些小分子都已经略去。回答下列问题：（1）A的化学名称为；（2）第④步的化学方程式为，该反应类型为；（3）第⑦步的化学方程式为，该反应类型为；（4）E的结构简式为；（5）符合下列条件：苯环上有两个取代基且苯环上只有两种不同化学环境的氢的C的同分异构体的结构简式分别是、、。14．（2023•兴庆区校级一模）塑化剂主要用作塑料的增塑剂，也可作为农药载体、驱虫剂和化妆品等的原料。添加塑化剂（DBP）可改善白酒等饮料的口感，但超过规定的量会对人体造成伤害。DBP的合成线路图如图所示：已知以下信息：①②C为含两个碳原子的烃的含氧衍生物，其核磁共振氢谱图如图所示。③（R1、R2表示氢原子或烃基）请回答下列问题：（1）A的化学名称为。（2）写出反应C→D的化学方程式。（3）A→B的反应类型为。（4）E中含氧官能团的名称为。（5）一定条件下，E和H2可按物质的量之比1：1反应生成F，F和B以物质的量之比2：1合成DBP。DBP的结构简式为。（6）同时符合下列条件的B的同分异构体有种，写出其中任意两种同分异构体的结构简式、。①不能和NaHCO3溶液反应②能发生银镜反应③遇FeCl3溶液显紫色④核磁共振氢谱显示苯环上只有一种氢原子15．（2023•石景山区一模）Dalenin1（）对酪氨酸酶有很强的抑制活性，在制药工程和化妆品行业有巨大的潜在应用价值。已知：（1）Dalenin1含氧官能团的名称。（2）A含有支链且能使溴水褪色，A生成B的化学方程式是。（3）B催化裂化先生成二元醇X，X转化为C，X的结构简式是。（4）D+G→H的化学方程式是。（5）E→F的反应类型是。（6）I含有2个六元环，J的结构简式是。（7）K先生成中间体Y（），Y催化环化生成Dalenin1时存在多种副产物。一种副产物Z是Dalenin1的同分异构体，也含有4个六元环，其结构简式是。16．（2023•沙坪坝区校级模拟）抗肿瘤药物前体M（）的一种合成路线如图：已知：（1）M中含氧官能团的名称是。（2）E的名称是，C的结构简式为。（3）F→G反应所需的试剂和条件是。（4）I→J的化学方程式是。（5）K→M的反应过程有HBr和H2O生成，则K的结构简式是。（6）L为I的同系物，比I的相对分子质量小28，满足下列条件的L的同分异构体有种（不考虑立体异构）。①与FeCl3溶液能发生显色反应②能发生银镜反应③核磁共振氢谱峰面积比为6：2：2：1：1其中，苯环上的一氯代物有两种的结构简式为（任写一种）。17．（2023•宝山区校级模拟）有机物A可发生如下转化（部分反应条件和试剂略）：已知：（R、R′标上烃基或官能团）。②2个G分子间可脱水形成六元环状酯。回答下列问题：（1）A中所含官能团的结构简式是，D含有的官能团名称是。（2）由E生成F的反应类型是，B生成C的反应类型是。（3）A的结构简式为。（4）G形成六元环状酯的化学方程式为。（5）含有相同官能团的H的同分异构体有种，其含有四种不同氢原子，且个数比为3：1：1：1的结构简式为。（6）写出为原料（其他无机试剂任选）制备G的合成路线：。18．（2023•重庆模拟）乙醇是一种重要的化工原料，由乙醇为原料衍生出的部分化工产品如图所示：回答下列问题：（1）A的结构简式为。（2）B的化学名称是。（3）C2H5OH与Cl2光照条件下反应生成C的反应类型是。（4）E是一种常见的塑料，由D合成E的化学方程式为。（5）由乙醇生成F的反应方程式为。19．（2022•丰台区一模）某喹啉类化合物P的合成路线如图：已知：R1﹣C≡CH+R2CHO（1）A为链状，按官能团分类，其类别是。（2）B→C的反应方程式是。（3）C→D所需的试剂a是。（4）下列关于E的说法正确的是。A.能发生银镜反应B.能发生氧化、消去、加聚反应C.核磁共振氢谱显示峰面积比为3：2：2：3D.1molE可以与6molH2发生反应（5）G的结构简式为。（6）H→I的反应类型为。（7）由I和E合成P的流程如下，M与N互为同分异构体，写出J、M、N的结构简式：、、。20．（2022•广东模拟）某研究小组以芳香族化合物A为主要原料，按如图路线合成抗癫痫药物W：已知：①﹣NH2﹣N＝CHR；②。回答下列问题：（1）A中含氧官能团的名称为。（2）D的结构简式为。（3）试剂X是。（4）反应③⑤的目的是。（5）设计从G到H的合成路线如图（其他试剂任选）：则试剂Ⅰ为，K的结构简式为，由K生成H的反应类型为。（6）写出化合物A的相邻同系物Y的同分异构体的结构简式，且必须符合下列条件：①含有酯基且能发生银镜反应；②1H﹣NMR表明分子中共有4种环境的H原子；③除苯环外无其他环。（任写一种即可）。

2025高考化学一轮复习之有机物的推断（解答大题）参考答案与试题解析一．解答题（共20小题）1．（2024•浙江模拟）以焦炭和石油为原料可以获得一系列化工产品，转化关系如图所示。已知：有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍；有机物B的分子式为C2H4O；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体。请回答：（1）有机物E中所含官能团为酯基（填名称）。（2）B→C的反应类型是加成反应或还原反应。（3）C+D→E的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O。（4）下列说法不正确的是BC。A.环氧乙烷的结构简式为，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%B.有机物C、D均能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.相同质量的有机物B、E完全燃烧时，耗氧量相同D.有机物E具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料E.可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D【答案】（1）酯基；（2）还原反应或加成反应；（3CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）BC。【分析】有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍，则A的相对分子质量是28，为CH2＝CH2；A发生氧化反应生成环氧乙烷；A和水发生加成反应生成C为CH3CH2OH；有机物B的分子式为C2H4O，则C发生催化氧化反应生成B为CH3CHO，B和氢气发生加成反应生成C；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体，则E为酯，C发生催化氧化反应生成D为CH3COOH，E为CH3COOCH2CH3。【解答】解：（1）有机物E为CH3COOCH2CH3，E中所含官能团为酯基，故答案为：酯基；（2）B→C的反应类型是加成反应或还原反应，故答案为：加成反应或还原反应；（3）C+D→E的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）A.环氧乙烷的结构简式为，乙烯和氧气反应生成环氧乙烷时只有一种产物，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%，故A正确；B.有机物C为CH3CH2OH、D为CH3COOH，C能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；C.B为CH3CHO、E为CH3COOCH2CH3，B、E的分子式可以写为C2H2•H2O、C4H4•2H2O，相同质量的有机物B、E时n（CH）不同，所以完全燃烧时，耗氧量不同，故C错误；D.有机物E为酯类物质，具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料，故D正确；E.B为乙醛、D为乙酸，乙醛和新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀，乙酸和新制氢氧化铜悬浊液发生中和反应而使溶液变澄清，现象不同，所以可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D，故E正确；故答案为：BC。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式、明确有机物性质的差异性是解本题关键，题目难度不大。2．（2024•浙江模拟）有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子。A、B可发生如图所示的一系列物质转化。已知：①CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr。（2）H是E和G按物质的量之比2：1反应生成的有水果香味的有机化合物。回答下列问题：（1）化合物E所含官能团的名称为羧基。B→F的反应类型为加成反应。（2）H的结构简式为CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3。（3）工业制取A、B主要采用的方法为c（填标号）。a．煤的气化b．石油的分馏c．石油的裂解（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物，写出反应的化学方程式：nCH2＝CHCH3。（5）写出C→D反应的化学方程式：2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O；写出F→G反应的化学方程式：BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr。（6）C有两种同分异构体，写出其同分异构体的结构简式：和CH3CH2OCH3。【答案】（1）羧基；加成反应；（2）CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3；（3）c；（4）nCH2＝CHCH3；（5）2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O；BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr；（6）和CH3CH2OCH3。【分析】有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A的相对分子质量为42，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以A是烯烃，用烯烃的通式CnH2n来计算12n+2n＝14n＝42，n＝3，则A是丙烯，分子式为C3H6；B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子，则B是乙烯；丙烯在催化剂的条件下与H2O反应得到丙醇或2﹣丙醇，丙醇催化氧化得到丙醛，2﹣丙醇催化氧化得到2﹣丙酮，但是2﹣丙酮不能再继续催化氧化，故确定C是丙醇；丙醇催化氧化得到丙醛，所以D是丙醛；那么丙醛在催化氧化得到的是丙酸，所以E是丙酸；B是乙烯，乙烯与Br2发生加成反应得到F，所以F是1，2﹣二溴乙烷；根据已知说明可确定在后一步反应中要把F中的2个Br要换成羟基，所以G是乙二醇；G与E易发生酯化反应得到CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3，所以H是CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3。【解答】解：（1）化合物E是丙酸，结构简式是CH3CH2COOH，其官能团的名称是羧基；B是乙烯，乙烯与Br2易发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，该反应属于加成反应，故答案为：羧基；加成反应；（2）丙酸与乙二醇发生酯化反应得到H为CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3，故答案为：CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3；（3）丙烯与乙烯在工业上采用石油的裂解来获取，故选c，故答案为：c；（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物的化学方程式nCH2＝CHCH3，故答案为：nCH2＝CHCH3；（5）丙醇催化氧化得到丙醛，反应方程式为2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O；F→G是1，2二溴乙烷得到乙二醇，其化学方程式为BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr，故答案为：2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O；BrCH2CH2Br+2NaOHHOCH2CH2OH+2NaBr；（6）丙醇有2种同分异构体为2﹣丙醇和甲乙醚，其结构简式分别是和CH3CH2OCH3，故答案为：和CH3CH2OCH3。【点评】本题考查有机物的推断，涉及官能团识别、有机反应类型、有机反应方程式的书写、有机物结构与性质、限制条件同分异构体书写等，充分利用反应条件、目标物结构简式进行分析推断，试题侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。3．（2024•重庆模拟）【化学﹣选修5：有机化学基础】现有分子式为C10H10O2Br2的芳香族化合物X，X中苯环上有四个取代基，苯环上的一氯代物只有一种，其核磁共振氢谱图中有四个吸收峰，吸收峰的面积比为1：2：6：1，在一定条件下可发生下述一系列反应，其中C能发生银镜反应，E遇FeCl3溶液显色且能与浓溴水反应．已知：①在稀碱溶液中，连在苯环上的溴原子不易发生水解②两个羟基同时连在同一碳原子上的结构是不稳定的，它将自动发生脱水反应：CH3CH（OH）2→CH3CHO+H2O回答下列问题：（1）X中官能团的名称是酯基、溴原子，C的结构简式为HCOOH；（2）E→F反应类型是加成反应；（3）I的结构简式为；（4）E不具有的化学性质b（选填序号）；a、取代反应b、消去反应c、氧化反应d、1molE最多能与1molNaHCO3反应（5）写出下列反应的化学方程式：①X与足量稀NaOH溶液共热的化学方程式：；②B→C的化学方程式：2CH3OH+O22HCHO+2H2O；（6）同时符合下列条件的E的同分异构体共有4种，a、苯环上的一氯代物有两种b、不能发生水解反应c、遇FeCl3溶液不显色d、1molE的同分异构体最多能分别与1molNaOH和2molNa反应其中核磁共振氢谱为六组峰，且峰面积比为3：2：2：1：1：1的一种结构简式为或．【答案】见试题解答内容【分析】A能连续被氧化，则A是醇，B是醛，C是羧酸，C能发生银镜反应，则C是HCOOH，B是HCHO，A是CH3OH；D能与新制氢氧化铜反应，说明D中含有醛基，E遇FeCl3溶液显色，说明E中含有酚羟基，由于在稀碱溶液中，连在苯环上的溴原子不易发生水解，说明X中酯基为甲酸与酚形成的，即存在HCOO﹣，两个羟基同时连在同一碳原子上的结构是不稳定，会发生脱水反应，说明存在﹣CHBr2，芳香族化合物X，其苯环上的一溴代物只有一种，说明X中苯环上只有一类氢原子，其核磁共振氢谱图中有四个吸收峰，说明含有4种氢原子，吸收峰的面积比为1：2：6：1，可以确定X含有2个甲基，结合E能与能与浓溴水反应，故HCOO﹣基团的邻、对位位置没有取代基，综上分析可推知X的结构简式为：，X水解然后酸化得D，D的结构简式为：，D被氧化生成E，E的结构简式为：，E和氢气发生加成反应生成F，F的结构简式为：，F在浓硫酸、加热条件下生成H，H能使溴水褪色，应是发生消去反应，故H为，H能发生加聚反应生成I，I的结构简式为：，据此解答．【解答】解：A能连续被氧化，则A是醇，B是醛，C是羧酸，C能发生银镜反应，则C是HCOOH，B是HCHO，A是CH3OH；D能与新制氢氧化铜反应，说明D中含有醛基，E遇FeCl3溶液显色，说明E中含有酚羟基，由于在稀碱溶液中，连在苯环上的溴原子不易发生水解，说明X中酯基为甲酸与酚形成的，即存在HCOO﹣，两个羟基同时连在同一碳原子上的结构是不稳定，会发生脱水反应，说明存在﹣CHBr2，芳香族化合物X，其苯环上的一溴代物只有一种，说明X中苯环上只有一类氢原子，其核磁共振氢谱图中有四个吸收峰，说明含有4种氢原子，吸收峰的面积比为1：2：6：1，可以确定X含有2个甲基，结合E能与能与浓溴水反应，故HCOO﹣基团的邻、对位位置没有取代基，综上分析可推知X的结构简式为：，X水解然后酸化得D，D的结构简式为：，D被氧化生成E，E的结构简式为：，E和氢气发生加成反应生成F，F的结构简式为：，F在浓硫酸、加热条件下生成H，H能使溴水褪色，应是发生消去反应，故H为，H能发生加聚反应生成I，I的结构简式为：，（1）X为，含有官能团是：酯基、溴原子；C的结构简式为HCOOH，故答案为：酯基、溴原子；HCOOH；（2）E→F是和氢气发生加成反应生成，故答案为：加成反应；（3）由上述分析可知，I的结构简式为：，故答案为：；（4）E的结构简式为：，a．E含有酚羟基和甲基，能发生取代反应，故不选；b．E不能发生消去反应，故选；c．E是有机物能氧化反应，且酚羟基易被氧化，故不选；d．羧基能和碳酸氢钠反应，所以1molE最多能与1molNaHCO3反应，故不选；故答案为：b；（5）①X与足量稀NaOH溶液共热的化学方程式：；②B→C的化学方程式：2CH3OH+O22HCHO+2H2O，故答案为：；2CH3OH+O22HCHO+2H2O；（6）的同分异构体同时符合下列条件：b、不能发生水解反应，没有酯基，c、遇FeCl3溶液不显色，说明不含酚羟基，d、1mol该同分异构体最多能分别与1molNaOH和2molNa反应，含有1个﹣OH、1个﹣COOH，a、苯环上的一氯代物有两种，苯环上有2种H原子，应含有2个取代基且处于对位，符合条件的同分异构体有：，共有4种，其中核磁共振氢谱为六组峰，且峰面积比为3：2：2：1：1：1的一种结构简式为或，故答案为：4；或．【点评】本题考查了有机物的推断，明确官能团性质及转化是解本题关键，对学生的逻辑推理有较高的要求，采取正、逆推法相结合确定X结构，注意X和氢氧化钠的水溶液发生水解时不仅酯基水解，溴原子还水解，含有溴原子的碳原子上有两个羟基时不稳定，易变成醛基，为易错点．4．（2023•成都模拟）优良的有机溶剂对孟烷、耐热型特种高分子功能材料PMnMA的合成路线如图：已知在催化剂存在的条件下，芳香化合物苯环上的氢原子可被卤代烷中的烷基取代。如：（R为烷基，X为卤原子）（1）B为芳香烃。①由B生成对孟烷的反应类型是加成反应（或还原反应）。对孟烷的一氯代物有7种。②（CH3）2CHCl与A生成B的化学方程式是。③A的同系物中相对分子质量最小的物质是苯。（2）1.08g的C与饱和溴水完全反应生成3.45g白色沉淀。E不能使Br2的CCl4溶液褪色。①F的官能团是碳碳双键。②C的结构简式是。C的属于芳香化合物且具有官能团﹣OH的同分异构体有3种。③反应Ⅰ的化学方程式是。（3）下列说法正确的是（选填字母）ad。a.B可使酸性高锰酸钾溶液褪色b.C不存在醛类同分异构体c.D的酸性比E弱d.E的沸点高于对孟烷（4）G的核磁共振氢谱有3种峰，其峰面积之比为3：2：1。G与NaHCO3反应放出CO2。反应Ⅱ的化学方程式是。【答案】（1）①加成（还原）反应；7；②；③苯；（2）①碳碳双键；②；3；③；（3）a、d；（4）。【分析】2﹣氯丙烷和化合物A反应生成B，B为芳香烃，B和氢气发生加成反应生成对孟烷，根据对孟烷的结构简式及题给信息知，A为，B是；1.08g的C与饱和溴水完全反应生成3.45g白色沉淀，说明C中含有酚羟基，C变为白色沉淀时质量增加的量＝（3.45﹣1.08）g＝2.37g，当1mol酚和浓溴水发生取代反应时，有1mol氢原子被溴原子取代时，质量增加79g，当酚质量增加2.37g，则使有0.03mol氢原子被取代，有0.01mol酚参加反应，所以C的摩尔质量为：＝108g/mol，苯酚的相对分子质量是94，该酚的相对分子质量比苯酚大14，说明C中还含有一个甲基，C中能和溴水发生三溴取代，则C是间甲基苯酚，C和2﹣氯丙烷发生取代反应生成D，D的结构简式为：，C为，D反应生成E，E发生消去反应生成F，F和氢气发生加成反应生成对孟烷，D和氢气发生加成反应生成，在浓硫酸作催化剂、加热条件下发生消去反应生成或，然后或发生加成反应生成对孟烷，则E是，F是或，G与NaHCO3反应放出CO2，说明G中含有羧基，G的核磁共振氢谱有3种峰，其峰面积之比为3：2：1，则G的结构简式为：CH2＝C（CH3）COOH，H是。【解答】解：（1）①通过流程图知，B和氢气发生加成反应生成对孟烷，对孟烷中含有7种氢原子，所以其一氯代物有7种，故答案为：加成（还原）反应；7；②2﹣氯丙烷和甲苯在催化剂条件下发生取代反应，反应方程式为：，故答案为：；③A是甲苯，A的同系物中相对分子质量最小的物质是苯，故答案为：苯；（2）①F是或，其含有的官能团是碳碳双键，故答案为：碳碳双键；②通过以上分析知，C的结构简式为：，C的属于芳香化合物且具有官能团﹣OH的同分异构体中含有苯环和羟基，如果取代基为﹣CH2OH，有1种位置异构；如果取代基为酚﹣OH、﹣CH3，两个取代基可能位于邻位或对位，所以有2种同分异构体，则符合条件的同分异构体有3种，故答案为：；3；③和氢气发生加成反应，反应方程式为：，故答案为：；（3）a．B是，B中直接连接苯环的碳原子上含有氢原子，所以B可使酸性高锰酸钾溶液褪色，故a正确；b．C是，C存在醛类同分异构体，故b错误；c．D是，E是，酚的酸性大于醇，故c错误；d．E中能形成氢键，对孟烷不能形成氢键，所以E的沸点高于对孟烷，故d正确；故答案为：a、d；（4）H是，H发生加聚反应，所以反应II的化学方程式是，故答案为：。【点评】本题考查了有机物的推断，正确推断C是解本题关键，注意结合题给信息进行分析解答，难度中等。5．（2023•西城区校级模拟）靛蓝类色素是人类所知最古老的色素之一，广泛用于食品、医药和印染工业。靛蓝（化合物X）和多环化合物Y的一种合成路线如图所示（部分反应条件或试剂略去）。已知：i.（1）A的名称是甲苯。（2）下列说法中，正确的是ac（填序号）。a.由A制备B时，需要使用浓硝酸和浓硫酸b.D中含有的官能团只有硝基c.D→E可以通过取代反应实现（3）E→G的化学方程式是。（4）I的结构简式是CH3COCH3。（5）J在一定条件下发生反应，可以生成化合物X、乙酸和水，生成物中化合物X和乙酸的物质的量比是1：2。（6）K中除苯环外，还含有一个五元环，K的结构简式是。（7）已知：ii.ⅲ.亚胺结构（）中C＝N键性质类似于羰基，在一定条件下能发生类似i的反应。M与L在一定条件下转化为Y的一种路线如图。写出中间产物1、中间产物2的结构简式、。【答案】（1）甲苯；（2）ac；（3）；（4）CH3COCH3；（5）1：2；（6）；（7）；。【分析】根据E的结构简式及A、B的分子式知，A为，B为，B中甲基上的氢原子被取代生成的D可能为，D发生水解反应生成E，E发生催化氧化生成G为，G和I发生信息中的反应生成J，根据J的结构简式知，I为CH3COCH3，X发生信息中的反应生成K和L，K中除苯环外，还含有一个五元环，根据分子式知K为、L为，K水解生成M为；（7）L为，M为，M、L发生信息i的反应生成ii的反应生成中间产物1为，中间产物1羰基发生加成反应生成中间产物2为，中间产物2发生消去反应生成Y。【解答】解：（1）A为，A的名称是甲苯，故答案为：甲苯；（2）a.由A制备B时，需要使用浓硝酸作反应物、浓硫酸作催化剂，故a正确；b.D中含有硝基和卤原子，故b错误；c.D中卤原子水解生成E中醇羟基，也属于取代反应，所以D→E可以通过取代反应实现，故c正确；故答案为：ac；（3）E发生催化氧化生成G为，E→G的化学方程式是，故答案为：；（4）I的结构简式是CH3COCH3，故答案为：CH3COCH3；（5）J在一定条件下发生反应，可以生成化合物X、乙酸和水，根据碳原子守恒知，生成物中化合物X和乙酸的物质的量比是1：2，故答案为：1：2；（6）K的结构简式是，故答案为：；（7）通过以上分析知，中间产物1为，中间产物2为，故答案为：；。【点评】本题考查有机物推断，侧重考查信息的阅读、合成路线中结构简式的对比、分析、推断及知识综合运用能力，利用某些结构简式、分子式及题给信息正确推断各物质的结构简式是解本题关键，难点是K、L及（7）题结构简式的确定，题目难度中等。6．（2023•遵义一模）H是一种香料，可用下图的设计方案合成．已知：①在一定条件下，有机物有下列转化关系：（X为卤素原子）②烃A和等物质的量的HCl在不同的条件下发生加成反应，既可以生成只含有一个甲基的B也可以生成含有两个甲基的F．（1）D的结构简式为CH3CH2CHO．（2）F→G的化学反应类型为取代反应或水解反应．（3）烃A→B的化学反应方程式是CH3CH═CH2+HClCH3CH2CH2Cl．（4）E+G→H的化学反应方程式：CH3CH2COOH+CH3CH（OH）CH3CH3CH2COOCH（CH3）2+H2O．（5）H有多种同分异构体，其中含有一个羧基，且其一氯代物有两种的是．（用结构简式表示）【答案】见试题解答内容【分析】由转化关系可知，E含有羧基、G含有﹣OH，且E、G含有相同的碳原子数目，故E与G发生酯化反应生成H，由H的分子式可知，E为CH3CH2COOH，F中含有2个甲基，则G为CH3CH（OH）CH3，逆推可得，F为CH3CHClCH3，D为CH3CH2CHO，C为CH3CH2CH2OH，B为CH3CH2CH2Cl，A为CH3CH＝CH2，据此分析解答．【解答】解：由转化关系可知，E含有羧基、G含有﹣OH，且E、G含有相同的碳原子数目，故E与G发生酯化反应生成H，由H的分子式可知，E为CH3CH2COOH，F中含有2个甲基，则G为CH3CH（OH）CH3，逆推可得，F为CH3CHClCH3，D为CH3CH2CHO，C为CH3CH2CH2OH，B为CH3CH2CH2Cl，A为CH3CH＝CH2，（1）通过以上分析知，D结构简式为CH3CH2CHO，故答案为：CH3CH2CHO；（2）G为CH3CH（OH）CH3，F为CH3CHClCH3，F和NaOH的水溶液共热发生取代反应或水解反应生成G，故答案为：取代反应（或水解反应）；（3）A在双氧水作催化剂条件下，和HCl发生加成反应生成B，反应方程式为CH3CH═CH2+HClCH3CH2CH2Cl，故答案为：CH3CH═CH2+HClCH3CH2CH2Cl；（4）E和G在浓硫酸作催化剂、加热条件下发生酯化反应生成酯H，反应方程式为CH3CH2COOH+CH3CH（OH）CH3CH3CH2COOCH（CH3）2+H2O，故答案为：CH3CH2COOH+CH3CH（OH）CH3CH3CH2COOCH（CH3）2+H2O；（5）H为CH3CH2COOCH（CH3）2，H有多种同分异构体，其中含有一个羧基，且其一氯代物有两种的是，故答案为：．【点评】本题考查有机物推断，侧重考查学生分析推断及知识迁移能力，根据H分子式结合题给信息进行推断，注意：反应条件不同导致其产物不同，题目难度不大。7．（2023•鼓楼区校级模拟）化合物M（）是一种抗过敏药物。实验室由芳香烃A制备M的一种合成路线如图：已知：①；②R1OHR1OR2；③一个碳原子上连接两个﹣OH的结构不稳定，会自动脱水。回答下列问题：（1）C的结构简式为．（2）写出由D生成E的化学方程式为．（3）G中官能团的名称为碳氯键、羟基．（4）由H生成M的反应类型为取代反应，该反应中加入适量NaOH溶液的作用为中和生成的HCl，促进反应正向进行．（5）F的同分异构体中，含有两个苯环且核磁共振氢谱有6组吸收峰的结构简式为（任写一种）．【答案】（1）；（2）；（3）碳氯键、羟基；（4）取代反应；中和生成的HCl，促进反应正向进行；（5）。【分析】A为芳香烃，结合A的分子式知，A为，光照条件下，甲苯中甲基上的氢原子被氯原子取代生成B，根据B的分子式知，B为，B发生信息①的反应生成C为，C和氯气光照条件下发生亚甲基上的取代反应生成D，根据D的分子式知，D为，根据信息③知，D发生水解反应然后脱水生成E，E发生还原反应生成F，F和G发生信息②的反应生成H，G为HOCH2CH2Cl，H和CH3NHCH3发生取代反应生成M。【解答】解：（1）C的结构简式为，故答案为：；（2）D为，D发生水解反应然后脱水生成E，由D生成E的化学方程式为，故答案为：；（3）G为HOCH2CH2Cl，G中官能团的名称为碳氯键、羟基，故答案为：碳氯键、羟基；（4）由H生成M的反应类型为取代反应，生成M的同时还生成HCl，该反应中加入适量NaOH溶液的作用为中和生成的HCl，促进反应正向进行，故答案为：取代反应；中和生成的HCl，促进反应正向进行；（5）F的同分异构体中，含有两个苯环且核磁共振氢谱有6组吸收峰，符合条件的同分异构体中结构对称，含有酚羟基或醚键，符合条件的结构简式为，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查对比、分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合题给信息进行推断，题目难度中等。8．（2023•重庆模拟）我国“十四五”规划纲要以及《中国制造2025》均提出重点发展全降解血管支架等高值医疗器械。有机物Z是可降解高分子，其合成路线如图所示：请回答下列问题：（1）B→D的反应类型是氧化反应；E中含氧官能团的名称是酯基、羟基。（2）G中含有的手性碳原子有2个。（3）D、W的结构简式分别是、。（4）有机物J的分子式比E的分子式少一个氧原子，则J的结构中含有的同分异构体共有12种（不考虑立体异构）。（5）X中不含碳碳双键，X→Z的化学方程式是。（6）若反应开始时Y的浓度为0.02mol/L，X的浓度为2.8mol/L，反应完全后，Y的浓度几乎为0，X的浓度为0.12mol/L，假设高分子Z只有一种分子，则聚合度约为134。【答案】（1）氧化反应；酯基、羟基；（2）2；（3）；；（4）12；（5）；（6）134。【分析】A的分子式C5H11O2N、B的分子式为C5H9O2N、D的分子式为C5H9O3N，根据A、B、D的分子式可以推知，A发生氧化反应生成B，B发生氧化反应生成D，B的结构简式为、D的结构简式为，D和甲醇在浓硫酸、加热的条件下发生酯化反应生成E，则E的结构简式为，E和F在一定条件下发生取代反应生成G，G在一定条件下发生水解反应生成W，根据W的分子式知，W的结构简式为，由W与X的分子式可判断W生成X时发生了酯化反应，再结合X与Y在一定条件下生成Z知，该反应是聚合反应，结合X的分子式与Z的结构简式可推出X的结构简式为。【解答】解：（1）B中醛基发生氧化反应生成D中羧基，所以B→D的反应类型是氧化反应；E为，E中含氧官能团的名称是羟基、酯基，故答案为：氧化反应；酯基、羟基；（2）手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，如图，G中含有2个手性碳原子，故答案为：2；（3）D、W的结构简式分别为、，故答案为：；（4）有机物J的分子式为C6H11O2N，可以将基团看为一个取代基，则J的同分异构体有以下12种结构：、、、、、、、、、、、，故答案为：12；（5）X中不含碳碳双键，X→Z的化学方程式是：，故答案为：；（6）若反应开始时Y的浓度为0.02mol/L，X的浓度为2.8mol/L，反应完全后，Y的浓度几乎为0，X的浓度为0.12mol/L，则反应过程中消耗Y和消耗X的比例为0.02：（2.8﹣0.12）＝1：134，由方程式可知，n＝134，故答案为：134。【点评】本题考查有机物推断，侧重考查对比、分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意X和Y反应生成Z时断键和成键方式，难点是限制性条件下同分异构体种类判断。9．（2023•辽宁二模）有机化合物G是一种应用广泛的高分子膜材料，其合成路线如图：已知：RCOOR1+R2OHRCOOR2+R1OH回答下列问题：（1）化合物B分子式C9H10O2；有机物D的名称为4﹣羟基苯甲酸或对羟基苯甲酸；化合物E的结构简式为。（2）试剂X中含有的官能团名称为羟基、羧基；B→C的反应类型为氧化反应，该流程中设计A→B，C→D的目的保护酚羟基。（3）F→G的化学方程式为。（4）（D）的同分异构体（M），其沸点M低于D（填“高于”或“低于”）。（5）有机物B的同分异构体有多种，满足下列条件的有14种；其中核磁共振氢谱中有4组峰且峰面积之比为1：1：2：6的结构简式为或（写出一种）。①分子中除苯环外不含其他环②能发生水解反应③能发生银镜反应【答案】（1）C9H10O2；4﹣羟基苯甲酸或对羟基苯甲酸；；（2）羟基、羧基；氧化反应；保护酚羟基；（3）；（4）低于；（5）14；或。【分析】A和乙酰氯发生取代反应生成B，B发生氧化反应生成C，C发生水解反应生成D，根据E的分子式及反应条件知，D和甲醇发生酯化反应生成E为，根据F的结构简式及反应条件知，E和X发生信息中的取代反应生成F和CH3OH，X为HOCH2COOH，F发生缩聚反应生成G。【解答】解：（1）B的分子式为C9H10O2，D的名称为4﹣羟基苯甲酸或对羟基苯甲酸；化合物E的结构简式为，故答案为：C9H10O2；4﹣羟基苯甲酸或对羟基苯甲酸；；（2）根据分析可知X为HOCH2COOH，其中所含官能团的名称是羟基、羧基，B中甲基被氧化生成C中羧基，故B→C的反应类型为氧化反应；A中酚羟基和乙酰氯发生取代反应生成B中酯基，C中酯基发生水解反应生成D中酚羟基，所以该流程中设计A→B、C→D的目的保护酚羟基，防止被酸性高锰酸钾溶液氧化，故答案为：羟基、羧基；氧化反应；保护酚羟基；（3）F发生缩聚反应生成G，反应方程式为，故答案为：；（4）M形成分子内氢键，D形成分子间氢键，能形成分子间氢键的熔沸点较高，所以后者沸点更高，故答案为：低于；（5）有机物B的同分异构体满足条件：①分子中除苯环外不含其他环；②能发生水解反应，说明含有酯基；③能发生银镜反应，说明含有醛基，因此含有甲酸酯基，如果取代基为HCOOCH2CH2﹣，有1种位置异构；如果取代基为HCOOCH（CH3）﹣，有1种位置异构；如果取代基为﹣CH2CH3、HCOO﹣，两个取代基有邻位、间位、对位3种位置异构；如果取代基为﹣CH3、HCOOCH2﹣，两个取代基有邻位、间位、对位3种位置异构；如果取代基为2个﹣CH3、1个HCOO﹣，有6种位置异构，所以符合条件的同分异构体有14种，其中核磁共振氢谱中有4组峰且峰面积之比为1：1：2：6的结构简式为、，故答案为：14；或。【点评】本题考查有机物推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，易错点是限制性条件下同分异构体种类判断。10．（2023•陵水县模拟）现通过以下步骤由制备：（1）写出A、B的结构简式：A，B。（2）反应①和④反应类型分别是：加成反应、消去反应。（3）写出下列反应的化学方程式：④；⑤。【答案】（1）；；（2）加成反应；消去反应；（3）；。【分析】对比转化中有机物结构可知，与氢气发生加成反应生成A，A发生卤代烃的消去反应生成B，B再与氯气发生加成反应生成，发生卤代烃的消去反应生成C，C与氯气发生加成反应生成，故A为、B为、C为。【解答】解：（1）由分析可知，A的结构简式为，B的结构简式为，故答案为：；；（2）反应①是氯苯与氢气反应生成，改反应类型为加成反应；反应④是转化为，该反应类型为消去反应，故答案为：加成反应；消去反应；（3）反应④的化学方程式为，反应⑤的化学方程式为，故答案为：；。【点评】本题考查有机物的推断与合成，涉及卤代烃、烯烃的性质与转化，题目难度不大，有利于基础知识的复习巩固。11．（2023•成都二模）某有机药物中间体J的合成路线（部分反应条件略去）如图试回答下列问题：（1）B的化学名称为苯甲醇；反应①的试剂和条件为NaOH水溶液、加热。（2）反应③可以看作发生了两步反应，首先C与丙酮发生加成反应（填反应类型），再发生消去反应得到D。（3）F的结构简式为；G的含氧官能团的名称是羟基、羰基。（4）反应⑦的化学方程式为。（5）G的同分异构体中，能发生水解反应且分子中含有苯环的有6种，其中核磁共振氢谱有5组吸收峰的结构简式为。【答案】（1）苯甲醇；NaOH水溶液、加热；（2）加成；（3）；羟基、羰基；（4）；（5）6；。【分析】由A、B的分子式，B→C的转化条件，结合C的结构简式，可知A发生卤代烃的水解反应生成B，B发生醇的催化氧化生成，可推知A为、B为，与丙酮先发生加成反应、再发生消去反应生成，D与H发生加成反应生成J，对比E、G的结构简式，结合已知反应，可知苯酚中酚羟基与乙酸酐发生取代反应生成F和乙酸，F再发生结构重排生成G，则F为，G→H的过程中，可以理解为G与乙酸酐先发生取代反应成环生成、再异构转化为H。【解答】解：（1）由分析可知，B的结构简式为，B的化学名称为苯甲醇；反应①是转化为，反应试剂和条件为NaOH水溶液、加热，故答案为：苯甲醇；NaOH水溶液、加热；（2）反应③可以看作发生了两步反应，对比C、D结构简式可知，首先C与丙酮发生加成反应生成，再发生消去反应得到D，故答案为：加成；（3）由分析可知，F的结构简式为；观察结构可知，G的含氧官能团的名称是羟基、羰基，故答案为：；羟基、羰基；（4）反应⑦的化学方程式为，故答案为：；（5）G的同分异构体能发生水解反应且分子中含有苯环，说明还含有酯基，苯环有2个侧链为﹣COOCH3或﹣CH2OOCH或﹣OOCCH3，苯环有2个侧链为﹣CH3、﹣OOCH，有邻、间、对3种位置关系，则符合条件的同分异构体共有3+3＝6种，其中核磁共振氢谱有5组吸收峰的结构简式为，故答案为：6；。【点评】本题考查有机物的推动与合成，涉及有机物命名、有机反应条件判断、有机反应类型、官能团识别、有机反应方程式的书写、限制条件同分异构体书写等，充分利用有机物分子式与结构简式进行分析判断，题目侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。12．（2023•浑南区校级模拟）已知：①R﹣NO2R﹣NH2；②苯环上的取代基对新导入的取代基进入苯环的位置有显著的影响。如图表示以苯为原料制备一系列有机物的转化过程：（1）A是一种密度比水大（填“大”或“小”）的无色液体，苯转化为A的化学方程式是+HNO3+H2O。（2）在“苯CD”的转化过程中，属于取代反应的是①②（填序号，下同），属于加成反应的是③。（3）有机物B苯环上的二氯代物有6种结构；的所有原子不在（填“在”或“不在”）同一平面上。【答案】见试题解答内容【分析】苯与浓硝酸发生硝化反应生成A为，由B后产物结构，可知A与一氯甲烷发生取代反应生成B，B在Fe/HCl发生信息①的反应生成，B中引入的甲基在硝基的间位，则B为．苯与溴发生取代反应生成C为，溴苯在浓硫酸条件下生成D，D与氢气发生加成反应生成，可知C与浓硫酸反应发生对位取代，故D为，以此解答该题。【解答】解：（1）硝基苯的密度比水大，苯与浓硝酸在浓硫酸作用下发生硝化反应生成硝基苯，反应的方程式为+HNO3+H2O，故答案为：大；+HNO3+H2O；（2）苯与溴发生取代反应生成C，C与浓硫酸发生取代反应生成D，D发生加成反应生成，故答案为：①②；③；（3）B为，苯环上H原子化学环境均不相同，B分子苯环上的任意两个氢原子被氯原子取代有6种组合，即得到的二氯代物有6种同分异构体，有机物具有甲烷的四面体、氨气的三角锥形，分子中所有原子不可能在同一平面上，故答案为：6；不在。【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意把握官能团的变化以及反应类型的判断，难点为同分异构体的判断，题目难度不大。13．（2023•南昌县校级模拟）已知一个碳原子连两个﹣OH的结构不稳定，会很快脱去一分子水，其变化如图1：图2中B和、等都是A和Cl2发生反应生成的产物，E是一种高分子化合物，透光性能好，常用作一些灯饰外壳。过程中一些小分子都已经略去。回答下列问题：（1）A的化学名称为乙苯；（2）第④步的化学方程式为，该反应类型为氧化反应；（3）第⑦步的化学方程式为，该反应类型为加成反应；（4）E的结构简式为；（5）符合下列条件：苯环上有两个取代基且苯环上只有两种不同化学环境的氢的C的同分异构体的结构简式分别是、、。【答案】（1）乙苯；（2）；氧化反应；（3）；加成反应；（4）；（5）；；。【分析】由A与氯气发生取代反应生成B和、，则A为，而B发生水解反应生成，结合一个碳原子连两个﹣OH的结构不稳定，会很快脱去一分子水，可知B为，发生水解反应生成C为，C发生氧化反应生成，C脱水生成D，则D为，E是一种高分子化合物，则D发生加聚反应生成E，故E为，D与氯气发生加成反应生成。【解答】解：（1）由上述分析可知，A为，其化学名称为乙苯，故答案为：乙苯；（2）第④步的化学方程式为，属于氧化反应，故答案为：；氧化反应；（3）第⑦步的化学方程式为，属于加成反应，故答案为：；加成反应；（4）由上述分析可知，E的结构简式为，故答案为：；（5）C（）的同分异构体符合下列条件：苯环上有两个取代基，且苯环上只有两种不同化学环境的氢，2个不同的取代基处于对位，分别为、、，故答案为：；；。【点评】本题考查有机物推断，涉及芳香烃、卤代烃、醇、烯烃等性质与转化，注意根据有机物结构判断发生的反应，需要学生熟练掌握官能团的性质。14．（2023•兴庆区校级一模）塑化剂主要用作塑料的增塑剂，也可作为农药载体、驱虫剂和化妆品等的原料。添加塑化剂（DBP）可改善白酒等饮料的口感，但超过规定的量会对人体造成伤害。DBP的合成线路图如图所示：已知以下信息：①②C为含两个碳原子的烃的含氧衍生物，其核磁共振氢谱图如图所示。③（R1、R2表示氢原子或烃基）请回答下列问题：（1）A的化学名称为邻二甲苯。（2）写出反应C→D的化学方程式2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O。（3）A→B的反应类型为氧化反应。（4）E中含氧官能团的名称为醛基。（5）一定条件下，E和H2可按物质的量之比1：1反应生成F，F和B以物质的量之比2：1合成DBP。DBP的结构简式为。（6）同时符合下列条件的B的同分异构体有6种，写出其中任意两种同分异构体的结构简式、。①不能和NaHCO3溶液反应②能发生银镜反应③遇FeCl3溶液显紫色④核磁共振氢谱显示苯环上只有一种氢原子【答案】（1）邻二甲苯；（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（3）氧化反应；（4）醛基；（5）；（6）6；、。【分析】A的分子式为C8H10，发生信息①中氧化反应生成邻苯二甲酸，可知A为，C为含两个碳原子的烃的含氧衍生物，由核磁共振氢谱可知含有3种H原子，结合信息③可知D含有醛基，则C为CH3CH2OH、D为CH3CHO、E为CH3CH2＝CHCHO，（5）中E和H2以物质的量比1：1反应生成F，F和B以物质的量比2：1合成DBP，合成DBP的反应为酯化反应，则F为CH3CH2＝CHCH2OH，DBP为。【解答】解：（1）A的结构简式为，A的名称稳定邻二甲苯，故答案为：邻二甲苯；（2）反应C→D的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（3）A→B的过程中，A中甲基转化为羧基生成B，该反应类型为氧化反应，故答案为：氧化反应；（4）E的结构简式为CH3CH2＝CHCHO，E中含氧官能团的名称为醛基，故答案为：醛基；（5）CH3CH2＝CHCHO和H2以物质的量比1：1反应生成F，F和B（）以物质的量比2：1合成DBP，合成DBP的反应为酯化反应，则F为CH3CH2＝CHCH2OH，故DBP的结构简式为，故答案为：；（6）同时符合下列条件的B（）的同分异构体：①不能和NaHCO3溶液反应，说明不含羧基；②能发生银镜反应，说明含有醛基；③遇FeCl3溶液显紫色，说明含有酚羟基；④核磁共振氢谱显示苯环上只有一种氢原子，存在对称结构，符合条件的同分异构体有、、、、、共6种，故答案为：6；、。【点评】本题考查有机物的推断，侧重于学生的分析能力的考查，注意根据有机物分子式、反应条件以及题目给予的反应信息进行推断，熟练有机物官能团性质与转化是关键，难度中等。15．（2023•石景山区一模）Dalenin1（）对酪氨酸酶有很强的抑制活性，在制药工程和化妆品行业有巨大的潜在应用价值。已知：（1）Dalenin1含氧官能团的名称羟基、酮羰基、醚键。（2）A含有支链且能使溴水褪色，A生成B的化学方程式是CH2＝C（CH3）2+2HCHO。（3）B催化裂化先生成二元醇X，X转化为C，X的结构简式是。（4）D+G→H的化学方程式是++HBr。（5）E→F的反应类型是加成反应。（6）I含有2个六元环，J的结构简式是。（7）K先生成中间体Y（），Y催化环化生成Dalenin1时存在多种副产物。一种副产物Z是Dalenin1的同分异构体，也含有4个六元环，其结构简式是。【答案】（1）羟基、酮羰基、醚键；（2）CH2＝C（CH3）2+2HCHO；（3）；（4）++HBr；（5）加成反应；（6）；（7）。【分析】根据（2），A含有支链且能使溴水褪色，说明A中含有碳碳双键，结合B的结构，可得A为CH2＝C（CH3）2，A和HCHO发生加成反应生成B为，B经过裂解得到C为，C和HBr发生加成反应得到D，结合H的结构简式可以推知D为，D和G发生反应生成H，结合D和H的结构简式可以推知G为，由E和F的分子式可知，E和CH3CN发生加成反应生成F，F水解得到G，则E为，F为，I含有2个六元环，I和J发生已知原理的反应生成K，推知I为，J为，以此解答。【解答】解：（1）Dalenin1（）含氧官能团的名称为羟基、酮羰基、醚键，故答案为：羟基、酮羰基、醚键；（2）根据分析，A和HCHO发生加成反应生成B，方程式为：CH2＝C（CH3）2+2HCHO，故答案为：CH2＝C（CH3）2+2HCHO；（3）催化裂化先生成二元醇X，X发生消去反应得到，则X的结构简式为，故答案为：；（4）D和G发生取代反应生成H，D+G→H的化学方程式为：++HBr，故答案为：++HBr；（5）根据分析，E和CH3CN发生加成反应生成F，故答案为：加成反应；（6）根据分析，J为，故答案为：；（7）Y催化环化生成Dalenin1的原理是羟基和碳碳双键发生加成反应，中有两个羟基可以和碳碳双键发生加成反应成环，一种副产物Z是Dalenin1的同分异构体，也含有4个六元环，其结构简式是，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物的分子式、已知物质的结构、反应条件及给予的信息进行推断，关键是综合分析确定未知物质的结构，较好的考查学生分析推理能力，难度较大。16．（2023•沙坪坝区校级模拟）抗肿瘤药物前体M（）的一种合成路线如图：已知：（1）M中含氧官能团的名称是酰胺键、酯基。（2）E的名称是对溴甲苯或4﹣溴甲苯，C的结构简式为HC≡CCH2CH2OH。（3）F→G反应所需的试剂和条件是CH3OH、浓硫酸、加热。（4）I→J的化学方程式是2+O22+2H2O。（5）K→M的反应过程有HBr和H2O生成，则K的结构简式是。（6）L为I的同系物，比I的相对分子质量小28，满足下列条件的L的同分异构体有10种（不考虑立体异构）。①与FeCl3溶液能发生显色反应②能发生银镜反应③核磁共振氢谱峰面积比为6：2：2：1：1其中，苯环上的一氯代物有两种的结构简式为或或或（任写一种）。【答案】（1）酰胺键、酯基；（2）对溴甲苯或4﹣溴甲苯；HC≡CCH2CH2OH；（3）CH3OH、浓硫酸、加热；（4）2+O22+2H2O；（5）；（6）10；或或或。【分析】A为C2H2，为乙炔，根据B的分子式可知：﹣MgBr替代乙炔上的一个H，即B的结构简式为HC≡CMgBr，根据H的结构简式以及C的分子式，C为HC≡CCH2CH2OH，D的分子式为C7H8，根据H的结构简式，D中含有苯环，D为，D与Br2在FeBr3催化剂下，在D的对位上引入一个溴原子，E的结构简式为，E氧化成F，对比分子式，将E中甲基氧化成﹣COOH，F为，根据H的结构简式，F通过与甲醇反应生成G为，H与氢气发生加成反应，根据I的分子式，氢气与H中碳碳三键发生加成反应，即I为，I发生催化氧化物得到J为，根据M的结构简式，J与HBr发生取代反应，﹣Br取代醛基所连碳上的一个H，即K为，据此分析。【解答】解：（1）M为，含氧官能团为酯基、酰胺键，故答案为：酰胺键、酯基；（2）E为，名称为对溴甲苯或4﹣溴甲苯；根据上述分析，C的结构简式为HC≡CCH2CH2OH，故答案为：对溴甲苯或4﹣溴甲苯；HC≡CCH2CH2OH；（3）F→G发生酯化反应，F与甲醇在浓硫酸、加热条件下发生，所需试剂为CH3OH、浓硫酸、加热，故答案为：CH3OH、浓硫酸、加热；（4）I→J为醇的催化氧化，即反应方程式为2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O；（5）根据分析，K为，故答案为：；（6）I的结构简式为，L是I的同系物，比I的相对分子质量小28，说明L中比I中少量2个“CH2”，L的分子式为C10H12O3，与FeCl3溶液能发生显色反应，说明含有酚羟基，能发生银镜反应，说明含有﹣CHO或HCOO﹣，核磁共振氢谱有5组峰，说明含有5种不同化学环境的H，峰面积之比为6：2：2：1：1，应是对称结构，且含有2个对称的甲基，同分异构体为、，共有10种；苯环上一氯代物有两种，结构或或或；故答案为：10；或或或。【点评】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物的分子式、K的结构、反应条件及给予的信息进行推断，关键是综合分析确定各物质的结构，较好的考查学生分析推理能力，难度较大。17．（2023•宝山区校级模拟）有机物A可发生如下转化（部分反应条件和试剂略）：已知：（R、R′标上烃基或官能团）。②2个G分子间可脱水形成六元环状酯。回答下列问题：（1）A中所含官能团的结构简式是−C＝C−、−COO−，D含有的官能团名称是羧基。（2）由E生成F的反应类型是取代反应，B生成C的反应类型是氧化反应。（3）A的结构简式为。（4）G形成六元环状酯的化学方程式为$→_{△}^{浓硫酸}+2H2O。（5）含有相同官能团的H的同分异构体有2种，其含有四种不同氢原子，且个数比为3：1：1：1的结构简式为CH3CH＝CHCOOH。（6）写出为原料（其他无机试剂任选）制备G的合成路线：。【答案】（1）−C＝C−、−COO−；羧基。（2）取代反应；氧化反应。（3）；（4）2+2H2O；（5）2；CH3CH＝CHCOOH；（6）。【分析】根据2个G分子间可脱水形成六元环状酯，可得G为，B（CH3CH2CH2OH）在催化剂作用下被氧化成C为CH3C