2025年人教A版九年级物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版九年级物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能一定大B.做功也可以改变物体的内能C.物体温度升高，一定吸收了热量D.物体吸收热量，温度一定升高2、如图所示，两只完全相同的圆柱形容器中分别盛有质量相同的甲、乙两种液体（P乙＞P甲）现将甲金属球浸没在甲液体中、乙金属球浸没在乙液体中，且均无液体溢出，这时两种液体对圆柱形容器底部的压强大小相等，则可以确定（）A.甲球的质量大于乙球的质量B.甲球的体积大于乙球的体积C.甲球的质量小于乙球的质量D.甲球的体积小于乙球的体积3、下列关于力的知识，说法正确的是（）A.使用定滑轮也可以省力B.排球运动员拦网时，改变了球的运动方向C.吃饭时使用的筷子是省力杠杆D.行驶的客车突然刹车时，乘客会向后倾倒4、下列关于实验仪器使用的说法中，不正确的是（）A.使用电压表时，绝对不允许不经过用电器把它直接接在电源两极上B.使用天平测质量时，应该用镊子取放砝码C.使用量筒测水的体积读数时，视线应该与凹液面底部相平D.使用液体温度计测量水温时，将温度计放入水中后，应该等示数稳定后读数5、如图所示电路图中，要求电流表测通过Ll的电流，正确的图是（）A.B.C.D.6、如图所示的家用电器中，正常工作1小时消耗的电能最接近1kw﹒h的是（）A.

电饭锅B.

台灯C.

电视机D.

电冰箱7、如图所示，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）A.灯泡额定功率不变，电流表读数变小，灯变暗B.灯泡额定功率变小，电流表读数变小，灯变暗C.灯泡额定功率不变，电流表读数变大，灯变亮D.灯泡额定功率变小，电流表读数变大，灯变亮8、如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）A.

试电笔的握法B.

带金属外壳的用电器使用合格的三孔插座C.

多个大功率用电器同时使用一个插座D.

使用绝缘皮破损的导线评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、下列有关电磁现象的说法中不正确的是（）A.磁感线是磁场中实际存在的曲线B.指南针指南北是因为地球周围存在磁场C.条形磁铁周围的磁感线是从南极出发指向北极的D.静止的小磁针的北极指向地理的南极10、如图所示的装置中，两端开口的U形管内注入一定量的水，将A管向右倾斜待稳定后，下面说法中正确的是（）A.A管中的水面与B管中的水面相平B.A管中的水面高于B管中的水面C.U形管底C点的压强不变D.U形管底C点的压强将变小11、如图所示电路，只闭合开关S1

时，电流表A1A2

均有示数且相等；若保持变阻器滑片P

位置不动，再闭合开关S2

时，电流表A1A2

示数都发生改变。那么当开关S2

闭合后，下列说法中正确的是(

不考虑温度对灯丝电阻的影响)(

)

A.电流表A1

的示数变大B.电流表A2

的示数变大C.小灯泡L

的亮度变暗D.若要保持灯泡的亮度不变，滑动变阻器的滑片P

要向左移动12、下列物体内能的改变，是通过做功实现的是(

)

A.神舟七号返回舱通过大气层过程中，由于与空气摩擦，温度会急剧升高B.将一壶凉水放在火炉上烧一段时间后，水的温度升高了C.两手互搓，手觉得暖和D.在炎热的夏天，路面被太阳晒的发烫13、如图所示的各种现象，能说明分子做永不停息运动的是（）A.

气体的扩散B.

冷天搓手会感觉缓和些C.

两块表面干净的铅压紧会“粘”在一起D.

闻到香皂的香味14、下列说法正确的是（）A.质量是表示物体的一种属性B.密度是表示物质的一种特性C.速度是表示物体运动快慢的物理量D.密度与物体的质量和体积有关评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、我市在科学规划和建设城市时，大量增加水面面积，是利用水的____大的特性，且水在蒸发时____（选填“吸热”或“放热”），可以调节气温，营造“宜居苏州”的舒适环境．水蒸发后，地面剩余水的比热将____．16、（2012秋•渭南期末）（1）从走廊上走过的巡视员，相对于坐着的考生是____（选填“运动”或“静止”）的．

（2）如图为某考生答题时的情景，用力握笔时，可以____摩擦力；使手不易打滑．

（3）静止压在水平放置的准考证上的石块，受到重力和____力的作用，其合力为____．17、（2011•安徽模拟）“中国红歌会”汇报演出在北京人民大会堂举行．拉开晚会帷幕的是瓷乐《哎呀嘞》，演奏中使用了瓷瓯（一种有律的打击乐器）和瓷笛（如图）．演奏出来的乐曲清新悦耳，美妙动听，是景德镇瓷器“声如磬”的集中体现．演奏中的瓷瓯是____体振动发声（选填“固”、“液”或“气”）．18、什么是功率？物理学中用它来表示什么？其国际单位是什么？____．19、阅读下面的短文；回答问题。

半导体制冷。

半导体材料有P型半导体和N型半导体两种；除了可以用于各种电子元器件外，还可以用作制冷材料．如图是一个半导体制冷单元的原理图，P型半导体和N型半导体的上端和铜片A连接，下端分别与铜片B连接后接到直流电源的两端，此时电路的电流方向是从N型半导体经铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，铜片B会向空气放出热量；反之，改变直流电源的正负极方向，使电流方向从P型半导体经铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气放出热量，铜片B会从空气吸收热量．由于单个制冷单元制冷量很小，为了满足实际需要，需要多个制冷单元同时工作．

请回答下列问题：

（1）如图，若要使一个电冰箱箱内的温度下降，铜片A置于电冰箱____，铜片B置于电冰箱____（前两空选填“箱内”、“箱外”）这就是半导体电冰箱的工作原理，若将图中电源换成交流电源，此时电冰箱能否正常制冷？答：____．

（2）若将图中P型半导体与N型半导体位置互换，其他条件不变，则铜片A上表面空气的温度将____．若将图中电源正负极互换，其他条件不变，则铜片B表面空气的温度将____．20、电能表是用来测量______的仪表．某同学家电表格铭牌上标有“220V800r/kW•h”字样，他观察到在1min的时间内，电能表的转盘匀速转了20转，观察期间他家工作电器的总功率为______kW．21、小明观察盛有干冰（固态二氧化碳）的容器外壁，发现有一层白霜：用镊子夹取一块干冰放入装有常温水的烧杯中，发现水立刻剧烈“沸腾’’起来，内部有大量气泡产生，水面上方出现大量白雾．白霜的形成____是现象，干冰发生的物态变化是____．这一过程会____热量，气泡内主要是____（选填“水蒸气”、“二氧化碳气体”或“空气”）．评卷人得分四、判断题(共2题，共8分)22、物体做匀速圆周运动，一定是受平衡力作用．____（判断对错）23、家庭照明电路中，是将所有用电器串联起来使用的．____（判断对错）评卷人得分五、解答题(共4题，共16分)24、如图所示；轻质圆柱形容器A内装有部分水，实心圆柱体B放在水平桌面上；

（1）若A容器中水的质量为2千克，求水的体积V水．

（2）若B的质量为1.5千克，底面积为100厘米2，求B对水平桌面的压强pB．

（3）将圆柱体B沿水平方向截取部分体积V放入A容器中（水未溢出），若ρ水≤ρB≤2ρ水，求A容器底部受到水的压强变化量△pA．

（结果均用V、ρ水、ρB、g、SA、SB等字母表示）25、小亮所在班级的饮水机铭牌如表所示．他们对饮水机的工作情况进行了与研究；发现当内胆里的水温达到90℃时，温控开关就会自动断开，停止加热：当水温降至60℃时，温控开关又会自动打开重新加热，每次加热的时间为t=4min．

。额定电压220V加热功率550W制热方式电加热求：

（1）饮水机加热一次消耗的电能为多少？

（2）电热丝的电阻是多少？

（3）饮水机设计．内胆的好处是每次只加热少量的水，既能使人们在较短的时间内喝上热水，又能避免一次加热过多的水而造成浪费．请你根据前面的数据，计算内胆的容积．[假设消耗的电能完全转化为水的内能，水的比热容为c水=4.2×103J/（kg•℃）]．26、老师在讲大气压一课时，为我们做了一个有趣的小实验：他用一只透明塑料杯装满水，然后用一张薄纸片盖住杯口后倒过来，放入装有水的脸盆中后拿去盖着的纸片．如图所示．使同学们惊奇的是满满一杯水竟然一点也没有向下流出来!设杯口横截面积为40cm2；当时教室内的大气压值为一个标准大气压，问：

（1）杯中的水受到大气向上的压力是多少牛？

（2）若杯中装有400g的水；杯中水向下的压强为多少帕？

（3）老师说一个标准大气压能支持约10m高的水柱，而杯中水的高度只有10cm左右，那么当老师在倒置的塑料杯底扎一个小孔，杯中的水将从小孔向上喷出还是向下流出？请说明理由．27、密度是物质的一种特性；利用密度可以鉴别物质．小明想了解2005年版1角硬币是由什么材料制成的，便进行了如下测量硬币的密度的实验：他用调整好的天平测量了20枚1角硬币的质量；用量筒测量了这20枚硬币的体积．请根据图中测量情况帮助他完成下面表格数据的填写．

。20枚1角硬币的质量/g水的体积/cm320枚1角硬币和水的总体积/cm320枚1角硬币的体积/cm31角硬币的密度/g•cm-3评卷人得分六、实验探究题(共1题，共9分)28、在探究杠杆平衡条件的实验中：

(1)

小明发现杠杆右端低左端高；要使它在水平位置平衡，小明应______使杠杆在水平位置平衡，这样做的主要目的是______．

(2)

小明将四个重力均为0.5N

的钩码挂在杠杆左端后；又将弹簧测力计钩在杠杆A

处的细线上(

如图1

所示).

要使杠杆在水平位置平衡，且弹簧测力计的示数最小，则小明应沿______方向拉弹簧测力计.

在此情况下，小明读出弹簧测力计示数为4.2N.

小明对实验数据分析后得到的结论是：在误差允许的范围内，动力隆脕

动力臂=

阻力隆脕

阻力臂.

你认为他这样就得出结论是否合理？判断后并简述理由：______．

(3)

下列实验中有一个多次实验的目的和本实验相同；它是______

A；测量一枚硬币的厚度时；先测量10

枚硬币的厚度。

B；探究压力的作用效果与压力的关系。

C；测量定值电阻的阻值。

D；探究光的反射规律时多次改变入射角。

(4)

如图2

所示；用弹簧测力计在C

处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______(

变大/

变小/

不变)

．

(5)

实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图3

所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符.

其原因是：______．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】（1）影响内能的因素有质量；温度以及状态等；

（2）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式．【解析】【解答】解：A；因为影响内能的因素有质量、温度和状态；因此温度高的物体内能不一定大，故A错误；

B；做功和热传递都可以改变物体的内能；故B正确；

C；物体温度升高；可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故C错误；

D；物体吸收热量；温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，内能增加，温度不变，故D错误．

故选B．2、B【分析】【分析】根据液体对容器底的压强相等；应用压强公式判断出两金属球的质量关系；

根据图示判断出两液体的深度关系，然后应用液体压强公式判断出两液体的密度关系，最后根据液体压强关系判断出两金属球的体积关系．【解析】【解答】解：（1）金属球浸没在液体中；液体对容器底的压力等于液体和金属球的重力之和；

由题意知；两液体的质量m相同，两容器的底面积S相同，金属球浸没在液体中后；

液体对容器底的压强p相同，由p====可知；

两金属球的质量相等；故AC错误；

（2）由图示可知，h甲＞h乙，∵h甲＞h乙，p乙＞p甲，p=ρgh，∴由ρ=可知，ρ甲＜ρ乙；

开始，液体对容器底的压强关系为P乙＞P甲；要使甲；乙两液体对容器底部的压强大小相等，放入金属球后甲液面的升高值应大于乙液面的升高值，即甲球排开液体的体积要大于乙球排开液体的体积，从而可得甲球的体积要大于乙球的体积，故B正确，D错误；

故选B．3、B【分析】【分析】（1）定滑轮相当于等臂杠杆；使用时不能省力，但能够改变力的方向；

（2）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态；包括物体的运动速度大小发生变化；运动方向发生变化．

（3）杠杆是否省力；要看动力臂与阻力臂的大小关系；

（4）惯性是物体保持原运动状态不变的性质．【解析】【解答】解：A；使用定滑轮不能省力；可改变力的方向；故A错误；

B；力的作用效果--力可以改变物体的运动状态；包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；故B正确；

C；使用筷子时；动力臂小于阻力臂；故吃饭时使用的筷子是费力杠杆；故C错误；

D；行驶的客车突然刹车时；乘客由于具有惯性，会向前倾倒；故D错误；

故选B．4、A【分析】【解答】解：A；电压表内阻很大；可以直接接在电源的两极上，此时测量的是电源电压，故A错误；

B；使用天平测质量时；应该用镊子取放砝码，以防砝码锈蚀，故B正确；

C；使用量筒测水的体积读数时；视线应该与凹液面底部相平，故C正确；

D；使用液体温度计测量水温时；将温度计放入水中后，应该等示数稳定后读数，故D正确。

故选A。

【分析】（1）电压表内阻很大；可以直接接在电源的两极上；

（2）在使用天平时；要用镊子夹取砝码；

（3）量筒读数时；视线应与凹液面的底部相平；

（4）用温度计测水温时，应等温度计示数稳定后再读数。5、D【分析】解：A、电流表与L1串联；但正负接线柱接反了，该选项错误；

B、L1、L2并联；电流表测量干路电流，故该选项错误。

C、L1、L2并联，电流表与L2串联，测量L2的电流，电压表与L1串联；故该选项错误；

D、L1、L2串联，电流表测量串联电路的电流，所以能测L1的电流；选项正确．

故选D．

（1）电流表是测量电流的仪表；电压表是测量电压的仪表，一般都有两个量程，三个接线柱；

（2）电流表使用时要串联在电路中；电压表使用时要并联在电路中并且电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出．

本题考查了电流表、电压表的使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，电压表与被测用电器并联，并且正负接线柱要接正确．【解析】【答案】D6、A【分析】【分析】根据公式P=，求出正常工作一小时消耗电能最接近1KW•h的用电器的功率，看哪个用电器的额定功率接近即可．【解析】【解答】解：

用电器正常工作1小时消耗的电能最接近1kw﹒h；

用电器的功率：

P===1kW；

四个选项中台灯额定功率一般只有几瓦到几十瓦；电视机和冰箱一般一百多瓦，不合题意；电饭锅额定功率一般在1kW左右．

故选A．7、A【分析】【分析】滑片移动时可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可得出电路中电流的变化，由电流变化可知灯泡的亮度变化．【解析】【解答】解：当滑征向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故电路中总电阻增大，因电源电压不变，由欧姆定律I=可得；电流减小，故电流表示数变小；

由P=I2R可得；灯泡的实际功率变小，故灯变暗；当灯泡正常发光时，实际功率等于额定功率，因此灯泡的额定功率不变．

故选A．8、B【分析】【分析】本题根据测电笔的使用方法、三孔插座的作用及安全用电的常识进行分析判断．【解析】【解答】解：A；试电笔要求应用手接触尾部金属片；才能使测电笔正常工作，故A握法错误；

B；带金属外壳的用电器应接地；故应使用三孔插座；故B正确；

C；大功率电器电流较大；若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故C做法错误；

D；由于导线绝缘皮老化漏电或短路；电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；

故选B．二、多选题(共6题，共12分)9、ACD【分析】【分析】（1）磁感线不是实际存在的；是假想的一些曲线；

（2）地球是一个巨大的磁体；利用地磁场的知识分析即可判断；

（3）在磁体的外部；条形磁铁周围的磁感线是从北极出发指向南极的；

（4）根据小磁针静止时北极指向地理的北极．【解析】【解答】解：A；磁感线不是实际存在的；是假想的一些曲线，故A错误；

B；地球是一个巨大的磁体；指南针指南北是因为地球周围存在磁场，故B正确；

C；在磁体的外部；条形磁铁周围的磁感线是从北极出发指向南极的，故C错误；

D；小磁针静止时；北极指向地理的北极，故D错误．

故选ACD．10、AD【分析】解：

AB；A、B两管的上部开口、下端连通；属于连通器，将A管向右倾斜后，当水不流动时，两管中的液面仍然相平，故A正确、B错误；

CD；当将A管向右倾斜待稳定后；U形管中水的竖直高度减小（即深度减小），因此U形管底C点的压强将变小，故C错误、D正确．

故选AD．

本题主要考查对连通器特点的了解：静止在连通器中的同一种液体；各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上．同时根据水的深度变化判断C点压强的变化．

本题的解题关键是知道连通器的原理，以及当将A管向右倾斜待稳定后，U型管中水的竖直深度减小．【解析】【答案】AD11、ACD【分析】解：只闭合开关S1

时；灯泡与滑动变阻器串联，总电阻为灯泡与滑动变阻器电阻的和，两电流表测量电路中的电流；

当开关S2

闭合时；灯泡L

与R1

并联后再与滑动变阻器的串联，电流表A1

测干路电流，电流表A2

测通过L

的电流；

根据并联电路的电阻特点可知；灯泡与R1

并联后，其并联部分的总电阻会减小，则整个电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，干路中的电流会变大，即电流表A1

的示数变大，故A正确；

灯泡与R1

并联后的电阻减小；根据串联电路的分压规律可知，该部分分担的电压会减小，即灯泡两端的电压会减小，所以通过灯泡的电流会减小，即电流表A2

的示数变小；根据P=I2R

可知，灯泡的功率变小，亮度变暗，故B错误，C正确；

若要保持灯泡的亮度不变；结合C

项解答可知应增大灯泡的功率，则应增大并联部分的电压，即增大电路中的电流，所以应该减小滑动变阻器的电阻，则滑动变阻器的滑片P

要向左移动，故D正确。

故选ACD。

只闭合开关S1

时；灯泡与滑动变阻器串联，两电流表测量电路中的电流；当开关S2

闭合时，灯泡L

与R1

并联后再与滑动变阻器的串联，电流表A1

测干路电流，电流表A2

测通过L

的电流。根据电路中电阻的变化判定电流的变化，从而判定出灯泡亮度的变化。

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清各电路元件之间的关系是解题的关键。【解析】ACD

12、AC【分析】解：

A；返回舱通过大气层过程中；克服摩擦做功，使返回舱的内能增加、温度升高，是利用做功改变物体的内能，符合题意；

B；凉水从火吸收热量、内能增加、温度升高；是利用热传递改变物体的内能，不符合题意；

C；两手相互摩擦做功；机械能转化为内能，手的内能增大、温度升高，是利用做功改变物体的内能，符合题意；

D；路面从太阳吸收热量、内能增加、温度升高；是利用热传递改变物体的内能，不符合题意．

故选AC．

改变物体内能的方法：做功和热传递；

热传递是能的转移过程；即内能从高温物体向低温物体转移的过程；

做功实质是能的转化过程．

本题考查了改变物体内能的方法(

做功和热传递)

注意二者的区别：传递过程属于能的转移，做功属于能的转化，属于基础题目．【解析】AC

13、AD【分析】【分析】（1）物质是由大量分子组成的；组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象证明分子作无规则的运动．

（2）改变内能的方法：做功和热传递．

（3）组成物质的分子间存在相互作用的引力，分子间的引力把两铅块紧紧地结合在一起．【解析】【解答】解：A；抽出玻璃后；上面的瓶子会变红了，说明二氧化氮的分子扩散到空气分子中了．故A正确．

B；冬天；搓搓手感觉暖和，是通过做功的方式改变手的内能，机械能转化为内能．故B错误．

C；两块表面平整干净的铅块压紧就结合在一起；说明分子间存在着引力．故C错误．

D；打开一盒香皂；很快能闻到香味，这说明了分子在不停地做无规则运动，是扩散现象．故D正确．

故选AD．14、ABC【分析】【分析】1；质量是物体的固有属性；与物体的运动状态、所处位置无关．

2；密度是物质的一种属性；它由物质本身的结构决定，与物体的质量、体积无关，不同物质的密度不同．

3、速度是描述物体运动快慢的一个物理量．【解析】【解答】解：A；质量是物体的一种固有属性；物体一旦确定了，质量便确定了，故A正确．

B；不同的物质密度不同；密度是表示物质的一种特性，故B正确．

C；速度是表示物体运动快慢的物理量；速度大的物体运动的快，故C正确．

D；密度由物质本身的性质决定；与物体的质量、体积无关，故D正确．

故选ABC．三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】水的比热容比较大；在相同质量；升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量．

蒸发是汽化的一种；汽化吸热，所以蒸发也吸热．

单位体积某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容．比热容是物质的一种特性．物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关．【解析】【解答】解：大量增加水面面积；因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收相同的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差．

水蒸发吸热；可以使夏季凉爽一些．

水蒸发后，质量改变，但比热容与质量无关，所以水的比热容不变，仍然为4.2×103J/（kg•℃）．

故答案为：比热容；吸热；不变．16、略

【分析】【分析】（1）判断物体的运动和静止；首先确定被研究的物体，被研究的物体和参照物之间发生了位置是改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的．

（2）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；

①增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时；增大压力增大摩擦；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦．

②减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时；减小压力减小摩擦；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度减小摩擦；使接触面脱离；用滚动代替滑动．

（3）物体放在水平地面上时，受到地面的支持力和物体的重力相等，这两个力是一对平衡力，合力为零．【解析】【解答】解：（1）以考生为参照物；巡视员的位置不断发生变化，因此是运动的；

（2）用力握笔时；增大手对笔的压力，从而增大了摩擦力；

（3）静止压在水平放置的准考证上的石块；受到重力和支持力的作用，二者属于平衡力，因此合力为0．

故答案为：（1）运动；

（2）增大；

（3）支持；0．17、略

【分析】【分析】振动的物体能够发出声音．【解析】【解答】解：演奏中的瓷瓯振动发出声；瓷瓯是固体．

故答案为：固．18、略

【分析】

功率是指单位时间内做功的多少；它表示做功快慢的物理量，单位是瓦特，符号是W．

故本题答案为：单位时间内做的功叫做功率．物理学中用它来表示做功的快慢．国际单位是瓦特；用符号W表示．

【解析】【答案】根据功率的概念和意义；单位填写．

19、箱内箱外不能上升下降【分析】【分析】（1）要解答此题需掌握半导体二极管的特点单向通电性；加以运用．通电后有一面是吸热（制冷），一面是散热（将吸的热量散掉）．由于交流电源电压较大，且电流方向不断变化，不能直接使用．

（2）将图中P型半导体与N型半导体位置互换，这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量；若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量．【解析】【解答】解：（1）由短文提供的信息可知；①电路的电路流方向是从N型半导体铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，应置于冰箱的箱内，从冰箱内吸收热量，使电冰箱箱内的温度下降；铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱的箱外；②铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱箱外，把从箱内吸收的热量散发掉，达到制冷的目的；③交流电源的电流方向是变化的，这样吸热和放热的状态就会不断改变，不能使吸热的部分恒定保持吸热状态，不能使放热的地方恒定保持放热状态．

（2）①将图中P型半导体与N型半导体位置互换；这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，使得铜片A上表面空气的温度上升；②若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量，铜片B表面空气的热量由于被吸收而下降．

故答案为：（1）箱内；箱外；不能；（2）上升；下降．20、略

【分析】解：

①电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；

②800r/kW•h表示电能表转盘转800转消耗的电能为1kW•h；

电能表的转盘转20转消耗的电能：

W=kW•h=kW•h；

电路的总功率：

P===1.5kW．

故答案为：电功（消耗电能）；1.5．

①电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；示数单位是kW•h；

②800r/kW•h表示电能表转盘转800转消耗的电能为1kW•h，据此计算出电能表的转盘转20转消耗的电能，再利用P=求电路的总功率．

本题考查了使用电能表电能、电功率的计算，关键是电能表相关参数的理解．【解析】电功（消耗电能）；1.521、略

【分析】【分析】干冰升华，吸收大量的热，使空气中的水蒸气有的凝结成无数的小水珠，形成云雾缭绕的景象；有的直接凝华成霜附着在容器表面上．【解析】【解答】解：白霜是空气中的水蒸气遇到冷的容器壁发生凝华形成的；“气泡”内主要是干冰升华形成的二氧化碳气体，不是水蒸气，干冰在升华过程中需要吸收热量．

故答案为：凝华；升华；吸热；二氧化碳气体．四、判断题(共2题，共8分)22、×【分析】【分析】力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，物体处于平衡状态，受平衡力，物体运动状态改变，受非平衡力．【解析】【解答】解：物体做匀速圆周运动时；运动状态不断改变，所受的力一定是非平衡力．

故答案为：×．23、×【分析】【分析】并联电路中的用电器都是互不影响的，故据此分析判断即可．【解析】【解答】解：家庭照明电路中；为了使得用电器互不影响，所以应该将用电器并联使用；

故答案为：×．五、解答题(共4题，共16分)24、略

【分析】【分析】（1）知道A容器内水的质量，利用V=求水的体积；

（2）B对水平桌面的压力等于B的重力；知道底面积（受力面积），利用压强公式求B对水平桌面的压强；

（3）当ρ水≤ρB≤ρ水时；放入的B在水中漂浮或悬浮，A容器底部受到水的压力变化量等于放入的B的重力，利用压强公式求A容器底部受到水的压强变化量；

当ρ水≤ρB≤2ρ水时，放入的B在水中下沉，A容器底部受到水的压力变化量放入的B受到的浮力，利用压强公式求A容器底部受到水的压强变化量．【解析】【解答】解：

（1）由ρ=得水的体积：

V水===2×10-3m3；

（2）B对水平桌面的压力：

FB=GB=mBg=2kg×9.8N/kg=14.7N；

B对水平桌面的压强：

p酒===1470Pa；

（3）当ρ水≤ρB≤ρ水时；

A容器底部受到水的压强变化量：

△pA===；

当ρ水≤ρB≤2ρ水时；

A容器底部受到水的压力变化量：

△F′=F浮′=ρ水gV

A容器底部受到水的压强变化量：

△pA′==．

答：（1）若A容器中水的质量为2千克，水的体积为2×10-3m3；

（2）B对水平桌面的压强为1470Pa；

（3）将圆柱体B沿水平方向截取部分体积V放入A容器中（水未溢出），当ρ水≤ρB≤ρ水时，A容器底部受到水的压强变化量为；当ρ水≤ρB≤2ρ水时，A容器底部受到水的压力变化量为．25、略

【分析】【分析】（1）已知额定功率和加热时间；根据W=Pt计算加热一次消耗的电能；

（2）已知饮水机的额定电压和额定功率，根据R=求出电热丝的电阻；

（3）根据Q=cm（t-t0）的变形式求出每次加热水的质量，根据V=求出水的体积即为内胆的容积．【解析】【解答】解：（1）加热一次消耗的电能为：

W=Pt=550W×240s=132000J；

（2）电热丝的电阻：

R===88Ω；

（3）∵Q吸=W=132000J；

∴每次加热水的质量：

m===1kg；

∴内胆的容积V=V水===10-3m3．

答：（1）饮水机加热一次消耗的电能为132000J；

（2）电热丝的电阻为88Ω；

（3）内胆的容积10-3m3．26、略

【分析】【分析】（1）根据p=计算杯中的水受到大气向上的压力；

（2）由图透明塑料杯粗细均匀，所以杯中水向下压力F=G=mg，根据p=计算杯中水向下的压强；

（3）塑料杯底扎一个小孔后，整个装置相当于一个连通器，由此分析解答．【解析】【解答】解：

（1）教室内的大气压值为一个标准大气压；

由p=可得：

杯中的水受到大气向上的压力F=pS=1.01×105Pa×40×10-4m2=404N；

（2）由图可知；透明塑料杯粗细均匀；

所以杯中水向下压力F′=G=mg=0.4kg×10N/kg=4N；

所以杯中水向下的压强为：

p′===1000Pa；

（3）塑料杯底扎一个小孔后；整个装置相当于一个连通器，连通器中装有同种液体，液体静止时液面相平，所以水会向下流．

答：

（1）杯中的水受到大气向上的压力是404N；

（2）若杯中装有400g的水；杯中水向下的压强为1000Pa；

（3）在倒置的塑料杯底扎一个小孔，杯中的水将向下流出．请说明理由．整个装置相当于一个连通器，连通器中装有同种液体，液体静止时液面相平，所以水会向下流．27、略

【分析】【分析】根据砝码和游码对应的刻度值计算物体的质量，读出物体浸没水前后水面到达的刻