2021年山东省普通高中学业水平合格性考试生物仿真模拟试卷C（教师版）

绝密★考试结束前2021年山东省普通高中学业水平合格性考试生物仿真模拟试卷C(考试时间：90分钟满分100分)一、选择题：本题共25小题，每小题2分，共50分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．显微镜观察同一标本2次，每次仅调整目镜或物镜和细准焦螺旋得到图1和图2；已知观察该标本时所用的镜头如图3，目镜标有5×和10×，物镜标有10×和40×。下列说法错误的是（）A．从图3中找出与图1（细胞最小）和图2（细胞最大）对应的最佳的组合是①④和②③B．选择组合②④，则所观察到的物像是实际物体的100倍C．显微镜放大倍数是指长度或宽度的放大倍数D．若②④组合视野中观察到细胞为160个，则换②③组合后，视野中观察到的细胞为25个【答案】D【分析】①②是目镜，目镜的镜头越长，其放大倍数越小，故目镜①为5×，目镜②为10×；③④是物镜，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，故物镜③为40×，物镜④为10×．显微镜的放大倍数=物镜的放大倍数×目镜的放大倍数；显微镜的放大倍数是指物体的长度或宽度的放大倍数。【详解】A、从图3中图1（细胞最小）用放大倍数最小的组合①④，图2（细胞最大）对应的最佳的组合是是②③，A正确；B、②为10×，④为10×，②④组合所观察到的物像是实际物体的100倍，B正确；C、显微镜放大倍数是指长度或宽度的放大倍数，不是面积，C正确；D、若②④组合放大100倍，②③组合放大倍数是400倍，视野中观察到的细胞为160÷42=10，D错误。故选D。2．如图表示一个由153个氨基酸构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是（）A．该分子中含有152个肽键B．合成该蛋白质的过程中相对分子质量减少2754C．构成该分子的氨基酸中至少有2个含硫D．该蛋白质分子彻底水解将产生21种氨基酸【答案】C【分析】1、分析题图：图示为蛋白质分子结构式，该蛋白质由153个氨基酸脱水缩合形成，含有1个二硫键。2、脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水，所以脱去的水分子中的氢原子来自氨基和羧基。脱水缩合过程中的相关计算：（1）脱去的水分子数=形成的肽键个数=氨基酸个数-肽链条数；（2）蛋白质分子量=氨基酸分子量×氨基酸个数-水的个数×18。【详解】A、肽键数=氨基酸个数-肽链数=153-1=152个，但由于肽链在折叠时又形成一个肽键，因此共有153个肽键，A错误；B、合成该蛋白质生成了153个肽键和1个二硫键，所以减少的分子量为153×18+2=2756，B错误；C、肽链之间形成一个二硫键，2个硫元素分别在两个氨基酸的R基上，因此构成该分子的氨基酸中至少有2个含硫，C正确；D、组成蛋白质的氨基酸共有21种，因此该多肽（153个氨基酸组成的）彻底水解最多可得到21种氨基酸，D错误。故选C。3．普洱茶渥堆为普洱茶的发酵过程，是云南大叶种晒青毛茶经潮水后渥堆，由于黑曲霉、青霉、根霉、酵母菌等微生物的活动，使茶叶发生了一系列的物理、化学变化，促成了普洱茶风味及良好品质的形成。下列相关叙述错误的是（）A．黑曲霉、青霉、根霉、酵母菌的DNA都存在于核膜内B．渥堆过程容易闻到酒香，这是酵母菌进行无氧呼吸的结果C．普洱回甘味觉，可能是因为微生物产生的纤维素酶能降解茶叶中的纤维，增加了茶叶中单糖、二糖的含量D．湿度、温度、通气情况可能会影响渥堆过程，进而影响普洱茶的品质【答案】A【分析】1、酵母菌属于兼性厌氧型生物，在有氧条件下，酵母菌通过细胞呼吸产生CO2和H2O；在无氧条件下，酵母菌通过细胞呼吸产生C2H5OH和CO2；2、真核生物的DNA主要位于细胞核中，线粒体和叶绿体也含有少量的DNA；3、纤维素是植物细胞壁的主要成分，水解后可产生纤维二糖和单糖。【详解】A、黑曲霉、青霉、根霉、酵母菌都是真菌，属于真核生物，真核生物的DNA主要位于细胞核中，线粒体和叶绿体也含有少量的DNA，A错误；B、渥堆过程，容易造成无氧条件，酵母菌在无氧条件下，可通过细胞呼吸产生C2H5OH和CO2，B正确；C、普洱味回甘，可能是微生物产生纤维素酶，分解纤维素，产生纤维二糖和单糖，而葡萄糖有甜味，C正确；D、湿度、温度、通气情况，会影响微生物的生长，可能会影响渥堆过程，D正确。故选A。4．果蝇的有眼（B）对无眼（b）为显性。缺失一条Ⅳ号染色体的果蝇（单体果蝇）可以存活并繁殖后代，缺失两条则会致死，果蝇的体细胞中染色体图解示意如图。科研人员将缺失一条Ⅳ号染色体的有眼雄果蝇与缺失一条Ⅳ号染色体的无眼雌果蝇杂交得F1。以下分析正确的是（）A．形成单体的变异类型可借助光学显微镜观察到B．Ⅳ号染色体单体的果蝇产生的配子中染色体数目均为3条C．若有眼基因在Ⅳ号染色体上，F1中有眼:无眼约为1:1D．若有眼基因在X染色体上，F1中染色体正常的有眼果蝇所占比例为1/3【答案】A【分析】1、染色体变异在光学显微镜下可以观察到；

2、减数分裂是生物生殖细胞分裂时，染色体只复制一次，细胞连续分裂两次，结果形成4个子细胞的染色体数目只有母细胞的一半的过程；

3、基因分离定律实质是:在同一对基因杂合体内,等位基因在减数分裂生成配子时随同源染色体的分开而分离,进入两个不同的配子,独立的随配子遗传给后代，基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】A、形成单体的变异属于染色体数目的变异，染色体变异在光学显微镜下可以观察到，A正确；

B、Ⅳ号染色体单体的果蝇含有7条染色体（3对同源染色体+1条Ⅳ号染色体），产生的配子中染色体数目均为3条或4条，B错误；

C、若有眼基因在Ⅳ号染色体上，Ⅳ号染色体上为常染色体，则缺失1条Ⅳ号染色体的有眼雄果蝇为BO，能产生的配子为B：O=1：1，缺失1条Ⅳ号染色体的无眼雌果蝇为bO，能产生的配子为b：O=1：1，由于缺失1条Ⅳ号染色体（单体果蝇）仍能生存和繁殖，缺失2条则致死，所以杂交后所得F1果蝇中有眼（1Bb、1BO）：无眼（1bO）为2：1，C错误；

D、若有眼基因在X染色体上，则有眼雄果蝇为XBY，无眼雌果蝇为XbXb，交后所得F1果蝇中有眼果蝇占1/2；Ⅳ号染色体的遗传为：亲本的染色体组成均为IV0（产生的配子为IV：O=1：1），后代果蝇中IVIV：IV0=1：2，后代染色体正常的果蝇（IVIV）占1/3，因此染色体正常且为有眼的果蝇占1/2×1/1/3=6，D错误。

故选A。5．如图为DNA分子结构示意图，对该图的正确描述是（）A．②和③相间排列，构成DNA分子的基本骨架B．④的名称是胞嘧啶脱氧核苷酸C．当DNA复制时，⑨的形成需要DNA聚合酶D．若该DNA转录出来的一段mRNA有30个碱基，其中A+U有12个，那么该DNA分子中的C+G有36个【答案】D【分析】分析题图：图示为DNA分子部分结构示意图，其中①为磷酸，②为脱氧核糖，③为磷酸，⑤为腺嘌呤，⑥⑦为鸟嘌呤，⑧为胸腺嘧啶，⑨为氢键。【详解】A、①磷酸和②脱氧核糖的交替排列构成了DNA分子的基本骨架，A错误；B、图中④不能表示胞嘧啶脱氧核苷酸，②、③和下一个磷酸才能构成胞嘧啶脱氧核苷酸，B错误；C、DNA复制时，⑨氢键的形成不需要酶，C错误；D、已知一段mRNA有30个碱基，则合成该mRNA的DNA分子有60个碱基，其中A+U有12个，因此对应的模板链上的A+T有12个，根据碱基互补配对的原则，该DNA分子中A+T的数目有24个，所以C+G就有36个，D正确。故选D。6．分析如图多肽的结构，下列说法正确的是（）

A．该化合物为四肽B．该多肽中含有4个肽键、4种R基团C．该化合物有1个游离的氨基和2个游离的羧基D．该化合物形成的过程中相对分子质量减少了54【答案】B【分析】分析题图：题图为五肽（链状）的结构示意图，其中A是氨基，B、C、D、F、G表示R基，H是羧基，E内部含有肽键。【详解】A、该化合物有4个肽键，由5个氨基酸脱水缩合而成，该化合物为五肽，A错误；B、该多肽中含有4个肽键、5个氨基酸脱水缩合而成，其中C和D相同，故为4种R基团，B正确；C、该化合物有1个游离氨基和1个游离羧基，C错误；D、五肽形成过程中脱去4分子水，相对分子质量减少了4×18=72，D错误。故选B。7．根据元素的组成可以推断细胞中化合物的种类，观察如图，有关分析正确的是（）A．若a中还含有S元素，其可能是氨基酸，人体细胞中的氨基酸都必需从食物中获得的B．若b是植物细胞中的一种多糖，则它一定是能源物质C．若c为脂质，其可能是磷脂，它一定存在于所有活细胞中D．若d是细胞内良好的储能物质，则其由三分子甘油和一分子脂肪酸组成【答案】C【分析】分析题图可知，图示表示不同化学元素所组成的化合物，其中化合物a的组成元素为C、H、O、N，最可能是蛋白质或其基本组成单位氨基酸；化合物b的组成元素为C、H、O，最可能是糖类或脂肪；c的组成元素为C、H、O、N、P，最可能是核酸及其组成单位核苷酸，或者是磷脂；化合物d的组成元素为C、H、O，最可能是糖类或脂肪。【详解】A、人体细胞中的必需氨基酸必须从食物中获得，而非必需氨基酸则在体内合成，A错误；B、若b是植物细胞中的大分子，其可能为纤维素或淀粉，纤维素不是能源物质，B错误；C、若c为小分子，其可能是核苷酸或磷脂，所有的活细胞都含有，C正确；D、若d是细胞内良好的储能物质，则d为脂肪，由一分子甘油和三分子脂肪酸组成，D错误。故选C。8．下列关于细胞中糖类和脂质的叙述，正确的是（）A．肌糖原可水解为葡萄糖从而使血糖浓度升高B．磷脂是一种由甘油、脂肪酸和磷酸等所组成的分子C．维生素D参与血液中脂质的运输，促进肠道钙、磷的吸收D．糖类、脂质、蛋白质、核酸等生物大分子都以碳链为骨架【答案】B【分析】1、生物大分子如蛋白质、核酸和多糖的单体分别是氨基酸、核苷酸、葡萄糖，氨基酸、核苷酸、葡萄糖等单体都以碳元素为核心元素，因此生物大分子以碳链为骨架。2、脂质包括脂肪、磷脂和固醇，其中固醇包括胆固醇、性激素和维生素D。【详解】A、血糖浓度升高是因为肝糖原水解，肌糖原不能直接水解成葡萄糖进入血液，A错误；B、磷脂是一种由甘油、脂肪酸和磷酸等所组成的有机分子，磷脂“尾部”疏水，脂肪酸“头部”亲水，B正确；C、脂质中的胆固醇可参与血液中脂质的运输，维生素D可有效地促进人体肠道对钙和磷的吸收，C错误；D、多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都以碳链为骨架，脂质并不是生物大分子，D错误。故选B。9．一分子CO2从叶肉细胞的线粒体基质中扩散出来，进入一相邻细胞的叶绿体基质中，共穿越几层生物膜（）A．5B．6C．7D．8【答案】B【分析】线粒体是具有双膜结构的细胞器，叶绿体也是具有双层膜结构的细胞器；线粒体基质中有氧呼吸产生的二氧化碳可以进入叶绿体基质中参与暗反应过程。【详解】从叶肉细胞的线粒体基质中扩散出来，出线粒体，两层膜（线粒体是双层膜结构），出叶肉细胞，一层细胞膜，进入另一个叶肉细胞，一层细胞膜，进入叶绿体，两层膜（叶绿体是双层膜结构），共穿过的生物膜层数是=2+1+1+2=6层，B正确。故选B。10．下列科学家实验室研究的叙述中，实验与方法技术或实验结果（结论）不相符的是（）项目科学家实验方法技术/实验结果（结论）A艾弗里和他的同事们将R型活菌与S型菌的DNA+DNA水解酶混合培养只生长R型菌，说明DNA被水解后，就失去遗传效应B威尔金斯和富兰克林获得DNA衍射图谱利用X射线衍射技术C赫尔希与蔡斯用含35S标记的噬菌体去感染普通的大肠杆菌，短时间保温后搅拌离心获得的上清液中的放射性很高，说明DNA是遗传物质。D梅塞尔森和斯塔尔将已用15N标记DNA的大肠杆菌培养在普通（14N）培养基中证明DNA半保留复制利用同位素标记法A．AB．BC．CD．D【答案】C【分析】1.艾弗里实验设计思路：将S型细菌的DNA、蛋白质、RNA、脂质等一一提纯，分别与R型细菌混合，单独观察它们的作用。通过实验发现S型细菌的DNA能使R细菌转化成S型细菌。艾弗里和他的同事先做了以下四步实验：①对S型细菌的物质提取分离得到蛋白质、多糖和DNA；②S型细菌的蛋白质+R型活菌→R型菌落；③S型细菌荚膜的多糖+R型活菌→R型菌落；④S型细菌的DNA+R型活菌→S型菌落+R型菌落；⑤S型细菌的DNA+DNA水解酶+R型活细菌，观察到的实验结果是只有R型菌落。2.T2噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S或32P标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬菌体侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。【详解】A、S型细菌的DNA能将R型细菌转化为S型细菌，将R型活菌与S型菌的DNA和DNA水解酶混合培养，此时培养基中只有R型菌落，说明DNA被水解后，就失去遗传效应，A正确；B、威尔金斯和富兰克林采用X射线衍射获得DNA衍射图谱，B正确；C、35S标记的是噬菌体的蛋白质外壳，用含35S标记的噬菌体去感染普通的大肠杆菌，短时间保温，离心获得的上清液中的放射性很高，这说明噬菌体侵染细菌时蛋白质外壳未进入细菌，不能说明DNA是遗传物质，C错误；D、梅塞尔森和斯塔尔将已用15N标记DNA的大肠杆菌培养在含14N的培养基中，经过培养、离心后获得相应的实验结果，分析实验结果得出DNA分子的复制方式是半保留复制的结论，D正确。故选C。11．下列有关生物体中化合物的叙述，正确的是（）A．淀粉和纤维素的不同是因为单体的种类、排列顺序不同B．性激素在体液调节中发挥作用，其元素组成与磷脂的不同C．DNA和蛋白质分子的多样性都与分子的空间结构密切相关D．磷脂是由磷酸、脂肪酸和胆固醇构成【答案】B【分析】1、多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，多糖的单糖是单糖（葡萄糖），蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。2、蛋白质具有多样性的原因是：氨基酸的种类、数目和排列顺序不同，多肽链的条数不同，蛋白质的空间结构不同。3、脂质包括磷脂、脂肪和固醇，其中磷脂的组成元素是C、H、O、N、P，其它脂质的组成元素都是C、H、O。【详解】A、淀粉和纤维素都是由单糖（葡萄糖）组成的多聚体，二者的单体的种类、排列顺序相同，其不同是因为单体形成的结构不同，A错误；B、性激素作为信息分子，在体液调节中能发挥作用，其组成元素为C、H、O，而磷脂的组成元素是C、H、O、N、P，显然二者的组成元素不同，B正确；C、蛋白质分子的多样性与分子的空间结构密切相关，而DNA分子的多样性主要与其中的碱基对的排列顺序有关，其空间结构一般都是规则的双螺旋结构，C错误；D、磷脂由甘油，脂肪酸和磷酸等组成，不含有胆固醇，D错误。故选B。12．如图为细胞中化合物A与化合物B生成化合物D的过程示意图，C为化学键。下列叙述错误的是（）A．若A为甘油、B为脂肪酸，则化合物D中一定含有元素NB．若A为甘氨酸，B为丙氨酸，则C表示为肽键C．若A、B为两条肽链，D如果是胰岛素，则C一定不是肽键D．若A为赖氨酸、B为异亮氨酸，则C为二肽【答案】A【分析】1、核苷酸由一分子磷酸、一分子五碳糖，一分子含氮碱基组成。2、两个氨基酸脱水缩合形成肽键。3、脂肪是由脂肪酸和甘油形成的。【详解】A、若A为甘油，B为脂肪酸，则D是脂肪，脂肪只含有C、H、O三种元素，A错误；B、若A为甘氨酸，B为丙氨酸，两个氨基酸通过形成肽键链接，则C为肽键，B正确；C、若A、B为两条肽链，D如果是胰岛素，则C是二硫键，C正确；D、若A为赖氨酸、B为异亮氨酸，两个氨基酸通过形成肽键链接，则C为肽键，D正确。故选A。13．眼虫是一类介于动物和植物之间的单细胞原生生物，通常因体内含大量叶绿体而呈绿色。眼虫在有光条件下可以进行光合作用，无光的条件下，可通过体表吸收培养液中的有机物质。下列推测错误的是（）A．眼虫吸收的光能不可直接用于C3的还原B．眼虫固定CO2分子过程伴随着ATP的水解C．眼虫吸收的H218O中的18O可出现在C18O2D．有光、无光条件下，培养液中的眼虫均可以生长繁殖【答案】B【分析】光合作用可分为光反应阶段和暗反应阶段，（1）光反应阶段：发生在叶绿体类囊体薄膜，包括水的光解和ATP的合成；（2）暗反应阶段：发生在叶绿体基质，包括CO2的固定和C3的还原。【详解】A、眼虫吸收的光能不可直接用于C3的还原，需要转化为ATP中的化学能才能用于C3的还原，A正确；B、眼虫固定CO2分子的过程不需要消耗能量，该过程没有伴随ATP的水解，B错误；C、眼虫吸收的H218O中的18O可通过呼吸作用形成C18O2，C正确；D、眼虫在有光条件下可以进行光合作用合成有机物，无光条件下，眼虫可吸收培养液中的有机物质，故有光、无光条件下，培养液中的眼虫均可以生长繁殖，D正确。故选B。14．某种蝴蝶紫翅（P）对黄翅（p）是显性，绿眼（G）对白眼（g）为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法不正确的是（）A．上述亲本的基因型是PpGg×PpggB．F1中紫翅绿眼个体自交（基因型相同个体间的交配），相应性状之比是15：5：3：1C．F1中紫翅白眼个体自交（基因型相同个体间的交配），其中纯合子所占比例是2/3D．F1中紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则F2相应性状之比是3：3：1：1【答案】D【分析】分析柱形图：用紫翅绿眼（P_G_）和紫翅白眼（P_gg）的蝴蝶进行杂交，F1中紫翅：黄翅=3：1，则这两个亲本的基因型为Pp×Pp；绿眼：白眼=1：1，属于测交，说明亲本中绿眼的基因型为Gg，因此，两个亲本的基因型PpGg×Ppgg。【详解】A、由以上分析可知，上述亲本基因型为PpGg×Ppgg，A正确；B、F1紫翅绿眼的基因型及概率为1/3PPGg、2/3PpGg，后代紫翅绿眼（P_G_）：紫翅白眼（P_gg）：黄翅绿眼（ppG_）：黄翅白眼（ppgg）=（1/3×3/4+2/3×3/4×3/4）：（1/3×1/4+2/3×3/4×1/4）：（1/3×0+2/3×1/4×3/4）：（1/3×0+2/3×1/4×1/4）=15：5：3：1，B正确；C、F1紫翅白眼的基因型及概率为1/3PPgg、2/3Ppgg，后代中纯合子所占的比例为1/3+2/3×1/2＝2/3，C正确；D、F1紫翅绿眼的基因型P_Gg，黄翅白眼的基因型为ppgg，采用逐对分析法，P_×pp→pp=2/3×1/2=1/3，说明紫翅：黄翅=2：1，Gg×gg→绿眼：白眼=1：1，则F2的性状分离比2：2：1：1，D错误。故选D。15．将某种细菌培养在含有3H-胸腺嘧啶脱氧核苷酸的培养基上一段时间，检测发现细菌的拟核中含有两种类型的DNA分子如图所示，虚线表示含放射性的脱氧核苷酸链。下列说法正确的是（）A．细菌拟核DNA第一次复制后产生的DNA分子为乙类型B．细菌拟核DNA第三次复制后产生的DNA分子为甲、乙两种类型，比例为3：1C．细菌拟核DNA复制n次产生的含有放射性脱氧核苷酸链的数目为2n+1-2条D．若该细菌拟核DNA分子中，G占碱基总数的38%，其中一条链中的T占该单链碱基数的5%，那么另一条链中T占该单链碱基数的比例的7%【答案】C【分析】根据题干信息和图形分析，图中甲、乙都为双链环状DNA分子，其中虚线含放射性的脱氧核苷酸链；该题是将某种细菌培养在含有3H-胸腺嘧啶脱氧核苷酸的培养，而3H-胸腺嘧啶脱氧核苷酸带有放射性的，由于亲本DNA没有放射性，根据半保留复制，子一代的DNA分子应该一条链含有放射性，一条链没有放射性，即图甲所示；子二代及以后会出现两条链都具有放射性的DNA分子，即图乙所示；无论繁殖多少代，子代都有且只有两个DNA分子为甲类型。【详解】A、根据以上分析已知，细菌拟核DNA第一次复制后产生的DNA分子为甲类型，A错误；B、细菌拟核DNA第三次复制后产生的DNA分子有8个，其中有2个为甲类型，因此甲、乙两种类型的比例为1：3，B错误；C、细菌拟核DNA复制n次产生的含有放射性脱氧核苷酸链的数目=2n×2-2=2n+1-2，C正确；D、该细菌拟核DNA分子中，是双链DNA分子，G占碱基总数的38%，则该DNA分子T占碱基总数的12%。根据碱基互补配对原则，T=（T1+T2）÷2，其中一条链中的T占该单链碱基数的5%，那么另一条链中T占该单链碱基数的比例为19%，D错误。故选C。16．下列有关细胞衰老、凋亡、坏死与癌变的叙述，正确的是（）A．凡细胞凋亡受基因控制；细胞癌变不受基因控制B．细胞癌变，细胞周期变短；细胞凋亡，细胞周期变长C．细胞坏死，膜通透性降低；细胞癌变，膜粘着性增强D．细胞衰老，代谢减弱；细胞癌变，代谢增强【答案】D【分析】1、细胞凋亡是由基因决定的细胞编程性死亡的过程。细胞坏死是由外界不利因素引起的细胞非正常性死亡。2、衰老细胞的特征：（1）细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，但细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深；（2）细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低；（3）细胞色素随着细胞衰老逐渐累积；（4）有些酶的活性降低；（5）呼吸速度减慢，新陈代谢减慢。3、细胞癌变的根本原因是原癌基因和抑癌基因发生基因突变。癌细胞的主要特征：无限增殖；形态结构发生显著改变；细胞表面发生变化，细胞膜上的糖蛋白等物质减少，细胞间的黏着性降低，细胞易扩散转移。【详解】A、细胞凋亡和细胞癌变都受基因控制，A错误；B、细胞癌变后，细胞周期变短；细胞凋亡时，细胞已经丧失分裂能力，不具有细胞周期，B错误；C、细胞坏死，膜通透性增大；细胞癌变后，细胞膜上的糖蛋白等物质减少，细胞间的黏着性降低，C错误；D、细胞衰老后，细胞内水分减少，代谢减弱，而细胞癌变后，代谢增强，D正确。故选D。17．研究发现某种生物体内存在一种“自私基因”，该基因可通过一定的手段杀死含其等位基因的配子来提高自己的基因频率。若E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3的含e基因的雄配子。某基因型为Ee的亲本植株自交获得个体随机受粉获得F2，关叙述错误的是（）A．e基因的频率随着随机交配代数的增加逐渐减小B．F1中三种基因型个体的比例为EE：Ee：ee=3：4：lC．F2中基因型为ee的个体所占比例约为5/32D．从亲本→F1→F2，Ee的比例会逐代降低【答案】C【分析】分析题干信息可知，E基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内2/3含其等位基因e的雄配子，因此，基因型为Ee的植株产生的雄配子类型及比例为3/4E和1/4e，而雌配子不受影响，比例正常。【详解】A、由于每次产生配子时e雄配子总是有2/3被淘汰（被E基因杀死），所以e基因的频率随着随机交配代数的增加会逐渐减小，A正确；B、由分析可知，基因型为Ee的植株产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，雌配子比例为1/2E和1/2e，根据雌雄配子的随机结合，可求出F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee=3∶4∶1，B正确；C、F1中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee=3∶4∶1，ee产生的雄配子全部存活，Ee产生的含e基因的雄配子中1/3存活，据此可求出F1产生的雄配子比例为3/4E和1/4e，雌配子比例为5/8的E和3/8的e，再根据雌雄配子的随机结合可求出F2中三种基因型个体的比例为EE∶Ee∶ee=15∶14∶3，因此基因型为ee的个体所占比例为3/32，C错误；D、从亲本→F1→F2，基因e的频率逐代降低，E基因和e基因频率的差值越来越大，则基因型Ee的比例会逐代降低，D正确。故选C。18．构成蛋白质的21种氨基酸，依其化学特性可分为酸性、碱性和中性，这种酸碱性的差异主要取决于氨基酸的（）A．R基团B．氨基C．羧基D．分子结构【答案】A【分析】氨基酸是组成蛋白质的基本单位，组成蛋白质的每种氨基酸至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团，即R基，结构通式为。由结构通式可知，各种氨基酸之间的区别在于R基的不同。【详解】由分析可知，氨基酸分子中所含氨基和羧基数目的不同，将氨基酸分为中性氨基酸、酸性氨基酸和碱性氨基酸（若氨基数=羧基数，为中性；若氨基数＞羧基数，显碱性；若氨基数＜羧基数，显酸性）。由于每个氨基酸都至少含有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子之上，各种氨基酸之间的区别在于R基的不同，因此不同氨基酸分子中所含氨基和羧基的数目取决于R基上所含氨基和羧基的数目，即各种氨基酸的酸碱性的差异取决于氨基酸的R基，A正确，BCD错误。故选A。19．绿色荧光蛋白简称GFP，最初是从维多利亚多管发光水母中分离出来的结构蛋白．其相关数据如图所示，下列有关叙述正确的是（）A．据图可推测该蛋白质含有2条肽链，R基上的氨基有17个B．该化合物水解时，一共需要124个水分子C．假定一个每个氨基酸平均相对分子质量为a，则这个蛋白质分子的相对分子质量表达式是126a﹣2250D．该分子彻底水解将产生126种氨基酸【答案】B【分析】分析柱形图：蛋白质中游离羧基的总数或游离氨基的总数=肽链数目+R基中的羧基数或氨基数，该蛋白质中，游离羧基的总数和游离氨基的总数都是17，R基中的羧基数目是15，因此该蛋白质是由2条肽链组成的，且该蛋白质的R基中也含有15个氨基。该蛋白质由126个氨基酸组成，含有2条肽链，则脱水缩合时能形成124个肽键和水分子。【详解】A、结合分析可知，该蛋白质由126个氨基酸组成，含有2条肽链，R基中含有15个氨基，A错误；B、该蛋白质由126个氨基酸组成，含有2条肽链，则脱水缩合时能形成124个水分子，含有124个肽键，故该化合物水解时，一共需要124个水分子，B正确；C、126个氨基酸形成该蛋白质分子脱去了124个水，假定一个每个氨基酸平均相对分子质量为a，则这个蛋白质分子的相对分子质量表达式是126a﹣18×124=126a﹣2232，C错误；D、氨基酸最多含有21种，因此该分子彻底水解最多会产生21种氨基酸，D错误。故选B。20．如图是有关蛋白质分子的简要概念图，下列对图的分析正确的是（）A．A中肯定含有S元素B．蛋白质功能的多样性决定了蛋白质结构的多样性C．环状多肽中B的数目一般等于C的数目D．①过程的发生需要消耗水【答案】C【分析】分析题图可知：A为C、H、O、N，B为氨基酸，C为肽键，①代表脱水缩合。【详解】A、B为氨基酸，A中肯定含有C、H、O、N，可能含有S元素，A错误；B、蛋白质结构的多样性决定了蛋白质功能的多样性，B错误；C、若该多肽为环状，则多肽中B氨基酸的数目=C肽键的数目，C正确；D、①代表氨基酸脱水缩合过程，会产生水，D错误。故选C。21．鄱阳湖是我国最大的淡水湖，也是世界上最大的白鹤和天鹅的越冬地。每年冬季，占全球总数98%的白鹤以及几十万只天鹅会来此越冬。下列有关说法不正确的是（）A．鄱阳湖中的所有天鹅构成一个种群B．鄱阳湖中的所有候鸟构成一个群落C．整个鄱阳湖构成一个生态系统D．鄱阳湖中的芦苇没有系统这一结构层次【答案】B【分析】1.种群：在一定时间内占据一定空间的同种生物的所有个体，生物种群的特征包括种群密度、年龄结构、性别比例、出生率、死亡率等。稳定型种群，种群数量在近期内是处于动态平衡的或者说在近期内相对稳定。2.群落：在一定生活环境中的所有生物种群的总和叫做生物群落，简称群落。森林中植物的垂直分层现象是由光照决定的，动物的分层现象由食物和栖息场所决定。3.生命系统的结构层次：（1）生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈。（2）地球上最基本的生命系统是细胞。分子、原子、化合物不属于生命系统。（3）生命系统各层次之间层层相依，又各自有特定的组成、结构和功能。（4）生命系统包括生态系统，所以应包括其中的无机环境。【详解】A、鄱阳湖的所有天鹅属于某区域中的同种生物的所有个体，为一个种群，A正确；B、鄱阳湖的所有候鸟属于多个种群，B错误；C、整个鄱阳湖区包括了其中的所有生物和无机环境，因此，为一个生态系统，C正确；D、植物都没有系统这一层次，而芦苇属于植物，因此没有系统这一结构层次，D正确。故选B。22．某五十肽中有丙氨酸（R基为—CH3）4个，现脱掉其中的丙氨酸（相应位置如下图所示），得到4条多肽链和5个氨基酸（脱下的氨基酸均以游离态正常存在）。下列有关叙述错误的是（）A．该五十肽脱掉4个丙氨酸得到的几种有机物比原五十肽增加了8个氧原子B．若将得到的5个氨基酸缩合成五肽，则有5种不同的氨基酸序列C．若将新生成的4条多肽链重新连接成一条长链，则将脱去4分子水D．新生成的4条多肽链至少含有4个游离的羧基【答案】C【分析】分析题图可知，丙氨酸是肽链中21、27、35、49号氨基酸。脱掉其中的丙氨酸，得到4条多肽链和5个氨基酸，5个氨基酸中有4个是丙氨酸，一个是第50号氨基酸。【详解】A、据图分析可知，每脱掉1个丙氨酸需要破坏2个肽键，脱掉4个丙氨酸共破坏了8个肽键，有8分子水参与，故该50肽水解得到的几种有机物比原50肽增加了8个氧原子，A正确；B、得到的5个氨基酸，其中有4个是丙氨酸，故这5个氨基酸缩合成5肽，可有5种不同的氨基酸序列，B正确；C、这4条多肽链若重新连接成一条长链，需要形成3个肽键，脱去3分子水，C错误；D、每条肽链中至少有1个游离的氨基和1个游离的羧基，故新生成的4条多肽链至少含有4个游离的羧基，D正确。故选C。23．下图是由磷脂分子构成的脂质体，它可以作为药物的运载体，将其运送到特定的细胞发挥作用。下列有关脂质体的叙述错误的是（）A．脂质体到达细胞后只能通过与细胞膜发生融合进入细胞B．在脂质体中，能在水中结晶的药物和脂溶性的药物分别被包在图中的乙、甲处C．脂质体作为药物的运载体，要将药物运送到特定细胞发挥作用，最好与单抗等其他技术相结合D．适当地提高温度，可以加快脂质体膜的流动性【答案】A【分析】据图分析，脂质体由磷脂双分子组成，其中磷脂分子是一种由甘油、脂肪酸和磷酸等所组成的分子，磷酸“头”部是亲水的，脂肪酸“尾”部是疏水的。水中结晶的药物被包在双分子层中，脂溶性的药物被包在两层磷脂分子之间，将其运送到特定的细胞通过类似于胞吞的方式进入细胞，进而发挥作用。【详解】A、由于脂质体是磷脂双分子层构成的，到达细胞后可能会与细胞的细胞膜发生融合，也可能会被细胞以胞吞的方式摄入，从而使药物在细胞内发挥作用，A错误；B、由于磷脂分子中脂肪酸“尾”部是疏水的，磷酸“头”部是亲水的，磷脂双分子层内部是亲水性的，则水中结晶的药物被包在双分子层中，即乙处；磷脂双分子之间是疏水性的，则脂溶性的药物被包在两层磷脂分子之间，即甲处，B正确；C、脂质体作为药物的运载体，要将药物运送到特定细胞发挥作用，最好与单抗等其他技术相结合，可利用单抗的导向作用将其特异性带到作用部位，C正确；D、温度能影响细胞膜上磷脂分子和蛋白质分子的运动，所以适当地提高温度，可以加快脂质体膜的流动性，D正确。故选A。24．向盛有5%葡萄糖溶液的锥形瓶中加入适量酵母菌，在不同氧气浓度条件下测得相同时间内酵母菌产生的酒精和CO2的量如下图所示，据图分析不合理的是（）

A．氧浓度为a时，酵母菌细胞呼吸合成ATP的场所只有细胞质基质B．氧浓度为b时，在线粒体基质中产生的CO2比细胞质基质中多C．氧浓度为c时，酵母菌有氧呼吸消耗的葡萄糖量是无氧呼吸消耗的1/2D．氧浓度为d时，细胞呼吸产生的NADH在线粒体内膜上与氧气结合生成水【答案】B【分析】分析曲线图：两条坐标曲线中，一条是CO2的产生量，另一条是酒精的产生量；a点氧气浓度下，CO2的产生量等于酒精的产生量，说明酵母菌只进行无氧呼吸；b、c两点氧气浓度下CO2的产生量大于酒精的产生量，说明酵母菌存在有氧呼吸和无氧呼吸两种呼吸方式；d点氧气浓度下酒精的产生量为0，说明从该点氧气浓度开始只进行有氧呼吸。【详解】A、氧浓度为a时，酒精量和二氧化碳量一样多，酵母菌只进行无氧呼吸，酵母菌细胞呼吸合成ATP的场所只有细胞质基质，A正确；B、氧浓度为b时，酵母菌既可以进行有氧呼吸，也可以进行无氧呼吸，有氧呼吸产生CO2的产生是线粒体基质，无氧呼吸产生CO2的场所是细胞质基质，由图可知，b点时，酒精产生量为6.5，故无氧呼吸产生的二氧化碳量为6.5，因此有氧呼吸产生二氧化碳的量为12.5-6.5=6，说明在线粒体基质中产生的CO2比细胞质基质中少，B错误；C、当氧浓度为c时，酒精的产生量为6，说明无氧呼吸产生二氧化碳的量为6，则有氧呼吸产生二氧化碳的量为15-6=9，根据有氧呼吸和无氧呼吸的化学反应式可以计算，有氧呼吸和无氧呼吸消耗的葡萄糖分别为1.5、3，因此氧浓度为c时，酵母菌有氧呼吸消耗的葡萄糖量是无氧呼吸消耗的1/2，C正确；D、氧浓度为d时，酒精量为0，表面酵母菌只进行有氧呼吸，因此细胞呼吸产生的NADH都在第三阶段线粒体内膜上与氧气结合生成水，D正确。故选B。25．如图为植物光合作用强度随光照强度变化的坐标图，下列叙述中不正确的是（）A．a点叶肉细胞产生ATP的细胞器不只有线粒体B．b点植物光合作用强度与细胞呼吸强度相等C．当植物缺镁时，b点将向右移D．已知某植物光合作用和细胞呼吸最适温度分别为25℃和30℃，如图表示该植物处于25℃环境中，则将温度提高到30℃时，a点上移，b点右移，d点上移【答案】A【分析】图中a点只进行呼吸作用，b表示光合作用的补偿点，此时光合作用强度等于呼吸作用强度，c点表示光合作用的饱和点。解答本题关键是利用题中所给条件“光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和30℃”，因此由25℃升到30℃的条件下，植物的光合作用强度和呼吸作用强度均改变，再由此判断三点移动方向。【详解】A、a点光照强度为0，植物只进行细胞呼吸，叶肉细胞产生ATP的细胞器只有线粒体，A错误；B、b点植物氧气释放量为0，即光合作用释放的氧气刚好被细胞呼吸利用，即植物光合作用强度与细胞呼吸强度相等，B正确；C、缺镁叶绿素合成下降，利用光能能力下降，植物需要较强光照才能达到与细胞呼吸速率相等的光合强度，故b点右移，C正确；D、已知某植物光合作用和细胞呼吸最适温度分别为25℃和30℃，植物处于25℃环境中，若将温度提高到30℃时，光合强度下降，呼吸强度上升，a点表示呼吸强度，故a点应上移，b点表示净光合速率为0，即需要较强光照才能达到与呼吸速率相等的光合速率，b点右移，d点表示最大光合速率，由于呼吸速率上升，故d点应上移，D正确。故选A。二、非选择题(本大题共4小题，共50分)26．（12分）回答下列问题（1）高等植物光合作用中捕获光能的物质分布在叶绿体的_______上，该物质主要捕获可见光中_______。（2）植物的叶面积与产量关系密切，叶面积系数（单位土地面积上的叶面积总和）与植物群体光合速率、呼吸速率及干物质积累速率之间的关系如图所示。由图可知：当叶面积系数小于a时，随叶面积系数增加，群体光合速率和干物质积累速率均_______。当叶面积系数超过b时，群体干物质积累速率降低，其原因是__________________________。（3）为了研究某种树木树冠上下层叶片光合作用的特性，某同学选取来自树冠不同层的A、B两种叶片，分别测定其净光合速率，结果如图所示。据图回答问题：①从图可知，A叶片是树冠_________（填“上层”或“下层”）的叶片，判断依据是______________________。②光照强度达到一定数值时，A叶片的净光合速率开始下降，但测得放氧速率不变，则净光合速率降低的主要原因是光合作用的__________反应受到抑制。③若要比较A、B两种新鲜叶片中叶绿素的含量，在提取叶绿素的过程中，常用的有机溶剂是______________。【答案】（1）类囊体膜（1分）蓝紫光和红光(2分）（2）增加（1分）群体光合速率不变，但群体呼吸速率仍在增加，故群体干物质积累速率降低(3分）（3）下层（1分）A叶片的净光合速率达到最大时所需光照强度低于B叶片(2分）暗（1分）95%乙醇（无水乙醇）（1分）【分析】1、叶绿体中色素的分布、功能及特性：分布在基粒片层结构的薄膜（类襄体膜）上；功能是吸收光能、传递光能（四种色素）、转化光能（只有少数处于特殊状态的叶绿素a）。2、根据图中曲线可知：当叶面积系数小于a时，群体光合速率、干物质积累速率及呼吸速率均上升；当叶面积系数大于a，小于b时，群体光合速上升，干物质积累速率基本不变、呼吸速率上升；当叶面积系数大于b时，群体光合速率不变、呼吸速率上升，干物质积累速率下降。（1）高等植物光合作用中捕获光能的物质分布在叶绿体的类囊体的薄膜上，该物质主要捕获可见光中的蓝紫光和红光。（2）由图可知：当叶面积系数小于a时，随叶面积系数增加，群体光合速率和干物质积累速率均上升；当叶面积系数大于b时，由于群体光合速率不变，而群体呼吸速率仍在上升，导致群体净光合速率降低，干物质积累速率下降。（3）①据图分析，A叶片的净光合速率达到最大时所需光照强度低于B叶片，所以A叶片是树冠下层的叶片。②光合作用包括光反应和暗反应两个阶段，氧气产生于光反应阶段。光照强度达到一定数值时，A叶片的净光合速率开始下降，但测得放氧速率不变，说明光反应速率不变，则净光合速率降低的主要原因是光合作用的暗反应受到抑制。③绿叶中的叶绿素等光合色素能够溶解在有机溶剂无水乙醇中，可以用无水乙醇提取叶绿素。【点睛】本题考查了叶绿体色素提取和分离的原理，考查考生审题能力，获取信息的能力，识记和理解能力，难度适中。27．（15分）原核生物和真核生物在基因表达方面既有区别又有联系，图甲和图乙为两类不同生物细胞内基因表达的示意图。回答下列问题：（1）细胞核DNA分子通常在_____期进行复制，DNA分子复制的特点有____________。（答出两个）（2）图甲所示基因的转录和翻译同时发生在___________(填“同一空间内”或“不同空间”）。合成蛋白质的起点和终点分别是mRNA的_________________，该过程除了mRNA还需要的核酸分子有_____。（3）图乙中翻译过程的方向是_____（填“a→b”或“b→a”），最终3个核糖体上合成的肽链_____（填“相同”或“不同”），原因是________________________________________。（4）若图乙是某镰刀型细胞贫血症患者的异常血红蛋白基因表达的过程，则异常血红蛋白基因与镰刀型细胞贫血性状的控制关系是__________________________________。【答案】（1）细胞分裂间（有丝分裂的间和减数第一次分裂前的间）（1分）半保留复制、边解旋边复制(2分）（2）同一空间内（1分）起始密码子、终止密码子(2分）tRNA、rRNA(2分）（3）a→b(2分）（1分）相同（1分）翻译这些肽链的模板（mRNA）相同(2分）（4）异常血红蛋白基因通过控制合成异常的血红蛋白直接控制患者的镰刀型细胞贫血性状(2分）【分析】1、分析题图：图甲中转录和翻译同时进行，表示原核生物细胞内基因的表达；而图乙中先转录后翻译，且场所不同，表示真核生物细胞内基因的表达。2、基因的表达包括转录和翻译两个过程。转录是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，该过程主要在细胞核中进行；翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，该过程发生在核糖体上，需要以氨基酸为原料，还需要酶、能量和tRNA等。（1）分裂间期为物质准备期，细胞核DNA分子通常在细胞分裂间期进行复制；DNA分子复制的特点有半保留复制、边解旋边复制。（2）分析题图，图甲细胞没有核膜包被的细胞核，基因的转录和翻译同时发生在同一空间内。合成蛋白质即翻译的起点是mRNA的起始密码子，终点是mRNA的终止密码子，该过程（翻译）除了mRNA作为模板外，还需要的核酸分子有tRNA和rRNA，tRNA识别并转运氨基酸，rRNA是构成核糖体的成分，而核糖体是合成蛋白质的场所。（3）图乙中翻译过程的方向是肽链由短到长的方向，即a→b。由于翻译肽链的模板mRNA相同，因此最终3个核糖体上合成的肽链相同。（4）异常血红蛋白基因与镰刀型细胞贫血性状的控制关系是：异常血红蛋白基因通过控制合成异常的血红蛋白直接控制患者的镰刀型细胞贫血性状。【点睛】本题结合图示，考查遗传信息的转录和翻译过程等，掌握DNA复制的时期、特点，转录和翻译的过程、基因对性状的控制等是解答本题的关键。28．（10分）下面是某组织细胞部分结构及生理过程的示意图。请回答下列问题：（1）血液中的胆固醇常以低密度脂蛋白（LDL）的形式存在，细胞需要时LDL与其受体结合成复合体以______方式运输进入细胞。（2）溶酶体中的水解酶是经高尔基体加工的活性蛋白，据此推测溶酶体中水解酶的合成加工需要哪些细胞器的参与？__________________________________________________________（至少答三个）（3）图中过程①→④说明溶酶体具有__________________的功能，自噬体与溶酶体的融合过程体现了生物膜具有____________特点。（4）效应T细胞与靶细胞密切接触，激活靶细胞内溶酶体酶，导致靶细胞裂解死亡属于______（填“细胞凋亡”或“细胞坏死”）（5）癌细胞释放信号蛋白，使大量线粒体形成自噬体并与溶酶体融合而被降解。由此推测癌细胞从内环境吸收并用于细胞呼吸的葡萄糖比正常细胞更______。【答案】（1）胞吞（1分）（2）核糖体、内质网、高尔基体、线粒体(3分）（3）分解衰老、损伤的细胞器(2分）一定的流动性(2分）（4）细胞凋亡（1分）（5）多（1分）【分析】据图分析可知：自噬体是由两层膜吞噬损伤的线粒