物理（江苏常州卷）-学易金卷：2023年中考第二次模拟考试卷（全解全析）

学而优教有方2023年中考物理第二次模拟考试卷物理·全解全析注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分，每小题只有一个选项符合题意）我们生活在声音的世界里，下列关于声音的说法正确的是（）A.

公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的声调

B.

逐渐抽出真空罩内的空气，真空罩内闹钟发出的铃声逐渐变大

C.

有些地方禁止汽车鸣笛，目的是在声音传播途径上减弱噪声

D.

医生用B超检查身体是利用声音能传递信息【答案】D【解析】A．公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的响度，A错。B．逐渐抽出真空罩内的空气，真空罩内闹钟发出的铃声逐渐变小，随着空气的质量变小，介质变少，声音变小，B错。C．有些地方禁止汽车鸣笛，目的是在声源处减弱噪声，C错。医生用B超检查身体是利用声音能传递身体疾病信息，D正确。选D。如图所示，是小明在做“探究物质熔化规律”实验时，根据实验数据绘制的温度随时间变化的关系图像，由图像可知A．该物质在BC段处于液态 B．该物质在BC段内能不变C．该物质熔化过程持续了约4min D．该物质是非晶体【答案】C【解析】A．由图可知，物体在BC段处于熔化过程中，该过程中物体的状态是固液共存，故A错误；B．由图可知，物体在BC段处于熔化过程中，该过程持续吸热，温度不变，内能增大，故B错误；C．由图可知，物体在BC段处于熔化过程中，从第2min时开始熔化，第6min时完全熔化完，熔化时间一共持续了6min-2min=4min故C正确；D．由图可知，物体在BC段处于熔化过程中，有固定的熔化温度，即熔点，是晶体，故D错误。故选C。在陶瓷杯底放一枚硬币，人移动到某一位置时看不见硬币了，如图。为了能再次看到杯底的硬币，下列做法不能实现的是（）保持人和杯子位置不变，往杯中加适量的水B．保持人位置不变，杯子往左移C．保持人位置不变，杯子往右移D．保持人位置不变，杯子往下移【答案】B【解析】A．硬币反射出的光线被陶瓷茶杯侧壁挡住，人看不见硬币了，这是光在同种均匀介质中沿直线传播的缘故；保持人和杯子位置不变，倒入一些水后，硬币反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线远离法线方向，人眼逆着折射光线看去，看到的是变高的硬币的像，故A不符合题意；B．保持人位置不变，杯子往左移，硬币反射出的光线被陶瓷茶杯侧壁挡住，人看不见硬币了，故B符合题意；C．保持人位置不变，杯子往右移，硬币反射出的光线进入人的眼睛中，人能再次看到硬币，故C不符合题意；D．保持人位置不变，杯子往下移，硬币反射出的光线进入人的眼睛中，人能再次看到硬币，故D不符合题意。故选B。工厂里生产的薄铁皮是卷成圆筒形的，为了计算铁皮的总长度，先剪下长为l的一段铁皮，称得它的质量为m，再称得整筒铁皮的总质量为M，那么铁皮的总长度L应为A． B． C． D．【答案】C【解析】铁皮单位长度的质量为：，铁皮总长度为；故C正确．如图所示，粗糙的水平桌面上有两块相同的条形磁体甲和乙，它们之间有相互作用力且保持静止。对图示甲、乙两块条形磁体受到摩擦力的方向分析正确的是（）A．甲一定水平向左，乙一定水平向右B．甲水平向右，乙无法确定C．甲水平向左，乙无法确定D．甲、乙均无法确定【答案】D【解析】：根据二力平衡的知识分析判断。

甲和乙都在水平桌面上保持静止状态，则它受到的摩擦力与受到的磁力相互平衡，即二者大小相等方向相反。由于不清楚甲和乙的磁极方向，因此它们之间可能为引力，也可能为斥力，无法确定受到磁力的方向，自然无法判断它们受到摩擦力的方向。

故选D。如图为帕斯卡实验，在一个封闭的木桶内装满水，从桶盖上插入一根细长的管，向细管里只灌了几杯水，就把木桶压裂。这个实验说明液体压强大小与下列哪个因素有关（）A．液体的重力 B．液体的体积C．液体的深度 D．液体的密度【答案】C【解析】液体压强和液体的密度以及深度有关，向细管里只灌了几杯水，液体密度不变，由于管很细，所以木桶所处的深度深，所以木桶被压裂，这个实验研究的是液体压强和深度的关系。故选C。小明在饮料吸管中塞入一些细铁丝作为配重，并将一端封闭，制作了一只简易密度计；将其先后放入甲、乙两杯液体中，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示，下列说法正确的是（）A．密度计在甲杯液体中受到的浮力更大B．密度计的刻度线，越往上标注的密度值越大C．密度计放入后，乙杯中液体对容器底的压强更大D．适当减小配重，可以增大该密度计两条刻度线之间的距离，使测量结果更精确【答案】C【解析】A．同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，则F浮甲=F浮乙=G即浮力是相同的，故A错误；B．密度计漂浮在液体中，由F浮=ρ液gV排=G密度计浸入液体的深度越大，说明液体的密度越小，即密度计越靠近上方的刻度，其相应的密度数值越小，故B错误；C．由图可知，密度计在乙液体中排开的液体的体积小，根据ρ液=可知，乙液体的密度大，深度相同，根据p=ρgh可知，乙杯中液体对容器底的压强更大，故C正确；D．因为密度计漂浮在液体中，则F浮=G；ρ液gSh=G；ΔV=Sh增大该密度计两条刻度线之间的距离，即ΔV变大，h变大，具体做法是：可适当增大配重或用更细的吸管，故D错误。故选C。某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组(每个滑轮等重)，在相同时间内把重物G提升相同高度。若F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是()A．力F1和F2做功的功率相同B．力F1和F2做的总功相同C．两个滑轮组机械效率一样大D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高【答案】D【解析】因不计绳重及摩擦，故克服动动滑轮重力所做的功为额外功，由可知，在相同时间内把重力G提升高度，甲乙两组滑轮组所做有用功相同，F1做的总功比F2做的总功少，甲做的额外功比乙做的额外功少，故两者的机械效率甲比乙高。故选D。物块在水平拉力F(大小未知)的作用下，在水平直线轨道上运动(如图)，其中AB=CD=10m。已知物块在AB段和CD段分别以2m/s和5m/s的速度匀速运动，且在AB段、CD段所受摩擦阻力分别为1N和2N，则以下判断正确的是()A．该物块在CD段的惯性比AB段大B．该物块通过AB段和CD段所用的时间之比为2∶5C．拉力F在AB段所做的功为20JD．拉力F在CD段做功的功率为10W【答案】D【解析】A．惯性的大小只与质量有关，与速度大小无关，故A错误；B．由题知，物块在AB段和CD段的速度之比为2∶5，AB和CD距离相等，则该物块通过AB段和CD段所用的时间之比为5∶2，故B错误；C．物块在AB段匀速运动，拉力等于摩擦阻力，拉力F在AB段所做的功W=FABsAB=fABsAB=1N10m=10J故C错误；D．物块在CD段匀速运动，拉力等于摩擦阻力，拉力F在CD段做功的功率P=FCDvCD=fCDvCD=2N5m/s=10W故D正确。故选D。如图所示的白鹤滩水电站是实施西电东送”的国家重大工程，是世界在建规模最大的水电工程正式投运后，每年可向华东地区输送的电能，相当于火力发电站燃烧标准煤所获得的电能，标准煤的热值取，下列说法中错误的是()

A.水能是可再生能源 B.水电站将水的机械能转化为电能C.煤炭是不可再生能源 D.火力发电站的发电效率为50%【答案】D【解析】A．水能是可再生能源，能够从自然界中源源不断地获得，故A正确，A不符合题意；B．水电站是利用水的机械能来发电的，将水的机械能转化为电能，故B正确，B不符合题意；C．煤炭是化石能源，一旦消耗短时间内无法再生，故煤炭是不可再生能源，故C正确，C不符合题意；D．燃烧标准煤所获得的热量为每年可向华东地区输送的电能，火力发电站的发电效率为故D错误，D符合题意。故选D。某工人在野外施工，需要将质量为4.2kg，初温为10℃的铝合金工件升高一定的温度，除了保温瓶中尚存的温度为90℃的1.2kg热水外，无其它热源，工人将热水分成5等份，将铝合金工件依次放入这5份热水中(每次热传递完全)，放入第四份热水前，铝合金工件的温度为多少？已知铝合金的比热容为，不计工件与热水向周围环境传递热量()A．47.7℃ B．51.2℃ C．59.5℃ D．66.0℃【答案】B【解析】如将1.2kg热水分5次倒出，每次倒出m0＝0.24kg，在第一次使热水与构件达到热平衡的过程中Q1＝c0m0(t−t1)，Q′1＝cm(t1−t0)因为Q1＝Q′1所以c0m0(t−t1)＝cm(t1−t0)即解得t127.1℃，同理在第二次使热水与构件达到热平衡的过程中c0m0(90℃−t2)＝cm(t2−t1)即4.2×103J×0.24kg×(90℃−t2)＝0.88×103J×4.2kg×(t2−27.1℃)解得t240.6℃，同理在第三次使热水与构件达到热平衡的过程中c0m0(90℃−t3)＝cm(t3−t2)即4.2×103J×0.24kg×(90℃−t3)＝0.88×103J×4.2kg×(t3−40.6℃)解得t3＝51.2℃，即放入第四份热水前，铝合金工件的温度为51.2℃。故选B。如图所示，电源电压恒定，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，已知：R＞R0，在滑动变阻器的滑片P移动过程中，下列表示两电表读数I、U及R0和R消耗的电功率P0和PR分别随变阻器连入电路部分R的阻值变化的关系图线中，可能正确的是A． B．C． D．【答案】D【解析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：，据此可知，因U、R0不变，电流I随R增大而减小，且变阻器接入阻值越来越大时，电路中的电流减小得比较缓慢，故A错误；电压表的示数：，所以，U一定，且R越增大时，电压表的示数越来越接近电源的电压（即电压表示数应增大得越来越缓慢），故B错误；R0消耗的功率：P0＝I2R0，则P0与I是二次函数关系，图象应该是抛物线的一段（即曲线的一段），但图C中P0﹣R的图象是一次函数，故C错误；R消耗的功率：PR＝I2R＝＝＝＝＝；当R＝R0时，PR有最大值；由上面关系式可知，PR先随R的增大而增大，PR达到最大值后，PR随R的增大而减小，故D正确．现代化的家庭电路不仅让我们生活更安全，更给我们带来了很大的舒适和便捷。如图所示是小清家配电系统的简化电路图。一天，小清在插座上插上了新买的制冷机，开关1“跳闸”了，而其他开关正常，拔掉制冷机后合上开关1。其他用电器仍正常工作，再次插上后又出现了之前的现象。根据以上描述，下列说法正确的是()A.插座出现了短路现象B.开关2或者开关3可能被短路C.开关4可能断路D.开关4允许通过的最大电流远大于开关1允许通过的最大电流【答案】D【解析】A．插座出现了短路现象，此时空气开关4会跳闸，断开电路，接入制冷机时，空气开关4和空气开关1都不会跳闸，故A错误；B．开关2或者开关3可能被短路，则整个电路短路，空气开关1跳闸，接入制冷机时，电路的状态不会改变，故B错误；C．开关4可能断路，接入制冷机时，由于通过制冷机无电流，不会改变电路的状态，故C错误；D．插上了新买的制冷机，开关1“跳闸”了，而其他开关正常，拔掉制冷机后合上开关1．其他用电器仍正常工作，再次插上后又出现了之前的现象，这表明接入制冷机时，由于电路中的总电流会变大，超出了开关1的额定电流，所以开关1会跳闸，故D正确。故选D。在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图甲、乙所示，其中小磁针(黑色一端为N极)静止时的指向情况如图甲所示，铁屑静止时的分布情况如图乙所示。根据甲图和乙图所示的实验现象，用磁感线描述通电螺线管磁场情况如图丙所示。下列说法中正确的是()A．图甲所示的实验，说明通电螺线管某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的B．图乙所示的实验，说明利用撒在通电螺线管周围的铁屑可以判断各点的磁场方向C．图丙所示的通电螺线管的磁感线，是人们为了描述磁场建立的物理模型D．由图丙可知，磁感线是由磁场中的铁屑被磁化后形成的【答案】C【解析】A．磁场中某点的磁场方向是由放在磁场本身决定的，它决定了放在该点的小磁针北极的指向，换句话说小磁针N极只是反映了磁场中该点的磁场方向，并不能决定该点的磁场方向，故A错误；B．利用铁屑可以看到磁体周围磁场的分布情况，但看不到磁场方向，所以不能判断各点的磁场方向，故B错误；CD．磁场是客观存在的，而磁感线是人们为了描述磁场建立的物理模型，磁感线客观上是不存在的假象曲线，更不是由磁场中的铁屑被磁化后形成的，故C正确，D错误。故选C。现有一个电压不变的电源，两个定值电R1、R2．先将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R1消耗功率为P0；再将它们以另一种形式连接到该电源上，R1消耗功率为9P0．两种连接形式中均有电流通过R2，则先后两种连接形式中（）。A.两端的电压比为1：2B.两端的电压比为1：3C.消耗的功率比为1：9D.消耗的功率比为2：9【答案】B。【解析】（1）根据P=表示出两种情况下R1消耗的电功率，然后求出R1两端的电压关系；（2）根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知两种连接方式，根据串联电路的电压特点求出串联时R2两端的电压，根据P=表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比。本题考查电阻和电压、电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断出两种情况下电路的连接，再根据电路的连接方式进行解题。解：（1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上，R1消耗功率为：P0=①

另一种形式连接到该电源上R1消耗功率为：9P0=②

由①②可得：=9×，解得R1两端的电压比为：U1：U1′=1：3，故A错误、B正确；（2）因为R1、R2接到同一电源上，且第2次R1两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连接；第2次以并联方式连接，如下图：则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压U=U1′=3U1；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压U2=U-U1=3U1-U1=2U1，并联时，R2两端的电压U2′=U=3U1；则第一种连接时，R2消耗的功率：P2=；第二种连接时，R2消耗的功率：P2′=；则==（）2=（）2=，故C、D错误。故选B。填空题（每空1分）2020年6月23日，我国北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星成功发射，能为全球提供导航、定位、授时和短报文等服务。(1)北斗卫星之间利用_____________(填“次声波”“电磁波”或“超声波”)相互传递信息，实现“星间链路”；(2)“北斗+”让天地互通更加智慧。在某公交年站，一同学从电子站牌上看到一辆公交车需要时6分钟行驶3.2千米才能到达某站，由此他预测该车的速度是_____________千米/小时，该车实际上提前8秒到达此站，它的行驶速度是_________(结果保留两位小数)米/秒。【答案】电磁波

32

9.09【解析】(1)[1]广播、电视、移动通信、卫星通信是利用电磁波来传递信息的。(2)[2]由可得该车的速度是[3]该车实际上提前8秒到达此站，它的行驶速度是在原子、原子核、质子中空间尺度最大的是___________；组成原子的质子、中子、电子中质量最小的是________；同种物质在固态、液态和气态中，分子间作用力最小的是_________。【答案】原子

电子

气态【解析】[1]在原子、原子核和质子中，空间尺度最大的是原子，其次是原子核，最小的是质子。[2]组成原子的质子、中子、电子中质量最小的是电子，其次是质子和中子。[3]同种物质在固态、液态和气态中，分子间作用力最小的是气态，分子间作用力最大的是固态。如图所示，AB是一根形状规则，质量分布均匀的金属杆，长为80cm，重为G，静止放置在水平桌面MN上。已知MN＝50cm，AM＝10cm，在A端施加竖直向下的力FA，当B端刚刚翘起时，FA为60N，则G为_________N。若在B端施加竖直向下的力FB，当A端刚刚翘起时，FB至少为_________N。【答案】

20

20【解析】[1]在A端施加竖直向下的力FA，当B端刚刚翘起时M为支点，根据杠杆平衡条件可得即解得：G＝20N。[2]在B端施加竖直向下的力FB，当A端刚刚翘起时N为支点，根据杠杆平衡条件可得即解得：FB＝20N。5G网络采用的电磁波频率比4G网络更高，下载速度比4G网络快数百倍，与4G相比5G电磁波的波长更____(选填“长”或“短”；如图是一款华为折叠屏5G手机其折叠屏主要是由____材料制成的柔性发光二极管(选填“导体”“半导体”或“超导体”)｡【答案】(1)短；(2)半导体。【解析】因为5G网络采用的电磁波频率比4G网络更高，所以与4G相比5G电磁波的波长更短。因为二极管具有发光特性，所以折叠屏主要是由半导体材料制成的柔性发光二极管制作。血管变细是“高血压”病的诱因之一。为研究这一问题，我们可做一些简化和假设：设血液通过一定长度血管时受到的阻力f与血液流速v成正比，即f＝kv(其中k与血管粗细无关)，为维持血液匀速流动，在这血管两端需要有一定的压强差。设血管内径为d1时所需的压强差为p，若血管内径减为d2时，为了维持在相同时间内流过同样多的血液，此时血液的流速是原来的_____倍；阻力是原来的_____倍；血管两端的压强差必须变为原来的_____倍。【答案】

【解析】[1][2][3]根据血液是匀速流动，说明受力平衡，即血压产生的压力等于阻力，则在正常情况下有∆pS=F=f=kv

①血管变细后有∆p′S′=F′=f′=kv'

②因为在相同时间内流过的血液量不变，则有Svt=S′v′t即Sv=S′v′又因为所以③所以由f=kv可知所以由①②③联立，解得将一物块A轻轻放入盛满水的大烧杯中，A静止后，有95g的水溢出；再将其轻轻放入盛满酒精的大烧杯中，A静止后，有80g的酒精溢出。则A在酒精中静止时受到的浮力为_______N，A的体积是_______cm3，A的密度是_______kg/m3。（酒精的密度是0.8×103kg/m3，g取10N/kg）【答案】

0.8

100

0.95103【解析】[1][2]物块A放入盛满水的大烧杯中，静止后，有95g的水溢出，根据阿基米德原理F浮=G排=m排g=0.095kg×10N/kg=0.95N再将其放入盛满酒精的大烧杯中，A静止后，有80g的酒精溢出。说明在酒精中受到的浮力F浮酒=G排’=m排’g=0.08kg×10N/kg=0.8N分析知道，物体A在水中漂浮GA=F浮=0.95N在酒精中下沉，A的体积是[3]A的密度是如图所示，某同学站在电梯内的电子秤上，在电梯向下匀速运动的过程中，该同学的重力势能_____，机械能_____(上述两空均选填“増大”、“减小”或“不变”)。在电梯减速停靠一楼的过程中，电子秤的示数比该同学所受重力_____｡【答案】减小减小大【解析】[1][2]在电梯向下匀速运动的过程中，该同学运动速度不变，高度减小，故其重力势能减小、动能不变，机械能减小。[3]在电梯减速停靠一楼的过程中，该同学也在减速，支持力大于重力，故电子秤的示数比该同学所受重力大。小明家有两口轻重不同的铁锅，长期使用的过程中发现：把菜倒入火辣辣的锅中，如果用重的那口，火力依旧，很适合“爆炒”；如果用轻的那口，火力大减，立刻就变得“温吞吞”的。这是因为重的那口锅，内能较______，温度降低得较______的缘故。【答案】大慢【解析】[1][2]重的那口锅质量大，和轻的那口相比，若温度相同，则重的锅内能大，放热时，温度降低得会较慢，即末温较高，火力依旧，适合爆炒。如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在最左端时，电压表V1的示数为3V，V2的示数为6V，电流表的示数为1A，小灯泡正常发光(灯丝电阻不变)，则电源电压为V，小灯泡的额定功率为W。在确保元件安全的前提下，滑片P向右滑到某点时，电压表V1的示数变化了3V，滑动变阻器接入电路中的阻值为Ω。【答案】939【解析】[1]闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在最左端时，电压表V1的示数为3V，V2的示数为6V，电流表的示数为1A，此时电路是灯泡与定值电阻R0的串联电路，电压表V1测量的是小灯泡两端电压为3V，电压表V2测量的是定值电阻R0两端的电压为6V，根据串联电路的总电压等于各处两端电压之和，所以电源电压为U=U1+U2=3V+6V=9V(2)因为小灯泡的电流为1A，小灯泡两端的电压为3V，此时小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率为P=U1I=3V×1A=3W(3)小灯泡的电阻为定值电阻R0的阻值为在确保元件安全的前提下，滑片P向右滑到某点时，电压表V1测量灯泡和滑动变阻器接入阻值的两端电压，电压表V1的示数变化了3V，由串联电路电阻分压特点可知，此时电压表V1的示数为6V，则代入数据可得解得R=9Ω。如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图.【答案】【解析】重力的方向竖直向下，重心在小球的几何重心上，小球对斜面的压力作用在斜面与小球接触的点上，压力的方向垂直与斜面向下，如图所示：将图1中的三孔插座（带保险盒）正确的接入电路。【答案】解答探究题（计算型问题解答时要有必要的文字说明、公式和计算过程，直接写出结果不能得分）小华同学尝试用自制的水凸透镜来探究“凸透镜成像规律”。（1）如图甲，让一束平行光射向水凸透镜，此时光屏上出现一个最小最亮的光斑，该方法是为了测量水凸透镜的___________；（2）在选择以下哪个物体为观察对象时，小华认为不选择B，理由是_____________，难以在光屏上观察到像；不选择C，理由是无法探究成像的性质中的_____________的特点；A．点燃的蜡烛B．F积木

C．LED灯

D．LED灯（3）小华将装置调整至图乙的位置时，光屏上出现清晰的烛焰像，仅将蜡烛和光屏位置对调，根据_____________的原理，可以在光屏上再次得到清晰的烛焰像，这个像的成像原理与_____________（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）的成像原理相同；（4）在图乙的位置时，小华利用注射器从水凸透镜中向外抽少许水，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，要想重新得到清晰的烛焰像，若在光屏和水凸透镜的位置不变的情况下，应将蜡烛_____________（选填“远离”或“靠近”）水凸透镜；或者保持光屏位置不变，给水凸透镜带上合适的_____________（选填“近视”或“远视”）眼镜。【答案】

焦距

积木不是光源

正倒

光路可逆

投影仪

远离

远视【解析】（1）[1]光屏上出现最小最亮的光斑，说明平行光于主光轴的光会聚在此处，该点为焦点，焦点到光心的距离即为焦距。（2）[2]积木本身不是光源，经过透镜的光很少，很难在光屏上观察到像。[3]C中的灯是上下对称的，无法观察所成像的正倒情况。（3）[4]仅将蜡烛和光屏位置对换，相当于交换了物距和像距的大小，由光路可逆的知识可知，光屏上仍可观察到清晰的像。[5]由甲图可知透镜的焦距为10cm，乙图中物距为30cm，像距为15cm，当光屏和蜡烛的位置互换后，物距变为了15cm，此时蜡烛在凸透镜的一倍焦距和两倍焦距之间，此时成倒立放大的实像，与投影仪的成像原理相同。（4）[6]将水从凸透镜中向外抽取后，凸透镜的焦距变小，对光线的会聚能力变弱，像将成在光屏的后方，根据“物远像近像变小”的规律可知，此时应将蜡烛向远离水凸透镜的方向移动，才能在光屏上重新得到清晰的烛焰像。[7]成像在光屏的后方，要让像成在光屏上，应该让光线会聚一些，所以给水凸透镜戴上合适的远视眼镜。如图为某自动冲水装置的示意图，水箱内有一个圆柱浮筒A，其重为GA=4N，底面积为S1=0.02m2，高度为H=0.16m。一个重力及厚度不计、面积为S2=0.01m2的圆形盖片B盖住出水口并紧密贴合。A和B用质量不计、长为l=0.08m的轻质细杆相连。初始时，A的一部分浸入水中，轻杆对A、B没有力的作用。水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。

(1)求A所受浮力的大小F浮。

(2)求A浸入水的深度h1。

(3)开始注水后轻杆受力，且杆对A和B的拉力大小相等。当水面升高到某位置时，B刚好被拉起使水箱排水，求此时杆对【答案】4N【解析】(1)初始时，A的一部分浸入水中，轻杆对A、B没有力的作用，说明此时A刚好漂浮，

由物体的漂浮条件可知，此时A所受浮力：F浮=GA=4N；

(2)由F浮=ρ液gV排可知，A漂浮时排开水的体积：V排=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3=400cm3，

由V=Sh可知，A浸入水的深度：h1=V排S1=4×10-4m30.02m2=0.02m；

(3)设B刚好被拉起时，A浸入水中的深度为h浸，由题意可知，B刚好被拉起时，B受到水的压强：

p=ρ所以该方案可以增大一次的排水量，一次的排水量：ΔV=V'-V=[Sl+(S-S小丽设计了一个防踩踏模拟报警装置，工作原理如图甲所示。ABO为一水平杠杆，O为支点，OA：OB＝5：1，当水平踏板所受压力增大，电压表示数达到6V时，报警器R0开始发出报警信号。已知电路中电源电压为8V，R0的阻值恒为15Ω，压力传感器R固定放置，其阻值随所受压力F变化的关系如图乙所示，踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。试问：（1）由图乙可知，压力传感器R的阻值随压力F的增大而；（2）当踏板空载时，闭合开关，电压表的示数为多少？（3）当报警器开始报警时，踏板设定的最大压力值为多少？（4）若电源电压略有降低，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，踏板触点B应向（选填“左”或“右”）移动，并简要说明理由。【答案】：（1）减小；（2）电压表的示数为3V；（3）踏板设定的最大压力值为40N；（4）左；理由见解答。【解析】：（1）如图乙所示，当压力增大时，传感器的电阻值会减小；（2）闭合开关时，压力传感器和报警器串联，由图乙可知当踏板空载时，压力传感器的电阻为R＝25Ω，此时电路中的电流I=UR+由I=U报警器两端的电压U0＝IR0＝0.2A×15Ω＝3V，即电压表示数；（3）报警器R0开始发出报警信号时，U0′＝6V，此时电路中的电流I′=U0传感器两端的电压U传＝U﹣U0′＝8V﹣6V＝2V，传感器的阻值R′=U传I'=2V0.4A=5根据杠杆平衡条件可得：F压×OA＝F踏×OB，即8N×5＝F踏×1，解得F踏＝40N；（4）一段时间以后电源电压会降低，R0两端分得的电压减低，根据串联电路的分压特点可知，应减小压敏电阻分担的电压，保证R0两端分得的电压不变，此时就应该减小压敏电阻的阻值，因电阻值随所受压力的增大而减小，所以应该增大压杆对传感器的压力，由杠杆平衡条件F压×OA＝F踏×OB可知，OA不变，F踏不变，所以F压和OB成正比，要增大压杆对传感器的压力，应增大OB，即把踏板触点B向左移动。小亮和小雨在“探究小灯泡电阻”的实验中，要用小灯泡的额定电压为3V，电阻约为10Ω（1）小亮的实验过程如下：①电路按图甲连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表的示数为0V，电流表有示数，产生这种现象的原因是：。②以上故障排除后，再闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来他应进行的操作是：。③实验中小亮设计的实验记录表格如下表。请你找出表格中的问题：；小亮又根据实验数据绘制成了U﹣I图象如图乙。根据该图象提供的信息，可计算出小灯泡正常发光时的电阻是Ω．某同学在做该实验时，观察到电流表的示数变大时，电压表的示数减小，其原因可能是。（2）小雨想利用如图丙所示的电路测量未知电阻Rx的大小（R0阻值已知）。下面是他的实验过程，请你帮他完成实验。①闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U1。②只闭合，读出此时电压表的示数为U2。③未知电阻阻值的表达式为：Rx＝。④实验后小雨又将开关S1换成了一个电压表，当闭合开关S和S2时，发现电路中两个电压表的指针偏转角度相同。如果R0＝100Ω且Rx＜R0，则Rx＝Ω。（3）如果在家里做测白炽灯功率的实验，因家里一般没有电压表和电流表，所以可以利用家庭中都有的和测量更方便。【答案】（1）①小灯泡短路（或电压表短路）；②向右移动滑片，观察小灯泡是否发光；③电阻平均值一栏多余；7.5Ω；电压表并联在变阻器两端；（2）②S、S2；③R0；④20；（3）电能表；停表（或钟表）。【解析】解：（1）①电路按图甲连接正确后，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，电压表的示数为0V，产生这种现象的原因是：小灯泡短路（或电压表短路）。②以上故障排除后，再闭合开关，但电流表和电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡仍不亮，说明电路中的电流过小，电路的电阻过大，故接下来他应进行的操作是：向右移动滑片，小灯泡是否发光。③由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，求平均值没有意义，故表格中的问题：求电阻平均值一栏多余。灯在额定电压下正常发光，根据实验数据绘制成了U﹣I图象知，3V电压下的电流为0.4A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻是：R＝＝＝7.5Ω；电流表的示数变大时，由欧姆定律，灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，故某同学在做该实验时，观察到电流表的示数变大时，电压表的示数减小，其原因可能是电压表并联在变阻器两端。（2）①闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U1。②只闭合S和S2，读出此时电压表的示数为U2。③在①中，电压表测电源电压U1，在②中，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路的电压的规律：待则电阻的电压为：U1﹣U2，由欧姆定律和串联电路各处的电流相等，则有：＝，解得：Rx＝R0。④若将S1换成电压表，当闭合开关S和S2时，两块电压表分别测量R0和Rx的电压，已知两个电压表的指针偏转角度相同，但因R