2025年冀教版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为l，电阻均可忽略不计。在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体杆ab电阻为r并导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场中，现给ab杆一个瞬时冲量，使它获得水平向右的初速度下列图中，关于ab杆的速度v、通过电阻R中的电流i、电阻R的电功率P、通过MPabM的磁通量随时间变化的规律；可能正确的是（）

A.B.C.D.2、下列说法正确的是（）A.物体放出热量，分子的平均动能一定减小B.气体的扩散运动总是沿着分子热运动无序性减少的方向进行C.机械能可以自发地全部转化为内能，内能不可能自发地全部转化为机械能D.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到-273℃3、如图所示的电路中，a、b是两个完全相同的灯泡，L为自感线圈（直流电阻不计），E为电源；S为开关。下列说法中正确的是。

A.闭合开关，a、b同时亮B.闭合开关，a先亮，b后亮C.断开开关，a、b过一会儿同时熄灭D.断开开关，b先熄灭，a闪亮后熄灭4、如图所示，a和b是从A点以相同的速度垂直磁场方向射入匀强磁场的两个粒子运动的半圆形径迹，已知两个粒子带电量相同，且ra=2rb；不计重力的影响，则由此可知（）

A.两粒子均带正电，质量比B.两粒子均带负电，质量比C.两粒子均带正电，质量比D.两粒子均带负电，质量比5、如图所示，在竖直平面内有个一边长为的等边三角形区域该区域中存在垂直平面向里的匀强磁场和竖直方向的匀强电场，匀强电场的场强为一带正电、电量为的小球以速度沿边射入匀强磁场中恰好能做匀速圆周运动，欲使带电小球能从边射出，重力加速度为则下列说法正确的是（）

A.匀强磁场的磁感应强度的最小值应为B.匀强磁场的磁感应强度的最小值应为C.匀强磁场的磁感应强度的最小值应为D.当磁感应强度取最小值时，小球在磁场内运动的时间最短评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示，足够长的“U”形光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的部分的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中()

A.a点的电势高于b点的电势B.ab棒中产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减少量C.下滑的位移大小为D.受到的最大安培力大小为sinθ7、图示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C为电容器,电压表与电流表为理想电表．在可变电阻R3的滑片由a向b移动的过程中，下列说法中正确的是（）

A.电容器的带电量在逐渐减小B.电压表的示数减小C.电源的输出功率变大D.电源内部消耗的功率变大8、如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B、C两点，质量为m、带电荷量为－q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB＝h，小球滑到B点时的速度大小为则以下说法正确的是（）

A.小球由A到B的过程中静电力做的功为mghB.小球由A到B的过程中静电力做的功为C.A、C两点间的电势差为D.A、C两点间的电势差为9、某同学利用DIS实验系统研究一定质量气体的状态变化，实验后计算机屏幕显示的p－t图像如图所示。已知在状态B时气体的体积为VB=3L；则下列说法正确的是（）

A.从状态A到状态B气体的体积不变B.从状态A到状态B气体的体积增大C.状态B到状态C气体体积增大D.状态C气体的体积是2L10、如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，ab的延长线过原点；以下说法正确的是（）

A.从状态d到c，气体不吸热也不放热B.从状态c到b，气体放热C.从状态a到d，气体对外做功D.从状态b到a，气体吸热11、下列说法中表述正确的是（）

A.可以通过技术操作使环境温度达到绝对零度B.人感到闷热时，空气中相对湿度较大C.如图所示，一定量理想气体在A点压强小于在B点压强D.如图所示，一定量理想气体从状态A到B过程中，气体吸收热量12、电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电；在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的．下列表述正确的是（）

A.到达集尘极的尘埃带正电荷B.电场方向由集尘极指向放电极C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大13、某横波在介质中沿轴传播，图甲是时的波形图，图乙是介质中处质点的振动图象，则下说法正确的是____

A.波沿轴正向传播，波速为1m/sB.＝2s时，＝2m处质点的振动方向为y轴负向C.＝lm处质点和＝2m处质点振动步调总相同E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、按照玻尔理论，一个氢原子核外的电子从半径为ra的圆轨道自发地直接跃迁到半径为rb的圆轨道上，在此过程中原子要___________（填“发射”或“吸收”）某一频率的光子，电子的动能________（填“增大”、“减小”或“不变”），电子（系统）的电势能________（填“增大”、“减小”或“不变”），原子的总能量（）。15、如图所示是一个简单的组合逻辑电路；完成其真值表。

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

16、双桶洗衣机的脱水桶电机是由一个定时开关和一个桶盖控制开关组成，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机就被关闭。

(1)如图所示中哪个电路图能满足上述的要求？()

(2)根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，写出它的真值表，并画出用门电路符号表示的逻辑电路图__________。17、热平衡的性质：达到热平衡的系统都具有相同的_______。18、（1）一定质量的气体做等容变化，温度为200K时的压强为0.8atm，压强增大到2atm时的温度为________K。

（2）一定质量的气体，在压强不变时，温度为200K，体积为V0，当温度升高100K时，体积变为原来的________倍。19、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

20、如图所示，图线Ⅰ为一电源的路端电压随电流变化的图线，图线Ⅱ为一导体两端电压和导体中电流的关系图线，那么电源电动势为_______V，电源内阻为______Ω，导体电阻为_________Ω

21、已知质子的质量为m1，中子的质量为m2，碳核（）的质量为m3，则碳核（）的比结合能为_____，碳-14是碳的一种具有放射性的同位素，研究发现外来的宇宙射线与大气作用产生宇宙射线中子，宇宙射线中子和大气中氮核（）起核反应产生碳-14，请写出核反应方程__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)25、某实验小组利用如图1所示的电路做”测量电池的电动势和内电阻”的实验．

（1）请你根据电路图，在图3所示的实物图上连线_____________．

（2）该小组利用测量出来的几组电压和电流值画出了图线如图2．根据图线求出电源的电动势________，电源的内电阻________．

（3）另一实验小组也做了“测量电池的电动势和内电阻”的实验；他们在实验室里找到了以下器材：

A．一节待测的干电池。

B．电流表（满偏电流内阻）

C．电流表（内阻约为）

D．滑动变阻器（）

E．定值电阻（）

F．开关和导线若干。

某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但提供了两块电流表，于是他设计了如图4所示的电路，并进行实验．该同学测出几组电流表的数据利用测出的数据画出图像，则由图像可得被测干电池的电动势_________内电阻________．（两空结果均保留两位有效数字）26、太阳能电池帆板可以给卫星；宇宙飞船提供能量。如图甲；太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电动势为零的电学器件。

探究一：实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，用图乙电路探究太阳能电池被不透光黑纸包住时的特性曲线。

（1）图乙中虚线处______（填“需要”、“不需要”）连接导线；滑动变阻器如图丙所示，开关闭合前，滑片应移至______（填“A”、“B”）端。

（2）通过实验，在图上作出被黑纸包住的太阳能电池的特性曲线如图，将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起，它消耗的电功率约为____W（结果保留两位有效数字）

探究二：在稳定光照环境中；取下太阳能电池外黑纸，并按图丁电路丁测量金属丝的电阻率。

（3）该小组用螺旋测微器测量金属丝直径时读数如图戊所示，其直径为____mm。

（4）实验中测得电压表示数为电流表示数金属丝直径为长度为则金属丝电阻率为____（用上述测量量表示）。

（5）考虑电压表与电流表内阻对测量结果的影响，金属丝电阻的测量值_____（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值。27、某同学想测定某节干电池的电动势和内阻,实验室提供了合适的实验器材,甲同学按电路图进行测量实验,其中R0=1.0Ω；则:

(1)由电压表的读数U和电流表的读数I,画出U-I图线如图b所示,可得电源的电动势E=____V,内电阻r=_____Ω；(结果保留2位有效数字)；

(2)在上述实验过程中存在系统误差，在下图所绘图象中,虚线代表没有误差情况下,电压表两端电压的直实值与通过电源电流直实值关系的图象,实线是根据测量数据绘出的图象,则下图中能正确表示二者关系的是______

(3)乙同学将测量电路连接成如图c所示,其他操作正确,由电压表的读数U和电流表的读数I,画出U-I图线如图d所示,可得电源的电动势E=_____V,内电阻r=_____Ω(结果保留2位有效数字).28、根据单摆可以通过实验测量当地的重力加速度．如图甲所示；将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆．

①以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有________．

A.摆球应选用直径较小；密度较大的小球；摆线应选用细而不易伸长的线。

B.为了便于记录周期；开始时将摆球拉开，应使摆线与平衡位置有较大角度。

C.记录周期时，当摆球通过平衡位置时开始计时，摆球再次回到平衡位置停止计时，此时间间隔为则单摆周期

D.记录周期时，当摆球通过平衡位置时开始计时，记下摆球做30次全振动所用的时间则单摆周期

②若已测出悬点到小球球心的距离（摆长））L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=______________（用L、n、t表示）．

③图乙是摆线长为L时小球的振动图象，取则小球的回复加速度取最大值为____________．评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)29、如图所示，从A点以v0的水平速度抛出一质量m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高静止在光滑水平面的长木板上，圆弧轨道C端切线水平．已知长木板的质量M=4kg，A、B两点距C点的高度分别为H=0.6m、h=0.15m，R=0.75m，物块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.5．求：

（1）水平抛出速度v0？

（2）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板？30、如图，水平放置右端开口的绝热气缸，横截面积为S，左端有一电阻丝可对气体加热．绝热活塞A（厚度不计）封闭一定质量的理想气体，活塞与气缸的最大静摩擦力为大气压强p0及室温T0均不变．初始时刻活塞恰好无摩擦，气体体积为气缸容积的三分之一，气体温度为T0．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力；现通过电阻丝给气体缓慢加热．

（ⅰ）温度多大时；活塞开始滑动；

（ⅱ）温度多大时，活塞到达气缸口．31、如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的1/4圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速V0从右端滑上B，并以1/2V0滑离B；恰好能到达C的最高点．A；B、C的质量均为m，试求：

（1）木板B上表面的动摩擦因素μ；

（2）1/4圆弧槽C的半径R；

（3）当A滑离C时，C的速度．32、光滑水平地面上，木板A左端与竖直墙壁接触处于静止状态，可视为质点的小木块B停在木板的右端，如图所示．对木块施加水平向左的瞬时冲量使其获得初速度经时间t=0.5s木块运动到竖直墙壁处，速度大小减为．木块与墙壁发生弹性碰撞后，恰能停在木板右端．重力加速度求：

（1）木板的长度L和木板与木块间的动摩擦因数

（2）木板和木块的质量的比值．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

根据题意判断导体棒受到的安培力的表达式，结合受到变化判断安培力的变化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，据此判断ab运动的加速度的变化；根据判断电流变化；结合电流的变化情况判断电功率的变化；根据判断通过MPabM的磁通量的变化。

【详解】

A．根据楞次定律可得ab中的电流为b→a，根据左手定则可知导体棒受到的安培力方向水平向左，与运动方向相反，做减速运动，导体棒受到的安培力

故

由于轨道光滑，所以安培力即为导体棒的合力，受到减小，合力减小，所以加速度减小，故导体棒做加速度减小的减速运动，A错误；

B．电流由于速度减小，并且减小的越来越慢，所以电流也减小，并且减小的越来越慢，故B正确；

C．电阻R的电功率因为电流减小，所以电阻R的电功率也在减小，C错误；

D．通过MPabM的磁通量随着ab棒向右运动；线圈的面积越来越大，所以磁通量越来越大，D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第一定律

可知；物体放出热量，物体的内能不一定减小，所以物体分子的平均动能不一定减小，故A错误；

B．气体的扩散运动总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行；故B错误；

C．机械能可以自发地全部转化为内能；但内能不可能自发地全部转化为机械能，故所以C正确；

D．尽管技术不断进步；但热机的效率仍不能达到100%，制冷机却也无法可以使温度降到-273℃，故D错误；

故选C。3、C【分析】由图可以看出，a、b灯泡在两个不同的支路中，对于纯电阻电路，不发生电磁感应，通电后用电器立即开始正常工作，断电后停止工作．但对于含电感线圈的电路，在通电时，线圈产生自感电动势，对电流的增大有阻碍作用，使a灯后亮，则合上开关，b先亮，a后亮．当断开电键时，线圈中产生自感电动势，由a、b及电感线圈组成一个回路；两灯同时逐渐熄灭．故C正确，A；B、D错误．故选C．

【点睛】对于线圈要抓住这个特性：当电流变化时，线圈中产生自感电动势，相当于电源，为回路提供瞬间的电流．4、B【分析】两粒子进入磁场后均向下偏转，可知在A点，均受到向下的洛伦兹力，由左手定则可知，四指所指的方向与运动方向相反，得知两个粒子均带负电；在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有得因a、b进入磁场的速度相同，电量也相同，又在同一磁场运动，故选B.

【点睛】该题考查带电粒子在匀强磁场中的偏转，带电粒子在匀强磁场中以垂直于磁场方向运动，洛伦兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动．根据偏转方向，利用左手定则来判断粒子所带的电性，根据半径判断粒子的质量比．5、C【分析】【详解】

ABC.小球进入磁场后恰好做匀速圆周运动，所以mg=qE，即当圆周运动轨道半径最大时对应的磁感应强度最小，由几何关系可得结合可得，所以A；B不符合题意，C符合题意；

D.小球运动时间从边射出时偏转角相等，而周期磁感应强度B越小，周期越大，故运动时间越长，D不符合题意．

二、多选题(共8题，共16分)6、B:C【分析】【详解】

根据右手定则知，通过ab棒的电流方向为b到a，则a点的电势高于b点的电势，故A错误；ab棒下降的过程中，重力势能的减小量等于动能的增加量以及ab棒产生的焦耳热之和，B正确；根据得下滑的位移大小为C正确；当导体棒的加速度为零时，速度最大，感应电流最大，安培力最大，即为故D错误．7、A:D【分析】【分析】

【详解】

可变电阻R3的滑片由a向b移动的过程中，可变电阻R3接入电阻的电阻逐渐减小；电路总电阻逐渐减小，总电流逐渐增大．

A．电路中总电流逐渐增大，电容器两端电压

逐渐减小，电容器的带电量

逐渐减小．故A项正确．

B．电路中总电流逐渐增大，电阻R1两端电压

增大；电压表读数增大．故B项错误．

C．电路外电阻减小，由于不知内外电阻的大小关系，电源的输出功率

变化不确定．故C项错误．

D．电路中总电流逐渐增大，电源内部消耗的功率增大；故D项正确．

故选AD。

点睛：灵活应用闭合电路的欧姆定律，电动势、路端电压和内电压关系，串并联电路的电压电流关系是解决动态电路的关键，即先局部--整体局部的解题思路．8、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．小球由A到B的过程中

解得

故B正确；A错误；

CD．由图可知，B与C在一个等势面上，所以从B到C电场力做功为零，则有

故C正确；D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．因BA的延长线过绝对零点，则状态A到状态B是等容变化；故气体的体积不变，A正确，B错误；

C．状态B到状态C的过程中；气体温度不变，压强增大，体积减小，C错误；

D．从题图中可知，pB=1.0atm，VB=3L，pC=1.5atm；根据玻意耳定律，有。

pBVB=pCVC解得。

VC=2LD正确。

故选AD。10、B:C:D【分析】【详解】

A．从状态d到c，温度不变，压强减小，根据玻意耳定律可知，气体体积增加，气体对外做功，但内能不变。根据热力学第一定律可知；气体吸收热量，A错误；

C．从状态a到d；是等压变化，气体温度升高，由盖吕萨克定律可知，气体体积增大，气体对外做功，C正确；

D．由图象可知，从状态b到a过程，p与T成正比，是等容变化，气体体积不变，气体不对外做功，外界也不对气体做功，但温度升高，其内能增加。根据热力学第一定律可知；气体吸热，D正确；

B．在ab线上取与c压强相等的点e，则状态c到e是等压变化，根据盖吕萨克定律可知，气体体积减小。从选项C中分析可知，状态e与b体积相等。故从状态c到b，体积减小，外界对气体做功，但温度降低，内能减小。根据热力学第一定律可知；气体放热，B正确；

故选BCD。11、B:C:D【分析】【详解】

A．绝对零度不可达到；A错误；

B．人感到闷热时；说明汗液难以蒸发降温，说明空气中湿度较大，B正确；

C．根据理想气体状态方程得

点和原点连线的图像斜率越小，压强越大，所以A点压强小于在B点压强；C正确；

D．从状态A到B过程中，温度升高，则

体积增大，说明气体膨胀，对外做功，有

根据

得气体吸热；D正确。

故选BCD。12、B:D【分析】试题分析：尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电，A错误；由于集尘极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极，B正确；负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，C错误；根据可得；同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确。

考点：静电的利用和防止。

【名师点睛】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例。13、B:D:E【分析】【详解】

A、由甲图知，波长λ=2m，由乙图知，质点的振动周期为T=2s，则波速为：由乙图知，t=1s时刻，x=2m处质点向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；

B；由乙图知；t=2s时，x=2m处质点的振动方向为y轴负向，故B正确；

D、因则在C；x=lm处质点和x=2m处质点相距半个波长，振动步调总相反，故C错误；

1s的时间内；波动图象上任意质点通过的路程都是两个振幅，为10cm，故D正确；

E、在t=1s到t=2s经历的时间为t=1s时刻x=0.5m处的质点位于波峰，则在t=1s到t=2s的时间内该质点的速度先增大后减小，故E正确；

故选BDE．

【点睛】本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向．三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1]因为一个氢原子核外的电子从半径为的圆轨道能够自发地直接跃迁到半径为的圆轨道上，则有

即氢原子的能量减小；会向外发射光子，因为能级差一定，只能发出特定频率的光子；

[2][3]氢原子在发出特定频率的光子之后，氢原子的总能量减小，根据可知轨道半径减小，电子的动能增大，则原子的电势能减小。【解析】发射，增大，减小，减小15、略

【分析】【分析】

【详解】

该逻辑电路由非门和与门构成；非门电路特点是输出端情况与输入端相反，即当输入端为“1”时，输出端为“0”，当输入端为“0”时，输出端为“1”，与门电路的特点是指决定某事件的条件全部具备时，该事件才发生，即当输入端全为“1”时，才会输出“1”，其他输入情况，输出均为“0”

。输入。

输出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001016、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据生活的经验我们知道：只有当定时开关和桶盖控制开关均合上时；脱水桶的电机才开始工作。

B中只有当闭合、断开时，电机才工作，而均闭合时；电路发生短路；

C中为单刀双掷开关，当扳向下边时，电机工作，扳向上边时；电路发生短路；

D中当同时扳向左边或右边时；电机工作。故BCD均不符合要求。

故选A。

(2)[2]电机是由两个开关控制的，故门电路有两个输入端、一个输出端。只有当A、B两输入端均为“1”状态，输出端Z才为“1”状态；这是“与”的逻辑关系。其真值表如表所示，用门电路符号表示的逻辑电路图如图所示。

表。输入ABZ000010100111【解析】A见解析17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】50019、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510020、略

【分析】【详解】

[1]由图线Ⅰ可知；当电流为零时，路端电压等于电源电动势，则可知电源的电动势为6V；

[2]内阻为

[3]导体的电阻为【解析】62321、略

【分析】【详解】

此核反应方程为故碳核（）的结合能为因核子数为12，则比结合能为根据电荷数守恒、质量数守恒，得核反应方程为．

【点睛】本题关键是掌握爱因斯坦质能方程以及比结合能的计算公式，知道核反应过程中，电荷数守恒、质量数守恒；先求出质量亏损．核反应中质量亏损等于反应前后质量之差，再根据爱因斯坦质能方程求结合能，结合能与核子数之比等于比结合能，根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程．【解析】四、作图题(共3题，共12分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)25、略

【分析】【分析】

（1）根据图1所示电路图连接实物电路图；

（2）电源U-I图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻；

（3）由图象求出与纵轴的交点；然后由欧姆定律求出该电流所对应的电压，该电压是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源的内阻；

【详解】

（1）根据电路图连接实物电路图；如图所示：

（2）由图2所示可知，电源电动势为电源内阻

（3）由图5所示可知，图象与纵轴的交点为：与横轴的交点为：

则电源内阻为：

电源电动势为：．

【点睛】

应用图象求电源电动势与内阻时，从图象上求出电流值，然后应用欧姆定律求出电源电动势与内阻．【解析】如图所示：

1.50.6026、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]为了使电压调节范围尽量大；滑动变阻器应采用分压式接法，则图乙中虚线处需要连接导线；实验前应使待测元件的分压为零，滑片应移至A端。

（2）[3]将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起时，可等效为将其接在电动势为3V、内阻为5kΩ的电源上，将等效电源的I—U图像画在元件的图像上；交点处电压与电流的乘积即为它消耗的电功率（如图）

即U=1.9V

则

（3）[4]螺旋测微器测量金属丝直径为0.5mm+0.01mm×29.0=0.790mm

（4）[5]由电阻定律以及可得

（5）[6]由于电压表的分流作用，使得电阻上电流的测量值偏大，则电阻测量值偏小。【解析】需要A（都行）0.790小于27、略

【分析】【分析】

（1）根据闭合电路欧姆定律进行分析，根据图象即可得出电源的电动势和内电阻；

（2）明确实验误差原因，根据测量值和真实值之间的关系确定正确的图象；

（3）明确电路结构；知道滑动变阻左右两端并联接入电路，则根据串并联电路的规律和图象结合可求得电动势和内电阻．

【详解】

（1）电源U-I图象与纵轴交点坐标值为电源电动势，由图示图象可知，电源电动势：E=3.0V，

电源内阻：

（2）本实验采用相对电源的电流表外接法，由于电压表不是理想电表，故存在分流现象，导致电流表示数偏小；而当外电路短路时，电压表的分流可以忽略，故真实图象和测量图象在横轴上的交点相同，故A正确，BCD错误，故选A.

（3）由乙同学的电路接法可知，R左右两部分并联后与R0串联，则可知，在滑片移动过程中，滑动变阻器接入电阻先增大后减小，则路端电压先增大后减小，所以出现图d所示的图象，则由图象可知，当电压为2.40V时，电流为0.50A，此时两部分电阻相等，则总电流为I1=1A；而当电压为2.30V时，电流分别对应0.33A和0.87A，则说