2024年北师大新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大新版必修3物理上册阶段测试试卷574考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，竖直放置的一对平行金属板间有加速电场，电势差为U1，水平放置的一对平行金属板间有偏转电场，电势差为U2。一带电粒子由静止开始经加速电场后进入偏转电场，且从偏转电场射出。粒子重力忽略不计。现保持其他条件不变，只增大U1，仍使该种粒子由静止开始进入加速电场。与U1变化前相比；带电粒子。

A.在偏转电场中，动能增加量一定增大B.在偏转电场中，动能增加量可能不变C.射出偏转电场时的动能一定增大D.射出偏转电场时的动能可能不变2、如图所示，内壁光滑粗细均匀的玻璃管竖直固定，在玻璃管内有大小和质量均相等的A、B、C三只小球，A、B小球之间用轻质绝缘弹簧连接，C小球置于玻璃管底部。当A、B、C小球均处于静止时，A、B小球之间距离与B、C小球之间距离相等，已知A、B两只小球带电荷量均为q（q>0），C小球带电荷量为Q（Q>0）；小球直径略小于玻璃管内径，它们之间距离远大于小球直径，则（）

A.若弹簧对小球A为向上的弹力B.若弹簧对小球B为向上的弹力C.若弹簧对小球A为向上的弹力D.若弹簧对小球B为向下的弹力3、如图所示，A、B、C三个带电小球质量均为m，A、B分别穿在同一竖直线上的两根绝缘细杆上，上方细杆粗糙，下方细杆光滑。已知A、B带电量大小均为q0，且A带正电，当系统处于静止状态时，AB和AC间距相等，A、C间绝缘细线与竖直细杆成60°角，细线伸直且恰无拉力。已知静电力常量为k，重力加速度为g；则（）

A.C小球带电量大小为B.C间的绝缘细线长为C.A小球受到细杆的摩擦力大小为2mgD.若保持B小球位置不变，缓慢增加B的带电量，使C两球处于同一水平线，则此时C间的绝缘细线拉力大小为04、如图所示，平行板电容器与电动势为E的电源连接，上极板A接地，一带负电的油滴固定于电容器中的P点；现将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，则（）

A.带电油滴所受静电力不变B.P点的电势将降低C.带电油滴在P点时的电势能不变D.电容器的电容减小，极板带电荷量减小5、如下图所示，一正方形闭合线圈在足够大的匀强磁场中运动，其中能产生感应电流的是（）A.B.C.D.6、下列关于力做功与对应能量变化的说法正确的是（）A.合力做正功，机械能增加B.合力做正功，物体的动能一定增加C.摩擦力做功，物体的机械能一定减少D.合力做负功，重力势能一定减少评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，在水平向右、大小为E的匀强电场中，在O点固定以电荷量为Q的正电荷，A、B、C、D为以O为圆心、半径为r的同一圆周上的四点，B、D连线与电场线平行，A、C连线与电场线垂直．则。

A.A点的场强大小为B.B点的场强大小为C.D点的场强大小不可能为0D.A、C两点的场强相同8、如图所示，电源的电动势E=10V、内阻电动机M内阻滑动变阻器R1阻值范围为0~10Ω，定值电阻两个电流表均为理想电表。闭合开关S1、S2，电动机正常工作，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为1A；则下列说法正确的是（）

A.电动机的输出功率为5WB.滑动变阻器接入电路的阻值为1.5ΩC.断开开关S2，当时，R2消耗的功率最大D.断开开关S2，当时，R1消耗的功率最大9、电磁波在生产生活中有广泛应用。关于电磁波，下列说法正确的是（）A.在同一介质中所有电磁波传播速度都相同B.紫外线有助于人体合成维生素DC.一切物体都在不停地发射红外线E.医学上用γ射线透视人体，检查体内病变等E.医学上用γ射线透视人体，检查体内病变等10、如图所示，实线是匀强电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用；则由此图可作出的正确判断是（）

A.带电粒子带负电B.带电粒子带正电C.带电粒子所受电场力的方向向右D.带电粒子做匀变速运动11、两点电荷固定在轴上，位置如图．在+轴上每一点的电势随变化的关系如图所示,其中处的电势为零，处的电势最低．下列说法正确的是。

A.处的电场强度为零B.处的电场强度为零C.两点电荷均带正电D.的电荷量比的大12、两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能Ep随位置变化的关系如图所示；则下列判断正确的是（）

A.M点电势为零B.N点场强为零C.Q2的电荷量小于Q1的电荷量D.试探电荷从N点运动到M点的过程中，电场力做正功13、如图所示，两个等量异种点电荷的连线中点是a，c是连线上另外一点，b是其中垂线上的点；则下列说法正确的是()

A.a点电势比b点电势高B.b点电势比c点电势低，场强方向相同C.a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点场强大D.一个电子仅在电场力作用下不可能沿如图所示的曲线轨迹从b点运动到c点14、一匀强电场的方向平行于xOy平面，如图所示，平面内a、b、c三点的坐标分别为（-48；64）；（48，36）、（0，100），三点的电势分别为18V，11V，27V。下列说法正确的是（）

A.坐标原点处的电势为2VB.电场强度的大小为25V/mC.电子在a点的电势能为18eVD.电子从c点运动到b点，电势能增加16eV评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．16、如图所示，三根彼此绝缘的无限长直导线的一部分构成一个等边三角形，O为三角形的中心，M、N分别为O关于导线的对称点，当三根导线中通以大小相等、方向如图的电流时，O点的磁感应强度的大小为B，M点磁感应强度的大小为则N点磁感应强度的大小为_________；若将导线中的电流撤去，而保持另两根导线中的电流不变，则N点的磁感应强度的大小变为__________．

17、静电吸附：在电场中，带电粒子在______作用下，向着电极运动，最后被吸附在电极上的现象．18、如图所示，已知电源的内阻r=2Ω，外电阻R1=4Ω，滑动变阻器R2的电阻可调范围为0~10Ω。当滑动变阻器R2的电阻调为4Ω时，电源内部的电热功率为2W，则电源电动势为_____V；电阻R2的阻值为______Ω时，R1的电功率达到最大值。

19、如图所示，条形磁铁A沿竖直方向插入线圈B的过程中，电流表G的指针________（选填“不偏转”或“偏转”）；若条形磁铁A在线圈B中保持不动，电流表G的指针________。（选填“不偏转”或“偏转”）

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)20、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)21、某同学想测量一段导体的阻值．

（1）他先用多用电表进行初步测量；主要的操作过程分以下几个步骤，请将第④步操作填写完整：

①将红；黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔；选择电阻档“×10”；

②将红；黑表笔短接；调整欧姆调零旋钮，使指针指向“0”；

③将红；黑表笔分别与导体的两端相接；发现指针示数接近“0”；

④选择电阻档_________(选填“×100”或“×1”)；将红；黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮调零后；重新将红、黑表笔分别与导体的两端相接，读取导体的阻值．

（2）采用上述的操作步骤后，多用电表的指针位置如图所示．则该段导体的电阻测量值为______．

（3）为了比较精确地测量这个导体的电阻值；他采用伏安法继续进行实验测量，现有实验器材如下：

A．电源E（电动势4.0V；内阻约0.5Ω）；

B．电压表（0～3V；内阻3kΩ）;

C．电压表（0～15V；内阻15kΩ）；

D．电流表（0～0.6A；内阻0.1Ω）

E．电流表（0～3A；内阻0.02Ω）；

F．滑动变阻器R1（0～50Ω；1.5A）；

G．滑动变阻器R2（0～2000Ω；0.3A）；

H．开关S和导线若干．

为了调节方便，测量准确，在实验中，滑动变阻器应选用______（选填序号字母）．连接电路时，电压表应选_____（选填序号字母）、电流表应选______（选填序号字母）．实验电路应采用图中的_____（选填“甲”或“乙”）．

（4）若在上问中选用甲电路，产生误差的主要原因是______．（选填选项前的字母）

A．电流表测量值小于流经Rx的电流值。

B．电流表测量值大于流经Rx的电流值。

C．电压表测量值小于Rx两端的电压值。

D．电压表测量值大于Rx两端的电压值评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)22、将带电量为C的正电荷从电场中的A点移到B点，电场力做了J的功，再从B移到C，电场力做了的功；则：

（1）该电荷从A移到C的过程中；电势能的变化量为多少？

（2）若规定B点的电势为0，则A点和C点的电势分别为多少？

（3）若将一带电量为C的负点电荷，从A点移到C点，电场力做功为多少？23、如图，是正方形的四个顶点，在点和点放有电荷量都为的正电荷，在点放了某个未知电荷后，恰好点的电场强度等于0。求放在点的电荷电性和电荷量。

24、如图所示，在水平方向的一条直线上有两个相距0.4m的点电荷A、B，它们的电荷量分别为QA=2×10－8C,QB=－2×10－8C；试求：

(1)A、B间的相互库仑力的大小。

(2)A、B连线中点处的电场强度的大小和方向参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

AB．粒子经电场U1加速后，根据动能定理得

粒子在偏转电场中：水平方向L=v0t

竖直方向：

由牛顿第二定律可得：

解得

则在偏转电场中动能增加量为

则只增大U1；则在偏转电场中，动能增加量一定减小，选项AB错误；

CD．射出偏转电场时的动能：

则只增大U1；则射出偏转电场时的动能可能不变，选项C错误，D正确；

故选D.2、A【分析】【详解】

设A、B的质量为AB与BC之间的距离为假设当弹簧处于压缩状态时，此时A球受到向上的弹力，根据平衡条件对A列出平衡方程。

对A球

对A、B两球整体分析

若假设成立则

联立可以得到

AC．若此时弹簧对小球A的弹力方向向上，对小球B的弹力方向向下，故A正确，C错误；

BD．若此时弹簧对小球A的弹力方向向下，对小球B的弹力方向向上，故BD错误。

故选A。3、D【分析】【详解】

A．根据题意可知，以B为研究对象，在竖直方向有

以C为研究对象，在竖直方向有

联立可得

故A错误；

B．由C球平衡可知，线长为代入可得

故B错误；

C．对A球进行受力分析可得

代入数据解得

故C错误；

D．若保持B小球位置不变，缓慢增加B的带电量，使A、C两球处于同一水平线，假设A球也不动，则有

解得

故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．平行板电容器两端电压U不变，将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，根据可知两极板间电场强度减小；则带电油滴所受静电力减小，故A错误；

B．A板接地，电势为零，设P到A板的距离为x，根据沿电场强度方向电势降低可知P点电势为

因为x不变，而E减小，所以P点的电势将升高；故B错误；

C．带电油滴所受电场力方向竖直向上，则油滴带负电，因为P点电势升高，则带电油滴在P点时的电势能降低；故C错误；

D．根据可知电容器的电容减小，再根据可知极板带电荷量减小；故D正确。

故选D。5、D【分析】【分析】

【详解】

A．线框平行于磁场感应线运动；穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，A错误；

B．线框垂直于磁感线运动；虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，B错误；

C．线框绕轴转动；但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，C错误；

D．线框绕轴转动；导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

AC．除重力外其余力做的功等于物体机械能的变化量；除重力外其余力做正功等于物体机械能的增加量，故AC错误；

BD．由动能定理；可知合力做功是动能变化的量度，合力做正功，物体的动能一定增加，重力势能的变化是看重力是否做功，故B正确，D错误；

故选B。

【点睛】

功是能量转化的量度，合力做功是动能变化的量度；重力做功是重力势能变化的量度；除重力外其余力做的功等于物体机械能的改变量。二、多选题(共8题，共16分)7、A:B【分析】【详解】

A．正点电荷Q在A点的电场强度大小E′=而匀强电场在A点的电场强度大小为E，因方向相互垂直，根据矢量的合成法则，则有A点的场强大小为。

故A正确；

B．同理；点电荷Q在B点的电场强度的方向与匀强电场方向相同，因此B点的场强大小为。

E+k故B正确；

C．当点电荷Q在D点的电场强度的方向与匀强电场方向相反；且大小相等时，则D点的电场强度大小可以为零，故C错误；

D．根据矢量的合成法则；结合点电荷电场与匀强电场的方向，可知A；C两点的电场强度大小相等，而方向不同，故D错误；

故选AB。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据并联电路的特点可得

电动机的输出功率为

故A错误；

B．根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值为

故B正确；

C．断开开关S2，此时电路为滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，根据R2消耗的功率为

可知，通过R2的电流越大，R2消耗的功率越大，则R2消耗的功率最大时；滑动变阻器应移至阻值最小端，故C错误；

D．断开开关S2，此时电路为滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，可知当

此时滑动变阻器R1的电功率最大，即

故D正确；

故选BD。9、B:C:D【分析】【详解】

A．一切电磁波在真空中传播速度相同；在同一介质中，不同电磁波传播速度不同，A错误；

B．紫外线有助于人体合成维生素D；但不宜过量，B正确；

C．红外线应用在遥感技术中；是利用一切物体都在不停地发射红外线，C正确；

D．电磁波谱中γ射线的频率最高；波长最短，D正确；

E．医学上用X射线透视人体；检查体内病变等，E错误。

故选BCD。10、A:D【分析】【分析】

根据轨迹的弯曲得出电场力的方向；从而得出带电粒子的电性。根据粒子的受力确定粒子的运动情况。

【详解】

ABC．因为轨迹的凹向大致指向合力的方向；知粒子所受电场力方向水平向左，则粒子带负电。故A正确，BC错误；

D．粒子仅受电场力；做匀变速曲线运动，故D正确。

故选AD。

【点睛】

解决本题的关键知道轨迹的凹向大致指向合力的方向，这是解决本题的关键，知道正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反。11、B:D【分析】【详解】

AB.电势φ随x变化的关系图线上每点切线的斜率大小等于电场强度，即x=x0处的电场强度不为零，x=x1处的电场强度为零；故A错误，B正确．

C.因为x1点的场强为0，所以两点的电荷在x1点产生的场强大小相等，方向相反，两电荷为异种电荷，根据沿电场线方向电势逐渐降低，q1带负电、q2带正电．故C错误;

D.因为x1点的场强为0，所以两点的电荷在x1点产生的场强大小相等，方向相反，根据知距离大的电量大，所以q1的电荷量大于q2的电荷量．故D正确.12、A:B:C【分析】【详解】

A．分析图象可知试探电荷在M点电势能为零，由电势能公式可知

解得故A正确；

B．该过程中只有电场力（重力忽略不计）做功，电势能和动能之和不变，试探电荷在N点时电势能为最小，则动能最大，速度最大，加速度为零，电场力为零，说明N点场强为零；故B正确；

C．设Q2到N点的距离为Q1到N点距离为N点场为零，由点电荷场强公式可得

因可知Q2电荷量小于Q1的电荷量；故C正确；

D．由图象分析可知试探电荷从N点运动到M点的过程中；电势能增大，说明电场力做负功，故D错误。

故选ABC。13、B:D【分析】【详解】

A．等量异种电荷连线的中垂线是等势线，则a点电势等于b点电势；选项A错误；

B．因c点电势高于a点，c点电势比b点电势高；根据电场线分布可知，bc两点场强方向均水平向左；选项B正确；

C．根据电场线分布可知，a、b两点的场强方向均水平向左，根据电场线分布可知，a点场强比b点场强大；选项C错误；

D．根据曲线运动的合力方向指向轨迹的内侧可知，而在c电子所受的电场力向右，所以电子仅在电场力作用下不可能沿如图曲线轨迹从b运动到c点。故D正确。

故选BD.14、A:B:D【分析】【详解】

A．a点电势为18V，b点电势为11V；故根据ab连线上电势匀速变化可得：ab中点（0，50）的电势为14.5V；根据匀强电场中任一直线上的电势匀速变化，由c点坐标和电势可得坐标原点处电势为2V；故A正确；

B．根据匀强电场中任一直线上的电势匀速变化可得：bc连线上电势为18V的点d的坐标为（32，64）；故ad为等势线，那么，等势线水平，故电场线在竖直方向；根据c点电势和坐标原点电势可得

故B正确；

C．a点电势18V，电子在a点的电势能-18eV

故C错误；

D．电子从c点运动到b点，电场力做功：

故D正确。

故选ABD。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F16、略

【分析】【详解】

[1]．无限长直导线ab、cd、ef，构成一个等边三角形，且三根导线中通以大小相等、方向如图所示的电流，O为三角形的中心，且O点磁感应强度大小为B，因为直导线ab、cd关于O点对称，所以这两导线在O点的磁场为零，则磁感应强度大小B是由直导线ef产生的，而直导线ab、ef关于N点对称，所以这两根直导线的磁场为零，因此N点的磁感应强度大小为B．

[2]．因为M点的磁感应强度为B′=Bef+Bcd+Bab，又因为Bab=B，Bef与Bcd大小相等．当撤去导线ef，其余两根导线在N点的磁感应强度大小为：Bab+Bcd=．【解析】B17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】静电力18、略

【分析】【详解】

[1]当滑动变阻器的电阻调为4Ω时，设电源的电动势为E，由闭合电路的欧姆定律可得电路的电流为

电源内部的电热功率为

代入数据可以求得电源的电动势为E=10V

[2]为定值电阻，当中电流最大时，功率最大，则可知此时的阻值应为0。【解析】10019、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】偏转不偏转四、作图题(共1题，共