2025年人教A新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版高二物理上册月考试卷458考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是：A.板间电场强度大小为mg/qB.板间电场强度大小为2mg/qC.质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D.质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间2、如图所示，一个理想变压器原、副线圈的匝数比n1n2=61

副线圈两端接三条支路，每条支路上都接有一只灯泡，电路中L

为电感线圈、C

为电容器、R

为定值电阻。当原线圈两端接有如图乙所示的交流电时，三只灯泡都能发光。如果加在原线圈两端的交流电的最大值保持不变，而将其频率变为原来的2

倍，则对于交流电的频率改变之后与改变前相比，下列说法中正确的是()

A.副线圈两端的电压有效值均为216V

B.副线圈两端的电压有效值均为122V

C.灯泡Ⅲ变亮D.灯泡Ⅰ变亮3、以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A.原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子B.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，但原子的能量增大C.比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定吸收能量D.在核电站中，要使链式反应的更激烈些，就将镉棒插入的更深些4、关于电动势，下列说法中正确的是（）A.一个电源的电动势的大小只由电源本身决定B.因电动势的单位和电势差相同，所以电动势实质上就是电势差C.一个电动势为1.5V的电池接入电路时，若有1C的电荷量通过电路，就有1.5J的化学能转变成电能D.电压表接到电源两极时，测得的就是电动势5、在如图所示的电路中，电源的内电阻r=1Ω，外电路电阻R=9Ω，闭合开关后，电流表的示数I=0.3A，电流表的内阻不计．电源的电动势E等于（）A.1VB.2VC.3VD.5V6、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M

点以相同的速度沿垂直于电场线的方向飞出ab

两个带电粒子，二者仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则()A.a

一定带正电，b

一定带负电B.a

的速度将减小，b

的速度将增大C.a

的加速度将减小，b

的加速度将增大D.两个粒子的动能一个增大、一个减小7、19

封闭在容器中一定质量的理想气体，当温度下降时，下列说法中正确的是(

容器的热胀冷缩忽略不计)()

A.气体的密度变小B.气体的密度变大C.气体的压强减小D.气体的压强增大8、很多物理量都采用了比值定义的方法，例如：电场强度的表达式称为定义式，下列表达式中，不属于比值定义法的是A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、一简谐波在图中x

轴上传播，实线和虚线分别是t1t2

时刻的波形图，已知t2鈭�t1=1.0s.

由图判断下列哪一个波速是可能的？(

)

A.1m/s

B.3m/s

C.5m/s

D.10m/s

10、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示。由图可知()

A.该交流电的电压瞬时值表达式为u=100sin(50娄脨t)V

B.该交流电的频率为50Hz

C.该交流电的电压的有效值为100

V

D.若将该交流电压加在阻值R=100娄赂

的电阻两端，则电阻消耗的功率为50W

11、用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(

如图)

设两极板正对面积为S

极板间的距离为d

静电计(

起电压表的作用)

指针偏角为娄脠

实验中，极板所带电荷量不变，若()

A.保持S

不变，增大d

则娄脠

变小B.保持d

不变，减小S

则娄脠

变大C.保持S

不变，增大d

则娄脠

变大D.保持d

不变，减小S

则娄脠

不变12、如图所示，固定的竖直光滑U

形金属导轨，间距为L

上端接有阻值为R

的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B

的匀强磁场中，质量为m

电阻为r

的导体棒与劲度系数为k

的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计.

初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为x1=mgk

此时导体棒具有竖直向上的初速度v0.

在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触.

则下列说法中正确的是(

)

A.初始时刻导体棒受到的安培力大小F=B2L2谓0R

B.初始时刻导体棒加速度的大小a=2g+B2L2v0m(R+r)

C.导体棒往复运动，最终将静止时弹簧处于原长状态D.导体棒开始运动到最终静止的过程中，电阻R

上产生的热量Q=(12mv02+2m2g2k)RR+r

13、如图所示，一端接有定值电阻的平行金属轨道固定在水平面内，通有恒定电流的长直绝缘导线垂直并紧靠轨道固定，导体棒与轨道垂直且接触良好，在向右匀速通过M

、N

两区的过程中，导体棒所受安培力分别用FM

、FN

表示.

不计轨道电阻.

以下叙述正确的是(

)

A.FM

向右B.FN

向左C.FM

逐渐增大D.FN

逐渐减小14、如图所示的匀强电场场强为103N/C

沿电场线方向ab=dc=4cm

垂直电场线方向bc=ad=3cm.

则下述计算结果正确的是()

A.ab

之间的电势差为40V

B.ac

之间的电势差为50V

C.将q=鈭�5隆脕10鈭�3C

的点电荷沿矩形路径abcd

移动一周，电场力做功是鈭�0.25J

D.将q=鈭�5隆脕10鈭�3C

的点电荷沿abc

或adc

从a

移动到c

电场力做功都是鈭�0.2J

15、如图中(a)

所示，在光滑水平面上用恒力F

拉质量1kg

的单匝均匀正方形铜线框，在1

位置以速度v0=3m/s

进入匀强磁场时开始计时t=0

此时线框中感应电动势为1V

在t=3s

时刻线框到达2

位置开始离开匀强磁场.

此过程中v鈭�t

图象如图(b)

所示，则下列正确：

A.线框右侧的边两端MN

间电压为0.25V

B.恒力F

的大小为0.5N

C.线框完全离开磁场的瞬间位置3

速度为2m/s

D.线框完全离开磁场的瞬间位置3

速度为1m/s

16、如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN

为两电荷连线的中垂线，abc

三点所在直线平行于两电荷的连线，且a

与c

关于MN

对称，b

点位于MN

上，d

点位于两电荷的连线上.

以下判断正确的是(

)

A.b

点场强大于d

点场强B.b

点场强小于d

点场强C.ab

两点间的电压等于bc

两点间的电压D.试探电荷+q

在a

点的电势能小于在c

点的电势能17、如图所示，质量m=0.5kg、长L=1m的通电金属导体棒在安培力作用下静止在倾角为的光滑绝缘框架上，磁场方向垂直于框架向下磁场范围足够大，右侧回路电源E=8V，内电阻r=1Ω，额定功率为8W、额定电压为4V的电动机正常工作，则（）A.回路总电流为4AB.电动机的额定电流为4AC.金属导体棒的电阻为2ΩD.磁感应强度的大小为1.5T评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、(2分)一质量为m、电量为q的带电粒子在磁感应强度为B的匀强磁场中做圆周运动，其效果相当于一环形电流，则此环形电流的电流强度I＝。19、如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，当开关闭合时，发现指针向右摆动，若要使指针向左摆动，滑片向____________(选左或右)迅速移动，线圈A竖直向上运动时，穿过线圈B的磁通量将____________(选填“变大”或“变小”)．在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.06Wb，经历的时间为0.2s，则每匝线圈中产生的感应电动势为____________V．20、在“测金属的电阻率”的实验中，分别用游标卡尺和螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的长度和横截面的直径如图所示.

则该圆柱体的长度为________mm

横截面的直径为________mm

．21、如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行．已知A、B、C三点的电势依次为A=6.0V，B=4.0V，C=-2.0V．D点的电势D=V.画出过A点的电场线22、如图所示，把长为的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为导体棒与磁场方向垂直，棒中通有电流则导体棒所受安培力的大小为.为增大导体棒所受的安培力，可采用的方法是____（只填一种方法）.23、小球的自由落体运动通过频闪照相（从0时刻开始）的照片损坏，开始落下的部分被撕去．在损坏的照片上选相邻的三点a、b、c（g=10m/s2）ab间距10mm，bc间距14mm，频闪照相每幅相片的时间间隔______s（忽略曝光时间）b点的速度为______m/s，a点以上还应有几幅相片？______幅．评卷人得分四、画图题(共2题，共20分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、综合题(共1题，共6分)26、如图；两条光滑金属导轨MN，PQ相互平行地固定在水平桌面上，导轨之间的间距L=0.2m，导轨处于磁感应强度B=2T；方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨左端接有一阻值R=0.4Ω的小灯泡．导体棒MN垂直放置在导轨上，当用一水平恒力F作用在导体MN上，使之以v=6m/s的速度匀速向右运动，小灯泡恰能正常发光（除灯泡外其余电阻不计），求：

（1）感应电动势的大小；

（2）水平恒力F的大小．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|C【分析】【解析】试题分析：AB、据题分析可知，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，得到B正确CD、由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等；C正确故选AC考点：带电粒子在复合场中的运动【解析】【答案】AC2、C【分析】【分析】根据乙图可以知道输入电压的峰值，从而知道副线圈两端电压的峰值和有效值，频率增大后对电阻无影响，线圈阻碍更大，而电容阻碍更小。本题考查了变压器的特点和自感线圈通低频阻高频，电容器通交流隔直流的特性。【解答】AB.

由乙图中输入电压的峰值为36V

有效值为362V=182V

所以副线圈两端电压为182V

故AB错误；

CD.

当交流电频率增大后，对电阻没影响，线圈阻碍更大，而电容阻碍更小，所以灯泡Ⅰ亮度不变，灯泡Ⅱ变暗，灯泡Ⅲ变亮，故C正确，D错误。故选C。【解析】C

3、B【分析】解：A；衰变反应发生在原子核内部；原子核由质子和中子组成，发生β衰变时一个中子变为质子并释放一个电子，故A错误；

B；根据玻尔理论；电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子要克服原子核的引力，电子的动能减小，由于吸收了光子的能量，原子的能量增大，B正确；

C；比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时会出现质量亏损；根据爱因斯坦质能方程得知，一定释放核能，故C错误；

D；用镉棒来吸收中子；以控制燃料铀在反应堆中发生裂变反应的速度，将镉棒插入得更深些，反应堆的核反应速度将降低。故D错误。

故选：B。

原子核发生β衰变的实质；根据玻尔理论分析；比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时；根据爱因斯坦质能方程判断是释放核能还是吸收能量。镉棒可以吸收中子，控制反应速度。

本题考查的知识点较多，例如对衰变、玻尔理论理论、爱因斯坦质能方程的理解能力。题目难度中等，要认真阅读课本知识，加强记忆。【解析】B4、A|C【分析】【解析】试题分析：A、电源的电动势由电源本身的性质决定的，是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量，A选项正确B、电势差和电动势的单位虽然相同，但它们表征的物理意义不同，电势差表征静电力做功将电势能转化为其它形式的能的本领大小的物理量，而电动势是表明非静电力做功电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量，故电动势与电势差实质上不同，B选项错误C、电源的电动势是反映电源内部其他形式能转化为电能的能力的物理量，电动势在数值上等于移送单位电荷量所做的功，C选项正确D、电压表测量的是电源的路端电压，电源的开路电压是电源的电动势，所以电压表接到电源两极时，测得的电压略小于电源的电动势，D选项错误故选考点：对电源电动势的理解【解析】【答案】AC5、C【分析】解：根据闭合电路欧姆定律得电源的电动势为：

E=I（R+r）=0.3×（9+1）V=3V

故选：C

电源的电动势E等于电路中内外电压之和；根据闭合电路欧姆定律求解电源的电动势E．

闭合电路欧姆定律反映了电路中电流与整个电路的电动势和总电阻的关系，是电路中最重要规律之一，要加强熟练，熟练运用．【解析】【答案】C6、C【分析】【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小。物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧。根据电场力做功来判断动能的变化。加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题。【解答】A.物体做曲线运动；所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；

BD.

物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90鈭�

所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误；

C.电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a

受力减小，加速度减小，b

受力增大；加速度增大，故C正确。

故选C。

【解析】C

7、C【分析】【分析】大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强；气体压强由气体分子的数密度和平均动能决定。本题考查了热力学第一定律；理想气体的状态方程。本题可以根据气体压强的微观意义解释；也可以根据理想气体状态方程列式解释，基础题。

【解答】气体质量不变；体积也不变，故密度一定不变；

当温度下降时，气体分子的无规则热运动动能减小，故气体压强减小。故选C。

【解析】C

8、A【分析】【详解】

A、根据电阻定律电阻可知导线的电阻值大小与导线的长度成正比；与导线的横截面积成反比，不属于比值定义法，故选项A正确；

B、密度是物质的一种特性物体的密度与物体的质量和体积无关，物体的密度的表达式属于比值定义法；故选项B错误；

C、电容是反映电容器容纳电荷本领大小的物理量，由电容器本身决定，与和无关，电容的表达式属于比值定义法；故选项C错误；

D、在电场中，某点电荷的电势能跟它所带的电荷量之比，叫做这点的电势，电势的表达式属于比值定义法，故选项D错误．二、多选题(共9题，共18分)9、ABC【分析】解：要由实线形成虚线；根据波形的平移法可知，波可能沿x

轴正方向传播，也可能沿x

轴负方向传播．

若波沿x

轴正方向传播，则有t2鈭�t1=(n+14)T

得T=4(t2鈭�t1)4n+1=44n+1s(n=0,1,2,)

由图读出波长娄脣=4m

则波速为v=娄脣T=(4n+1)m/s

若n=0v=1m/s

若n=1v=5m/s.

故AC正确．

若波沿x

轴负方向传播，则有t2鈭�t1=(n+34)T

得T=44n+3s(n=0,1,2,)

由图读出波长娄脣=4m

则波速为v=娄脣T=(4n+3)m/s

若n=0v=3m/s.

故B正确．

由于n

是整数；v

不可能等于10m/s.

故D错误．

故选ABC

简谐横波在x

轴上传播；由实线形成虚线，可能沿x

轴正方向传播，也可能沿x

轴负方向传播；根据波的周期性，可得出波向右传播和向左传播时波速的两个通项，即可求得波速的特殊值.

求出周期的通项，得到特殊值．

本题的解题方法是由一般通项式到特殊值.

也可以根据波速求出波传播的距离，由波传播的距离确定是否符合题意．【解析】ABC

10、AD【分析】略【解析】AD

11、BC【分析】【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大。根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，由电容的定义式C=QU

分析板间电势差的变化，再确定静电计指针的偏角变化情况。本题是电容器的动态分析问题，关键明确电键闭合时，电压等于电源的电动势；电键断开后，电容器的带电量不变。【解答】根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

得知，电容与极板间距离成反比，当保持S

不变，增大d

时，电容减小，由电容的定义式C=QU

分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角娄脠

变大，故C正确，A错误；根据电容的决定式C=?S4娄脨kd

得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d

不变，减小SS时，电容减小，电容器极板所带的电荷量QQ不变，则由电容的定义式C=QU分析可知，板间电势差增大，静电计指针的偏角娄脠娄脠变大，故D错误，B正确。

故选BC。

【解析】BC

12、BD【分析】【分析】由初动能Ek=12mv02

求出初速度，由E=BLvI=ERF=BIL

求出安培力的大小；导体棒最终静止时，弹簧的弹力与之重力平衡，可求出弹簧的压缩量，即导体棒下降的高度；从初始时刻到最终导体棒静止的过程中，导体棒的重力势能和动能减小转化为弹簧的弹性势能和内能，根据能量守恒定律求解电阻R

上产生的焦耳热Q

本题中安培力的经验公式F=B2L2vR

可以由感应电动势、欧姆定律、安培力三个公式结合推导出来，要加强记忆，有助于分析和计算。【解析】A.导体棒的初速度为v0

初始时刻产生的感应电动势为E

由法拉第电磁感应定律得：

E=BLv0

设初始时刻回路中产生的电流为I

由闭合电路的欧姆定律得：

I=ER+r

设初始时刻导体棒受到的安培力为F

由安培力公式得：F=BIL

联立上式得，F=B2L2v0R+r

故A错误；B.初始时刻；弹簧处于伸长状态，棒受到重力；向下的安培力和弹簧的弹力，所以：ma=mg+kx+F

得：a=2g+B2L2v0m(R+r)

故B正确；C.从初始时刻到最终导体棒静止的过程中，导体棒减少的机械能一部分转化为弹簧的弹性势能，另一部分通过克服安培力做功转化为电路中的电能；当导体棒静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，所以弹力的方向向上，此时导体棒的位置比初始时刻降低了，故C错误；D.导体棒直到最终静止时，棒受到重力和弹簧的弹力，受力平衡，则：mg=kx2

得：x2=mgk

由于x1=x2

所以弹簧的弹性势能不变，由能的转化和守恒定律得：mg(x1+x2)+Ek=Q脳脺

解得系统产生的总热量：Q脳脺=12mv02+2m2g2k

可知R

上产生的热量Q=RR+rQ脳脺=(12mv02+2m2g2k)RR+r

故D正确。故选BD。【解析】BD

13、BCD【分析】【分析】导体棒向右做切割磁感线运动，产生感应电动势，形成感应电流，受安培力，安培力与磁场方向垂直、与导体棒也垂直，根据楞次定律，阻碍相对运动，故都是水平向左。本题主要是根据楞次定律判断安培力的方向，从阻碍相对运动的角度可以快速判断，基础问题。【解答】AB.

导体棒向右做切割磁感线运动，形成感应电流，根据楞次定律，阻碍相对运动，故FM

与FN

都是水平向左，故A错误，B正确；CD.

导体棒匀速直线运动，通电导体周围磁场的分布是距离导体越近，磁场强度越大，再根据电磁感应定律可知，FM

逐渐增大，FN

逐渐减小，故CD正确。故选BCD。【解析】BCD

14、AD【分析】略。

【解析】AD

15、BC【分析】试题分析：图b

为速度鈭�

时间图象；斜率表示加速度，t=0

时，线框右侧边MN

的两端电压为外电压.

在t=1鈭�3s

内，线框做匀加速运动，没有感应电流，线框不受安培力，由牛顿第二定律可求出恒力F.

因为t=0

时刻和t=3s

时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同，故在位置3

时的速度与t=2s

时刻的速度相等．

A.t=0

时，线框右侧边MN

的两端电压为外电压，总的感应电动势为：E=Bav0

外电压U脥芒=

E=0.75V.

故A错误；

B.在t=1鈭�3s

内，线框做匀加速运动，没有感应电流，线框不受安培力，则有F=ma

由速度鈭�

时间图象的斜率表示加速度，求得a=

=

则得F=0.5N.

故B正确．

C.D

由b

图象看出；在t=3s

时刻线框到达2

位置开始离开匀强磁场时与线框进入时速度相同，则线框出磁场与进磁场运动情况完全相同，则知线框完全离开磁场的瞬间位置3

速度与t=2s

时刻的速度相等，即为2m/s.

故C正确，D错误．

故选BC．【解析】BC

16、BC【分析】解：AB

在两等量异种电荷的连线上，中点b

处电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中点b

处电场强度最大；所以b

点场强小于d

点场强；故A错误，B正确；

C、由对称性可知，ab

两点的电压即电势差等于bc

两点间的电压；故C正确；

D；因a

点的电势高于c

点的电势；故试探电荷+q

在a

点的电势能大于在c

点的电势能，故D错误．

故选：BC

．

据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab

及bc

两点间的电势差；由电势能的定义可知ac

两点电势能的大小．

该题考查常见电场的电场线分布及等势面的分布，要求我们能熟练掌握并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．【解析】BC

17、ACD【分析】解：AB、电动机的正常工作时，有：PM=UIM，代入数据解得：IM=2A

通过电源的电流为：I总==4A故A正确；B错误；

C、流过导体棒的电流I为：I=I总-IM=4A-2A=2A．导体棒两端的电压U=E-I总r=4V，由欧姆定律得：导体棒的电阻R==2Ω；故C正确；

D；导体棒静止在导轨上；由共点力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37°=0.5×10×0.6=3N

由安培力的公式：F=BIL；解得：B=1.5T．故D正确。

故选：ACD。

由P=UI求出电动机中的电流；由串并联电路的电压关系得到内电阻上的电压，由欧姆定律得到干路电流；进而得到磁场中导线的电流，由平衡条件得到安培力，由安培力公式得到B。

本题借助安培力与电路问题考查了平衡条件的应用，解答的关键是正确找出两个支路的电流之间的关系。是一道很好的综合题。【解析】ACD三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】试题分析：由于环形电流的周期T=所以环形电流的电流强度I＝考点：电流的定义，粒子的圆周运动。【解析】【答案】19、略

【分析】解：由电路图可知，滑动变阻器滑片迅速向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路电流减小，穿过线圈的磁通量减小，感应电流反向，电流表指针向左摆动；由电路图可知，线圈A竖直向上运动时，穿过线圈B的磁通量将变小；由法拉第电磁感应定律可知，每匝线圈产生的感应电动势E===0.3V；

故答案为：左，变小，0.3．【解析】左;变小;0.320、49.10，4.702【分析】由图11所示游标卡尺可知，其主尺示数为4.9cm=49mm4.9cm=49mm游标尺示数为2隆脕0.05mm=0.10mm2隆脕0.05mm=0.10mm游标卡尺示数为49mm+0.10mm=49.10mm49mm+0.10m