2024年中图版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年中图版选修3物理上册月考试卷448考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于电动势，下列说法不正确的是（）A.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B.电源两极间的电压就是电源电动势C.电源电动势的数值等于内、外电压之和D.电源电动势与外电路的组成无关2、如图所示的电路，当变阻器的滑片P向b移动过程中（）

A.灯L功率变大，电表V的示数都变小B.灯L功率变大，电表A的示数变小V的示数变大C.灯L功率变小，电表V示数都变大D.灯L功率变小，电表A的示数变小，V示数变大3、有一种在超市中常见的“强力吸盘挂钩”如图甲所示。图乙；图丙是其工作原理示意图。使用时；按住锁扣把吸盘紧压在墙上（如图乙），然后把锁扣扳下（如图丙），让锁扣以盘盖为依托把吸盘向外拉出，使吸盘牢牢地被固定在墙壁上，若吸盘内气体可视为理想气体，且温度始终保持不变。则此过程中（）

A.吸盘内气体要吸收热量B.吸盘内气体分子的密度增大C.吸盘被向外拉出过程中，吸盘内气体不对外界做功D.吸盘内气体压强增大4、用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）

A.B.C.D.5、如图所示，在同一水平面内有两根光滑平行金属导轨MN和PQ，在两导轨之间竖直放置通电螺线管，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别放在螺线管的左右两侧，保持开关闭合，最初两金属棒处于静止状态．当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，ab和cd两棒的运动情况是。

A.ab、cd都向左运动B.ab、cd都向右运动C.ab向左，cd向右D.ab向右，cd向左6、随着华为手机科技含量日益提高，现在华为手机已成为国际知名手机，最近华为更是推出了5G芯片，该5G芯片里有A、B两个完全相同的电阻，若A通以图甲所示的方波交变电流，B通以图乙所示的正弦交变电流，则通过这两个电阻的电流的有效值之比等于。

A.5:2B.C.D.7、下列说法中正确的是（）A.物体是由大量分子组成的B.无论是无机物质的分子，还是有机物质的大分子，其分子大小的数量级都是10﹣10mC.本节中所说的“分子”，只包含化学中的分子，不包括原子和离子D.分子的质量是很小的，其数量级为10﹣10kg8、在绝缘光滑的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正电荷QA、QB，两电荷的位置坐标如图甲所示．图乙是AB连线之间的电势φ与位置x之间的关系图象，图中x=L点为图线的最低点，若在x=2L的C点由静止释放一个质量为m、电量为+q的带电小球（可视为质点），下列有关说法正确的是（）

A.小球在x＝L处的速度最大B.小球一定可以到达x＝—2L点处C.小球将以x＝L点为作中心完全对称的往复运动D.固定在AB处的电荷的电量之比为QA∶QB＝8∶1评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、下列说法正确的是（）A.热机中燃气的内能不可能全部转化为机械能B.已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数，可求得该分子的体积C.一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能减小E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少E.一定量的理想气体，在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减少10、如图甲所示，左侧接有定值电阻R＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T，导轨间距L＝1m。一质量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.2，则从起点发生x＝1m位移的过程中(g＝10m/s2)()

A.金属棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金属棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整个系统产生的总热量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J11、如图所示，供电电源为u=10sin100πt(V)的交流电源，电压表的读数为U1，耐压值为U2的电容器C并未被击穿；则：

A.U1=10VB.U1=10VC.U2>10VD.U2>10V12、如图所示，线圈ABCD匝数n＝10，面积S＝0.4m2，边界MN(与线圈的AB边重合)右侧存在磁感应强度B＝T的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕AB边以ω＝10πrad/s的角速度匀速转动；则以下说法正确的是()

A.线圈产生的是正弦交流电B.线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80VC.线圈转动s时瞬时感应电动势为40VD.线圈产生的感应电动势的有效值为40V13、下列说法正确的是________.E.水的饱和汽压与温度有关A.固体可以分为晶体和非晶体两类，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状B.给篮球打气时，会越来越费力，这说明分子间存在斥力C.布朗运动表明了分子越小，分子运动越剧烈D.在太空里的空间站中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果14、如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为m1和m2的甲、乙两个点电荷．t=0静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v-t图像分别如图（b）中甲；乙两曲线所示．则由图线可知。

A.两电荷的电性一定相反B.t1时刻两电荷的电势能最大C.0～t2时间内，两电荷的静电力都是先减小后增大D.15、如图所示，在倾角为θ的固定光滑斜面上，有两个用轻质弹簧相连的物块A和B，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定的挡板，现将一个质量也为m的物体D从距A为L的位置由静止释放，D和A相碰后立即粘在一起，之后在斜面上做简谐运动．在简谐运动过程中，物体B对C的最小弹力为则以下说法正确的是。

A.简谐运动的振幅为B.简谐运动的振幅为C.B对C的最大弹力D.B对C的最大弹力评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、按照玻尔理论可知，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量_____________（选填“越大”或者“越小”），已知氢原子的基态能量为（<0），电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离后，电子速度大小为_________（普朗克常量为h）．17、用DIS研究一定质量气体在温度不变时；压强与体积关系的实验装置如图甲所示，实验步骤如下：

①把注射器活塞移至注射器中间位置；将注射器与压强传感器；数据采集器、计算机逐一连接。

②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值p。

③用图像处理实验数据；得出如图乙所示的图线。

(1)为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是___________。

(2)为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是___________和___________。18、一定量的理想气体从状态开始，经历三个过程回到原状态，其图像如图所示。则状态时气体的体积______状态时气体的体积，过程中外界对气体所做的功_______气体所放的热。若b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的平均次数分别为N1、N2，则N1_______N2。（填“大于”；“小于”或“等于”）

19、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)20、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共1题，共6分)24、（16分）制备纳米薄膜装置的工作电极可简化为真空中间距为的两平行极板，如图甲所示，加在极板A、B间的电压作周期性变化，其正向电压为反向电压为

电压变化的周期为2r；如图乙所示.在t=0时，极板B附近的一个电子，质量为m；电荷量为e，受电场作用由静止开始运动.若整个运动过程中，电子未碰到极板A，且不考虑重力作用.

（1）若电子在0—2r时间内不能到达极板求应满足的条件；

（2）若电子在时间内未碰到极板B，求此运动过程中电子速度随时间t变化的关系；

（3）若电子在第个周期内的位移为零，求k的值。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】试题分析：电动势越大的电源；将其他形式的能转化为电能的本领越大，选项A正确；当外电路断开时，电源两极间的电压大小等于电源电动势，选项B错误；电源电动势的数值等于内；外电压之和，选项C正确；电源电动势与外电路的组成无关，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B．

考点：电动势。

【名师点睛】此题考查学生对电动势的理解；要知道电源的电动势是由电源内部决定的物理量，反应将其他形式的能转变为电能的本领的大小．2、D【分析】当滑片向b移动时；电路中的总电阻增大，因此电流表示数减小，故灯泡的亮度减小，即灯泡的实际功率减小；因为串联电路分压作用，aP接入电路的阻值增大，因此aP电阻分得的电压增大，故电压表示数变大。

点晴：解决这类题目的大体思路是：先分析电路的连接方式，然后根据滑动变阻器电阻的变化分析电流变化情况，最后分析电压变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式。3、A【分析】【分析】

【详解】

AC．吸盘内气体体积增大，气体对外做功，W<0，由于气体温度不变，气体内能不变，∆U=0；由热力学第一定律。

∆U=W+Q可知。

Q=∆U−W>0吸盘内气体要吸收热量；A正确，C错误；

B．吸盘内气体分子数不变；而气体体积变大，则吸盘内气体分子的密度减小，B错误；

D．吸盘内气体温度不变而体积变大，由玻意耳定律PV=C可知；吸盘内气体压强减小，D错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

甲图均为并联部分的电压电流，所以测量值为电压表内阻与电阻的并联值，小于电阻值，即．乙图均为串联部分的电压电流，所以测量值为电流内阻与电阻的串联值，大于电阻值，即C对．5、D【分析】当变阻器滑片向右滑动时，电路的电流大小变小，线圈的磁场减弱；根据安培定则由电流方向可确定线圈的磁场方向垂直于导轨向下．由于线圈处于两棒中间，所以穿过两棒所围成的磁通量变小，由楞次定律：增反减同可得，线框abdc产生顺时针方向感应电流．最后根据左手定则可确定安培力的方向：ab棒处于垂直向上的磁场，且电流方向b→a；则安培力方向向右．cd棒处于垂直向上的磁场，且电流方向dc，则安培力方向向左，即两棒相互靠近，D正确．

【点睛】两棒将线圈围在中间，则穿过两棒所围成的面积的磁场方向是竖直向下．原因是线圈内部磁场方向向下，而外部磁场方向向上，且向下强于向上．6、D【分析】【详解】

甲图电流有效值为：解得：乙图为正弦交流电，所以有效值：所以D正确，ABC错；7、A【分析】【详解】

A项：根据分子动理论的内容可知；物体是由大量分子组成的，故A正确；

B项：除了一些有机物质的大分子，多数分子大小的数量级为10﹣10m；故B错误；

C项：本节中所说的“分子”；包含化学中的分子，也包括原子和离子，故C错误；

D项：分子的质量很小，一般情况的数量级是10﹣26kg；故D错误；

故选：A。8、A【分析】【详解】

据φ-x图象切线的斜率等于场强E，则知x=L处场强为零，根据点电荷场强则有：解得QA：QB=4：1；故A错误．根据动能定理得：qU=0，得U=0，所以小球能运动到电势与出发点相同的位置，由图知向左最远能到达x=-L点处，然后小球向右运动，小球将以x=0.5L点为中心作往复运动，故BC错误．因x=L处场强为零，所以小球在C处受到的场强向左，向左加速运动，到x=L处加速度为0，从x=L再向左运动时，电场力向右，做减速运动，所以小球在x=L处的速度最大，故D正确．故选D．

【点睛】

解决本题首先要理解φ-x图象切线的意义，知道电场力做功和路径无关，只和初末两点的电势差有关，掌握电场力做功的公式W=qU和电荷场强公式，灵活运用电场的叠加原理．二、多选题(共7题，共14分)9、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．热力学第二定律的一种表述为：不可能从单一热源吸取热量；使之完全变为有用功而不产生其他影响，即无论采用任何设备和手段进行能量转化，总是遵循“机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能”，故A正确；

B．已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数；可以求出气体分子占据的平均空间，不能求出该分子的体积，故B错误；

C．一定量100的水变成100的水蒸气其内能增加；但分子平均动能不变，其分子之间的势能增大，故C错误；

D．多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的；所以多晶体具有各向同性现象，故D正确；

E．根据压强的微观意义可知；当气体的压强不变时，单位时间内作用在单位面积上的力不变；温度升高时，分子对器壁的平均撞击力增大，所以在压强不变时，分子每秒对单位面积器壁的平均碰撞次数随着温度升高而减小，故E正确。

故选ADE。10、A:C【分析】【分析】

由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式得到FA与x的关系式，可知FA与x是线性关系，即可求出发生s=1m位移的过程中安培力做功WA=-x；再根据动能定理求解拉力做功；根据能量守恒求解整个系统产生的总热量Q．

【详解】

由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，则知FA与x是线性关系。当x=0时，安培力FA1=0；当x=1m时，安培力FA2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为：WA=-x=-0.25J；即金属棒克服安培力做的功为：W1=0.25J，故A正确。金属棒克服摩擦力做的功为：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B错误；克服安培力做功等于产生的电热，克服摩擦力做功等于产生的摩擦热，则整个系统产生的总热量Q＝WA+W2=4.25J，选项C正确；根据动能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功为：WF=8.25J。故D错误。故选AC。

【点睛】

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．11、B:D【分析】【详解】

交流电源的电压有效值是10V，而电压表测量的是交流电的有效值，则电压表的示数为U1=10V，A错误，B正确；正弦式交流电的最大值是10V，所以电容器要能正常工作，其耐压值必须不低于10V，即U2＞10V，C错误，D正确．12、B:D【分析】【详解】

A．线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流；故A错误；

B．电动势最大值

故B正确；

C．线圈转动s、转过角度瞬时感应电动势为

故C错误；

D．在一个周期时间内，只有半个周期产生感应电动势，根据有效值的定义有

可得电动势有效值

故D正确。

故选BD。13、A:D:E【分析】【详解】

A；固体可以分为晶体和非晶体两类；晶体又分为单晶体和多晶体，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状，故A正确；

B；给篮球打气时会越来越费劲；说明球内部气体的压强越来越大，与分子斥力无关，故B错误；

C；布朗运动是小颗粒的运动；不是分子的运动，在布朗运动中，固体小颗粒越小，受到分子碰撞的不平衡性越明显，布朗运动越剧烈，故C错误；

D；在太空里的空间站中；水滴完全失重，自由飘浮的的水滴星球形，这是表面张力作用的结果，故D正确；

E；水的饱和汽压与温度有关；温度越高，饱和汽压越大，故E正确。

故选ADE。14、B:D【分析】【详解】

A．由图像0～t1段看出；甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，A错误；

B．t1时刻两电荷速度相等，相距最近，所以，0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大；距离减小时电场力做负功，系统的电势能增大，距离增大时电场力做正功，系统的电势能减小，所以两个电荷距离最近时，电势能最大，即t1时刻两电荷的电势能最大；B正确；

C．0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，根据库仑定律，两电荷之间的静电力增大；在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力减小，所以，0～t2时间内；两电荷的静电力都是先增大后减小，C错误；

D．两球相互作用时，受到的合外力为零，故动量守恒，设向左为正方向，t1时刻两球速度相等，为v=2m/s，由系统动量守恒得

解得

D正确。

故选BD。15、A:D【分析】【详解】

当弹力等于AD的重力的分力时AD处于平衡状态，由kx=2mgsinθ可知，平衡位置时弹簧的形变量为处压缩状态；当B对C弹力最小时，对B分析，则有mgsinθ+kx=mgsinθ；故弹簧此时形变量：此时弹簧处于压缩状态；故简谐运动的振幅为：故A正确，B错误；当AD运动到最低点时，B对C的弹力最大；由对称性可知，此时弹簧的形变量为：此时弹力为：B对C的弹力为故C错误，D正确；三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

频率为ν的光子的能量

氢原子中的电子离原子核越远；则能级越高，氢原子能量越大．

基态中的电子吸收一频率为γ的光子后，原子的能量增大为：

电子发生电离时其电势能为0，动能为：

因此有：

所以有：

则：．【解析】越大17、略

【分析】【详解】

(1)[1]为了保证气体的质量不变；要用润滑油涂活塞保证封闭效果。

(2)[2][3]气体的体积变化，外界对气体做正功或负功，要让气体与外界进行足够的热交换，一要时间长，也就是抽动活塞缓慢，二要活塞导热性能好。【解析】①.用润滑油涂活塞②.慢慢地抽动活塞③.活塞导热性能好18、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知，过程中即为等容变化，所以状态时气体的体积等于状态时气体的体积。

[2]由图可知，过程为等压降温，则气体内能减小，由可知，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可知；外界对气体所做的功小于气体所放的热。

[3]b和c两个状态中，温度相等，则分子平均动能相同，由图可知，则【解析】等于小于大于19、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正20、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.695四、作图题(共3题，共15分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试