2024年华东师大版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版高三物理上册阶段测试试卷134考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、（2015秋•九江校级期末）如图所示，静止的倾斜传送带上有一木块正在匀速下滑，当传送带突然顺时针转动后，下列说法正确的是（）A.木块所受摩擦力变大B.木块到底部所走位移变大C.木块到底部所用时间变长D.木块到底部所用的时间不变2、如图所示，在水平面上有一个向右运动的物体，物体的质量为20kg，与水平面间的动摩擦因数为0.1，它在运动过程中还受到一个水平向左的大小为10N的拉力作用，则物体所受滑动摩擦力的大小为（）A.10N，水平向右B.10N，水平向左C.20N，水平向右D.20N，水平向左3、如图为皮带传动示意图，假设皮带没有打滑，R＞r；则下列说法中正确的是（）

A.大轮边缘的线速度大于小轮边缘的线速度B.大轮边缘的线速度等于小轮边缘的线速度C.大轮的角速度比小轮边缘的角速度大D.大轮边缘的向心加速度等于小轮边缘的向心加速度4、下列现象不可能发生的是（）A.物体所受到的合外力很大，但物体的动量变化很小B.物体所受到的冲量不为零，但物体的动量大小却不变C.物体只受到一个恒力的作用，但物体的动量却始终不变D.物体做曲线运动，但动量变化在相等的时间内却相同5、如图所示的交流电路中，理想变压器原线圈输入电压为U1

输入功率为P1

输出功率为P2

各交流电表均为理想电表.

当滑动变阻器R

的滑动头向下移动时(

)

A.灯L

变亮B.各个电表读数均变大C.因为U1

不变，所以P1

不变D.P1

变大，且始终有P1=P2

6、以10m/s的速度匀速行驶的汽车，刹车后做匀减速直线运动，加速度大小为3m/s2．则汽车刹车后第4s末的速度大小为（）A.2.5m/sB.2m/sC.0D.3m/s评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，电源电动势E=8V，内阻r=5Ω，电灯A的电阻为10Ω，电灯B的电阻为6Ω，滑动变阻器的总电阻为6Ω．闭合开关S，当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化），下列说法正确的是（）A.电流表的示数先减小后增大B.电压表的示数先增大后减小C.电灯A的亮度不断增大D.电源的最大输出功率为3.2W8、下列说法正确的是（）A.伽利略通过理想斜面实验，否定了力是维持物体运动的原因B.物体质量较小，但运动的速度较大时，惯性也可以很大C.国际单位制中力学的基本单位有：s（秒）、m（米）、N（牛）D.物体速度为零时，加速度不一定为零9、如图所示，光滑绝缘水平桌面上直立一个单匝矩形导线框，线框的边长LAB=0.3m，LAd=0.2m，总电阻为R=0.1m．在直角坐标系xoy中，有界匀强磁场区域的下边界与x轴重合，上边界满足曲线方程y=0.2sinx（m）=（m），磁感应强度大小B=0.2T，方向垂直底面向外．线框在沿x轴正方向的拉力F作用下，以速度v=10m/s水平向右做匀速直线运动，则下列判断正确的是（）A.线框中的电流先沿逆时针方向再沿顺时针方向B.线框中感应电动势的最大值为VC.线框中感应电流有效值为4AD.线框穿过磁场区域的过程中外力做功为0.048J10、如图所示，一个质量为m，电荷量为q的粒子，自A点垂直电场线方向进入有界的匀强电场，它从B点飞出时速度为vB，vB方向与电场强度方向的夹角为120°，已知AB沿电场线方向相距d，不计重力，则下列说法正确的是（）A.粒子带正电B.B两点间的电势差UAB=-C.粒子从A运动到B的时间t=dD.匀强电场的宽度为vBd11、如图所示，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接．右端接一个阻值为R的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中（）A.流过金属棒的最大电流为B.通过金属棒的电荷量为C.克服安培力所做的功为mghD.金属棒产生的焦耳热为12、温度能明显影响金属导体和半导体材料的导电性能，如图所示的图象中分别为某金属导体和某半导体的电阻随温度变化的关系曲线，则下列说法中正确的是（）A.图线1反映半导体材料的电阻随温度的变化B.图线1反映金属导体的电阻随温度的变化C.图线2反映金属导体的电阻随温度的变化D.图线2反映半导体材料的电阻随温度的变化13、如图甲所示；平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），两板间距离足够大，当两板间加上如图乙所示的电压后，在下图中反映电子速度v；位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律可能正确的是（）

A.B.C.D.14、一个物体从高为H处自由落下，经过最后65m所用的时间是1s，则物体下落所用的总时间T和高度H分别是（取g=10m/s2，空气阻力不计）（）A.T=7sB.T=8sC.H=245mD.H=320m评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、实验室有一卷铜导线；某同学想通过实验测定其实际长度．

（1）该同学首先用螺旋测微器测得导线直径如图a所示，则其大小为____mm；

（2）根据铜导线的长度；他估计其电阻大约有5Ω，随后他设计了一个实验，较为准确地测定了这卷铜导线的电阻，实验室有以下器材供选择：

A．电池组（6V；内阻约1Ω）

B．电流表（0～3A；内阻约0.01Ω）

C．电流表（0～0.6A；内阻约0.2Ω）

D．电压表（0～3V；内阻约4kΩ）

E．电压表（0～15V；内阻约15kΩ）

F．滑动变阻器（0～20Ω；允许最大电流1A）

G．滑动变阻器（0～2000Ω；允许最大电流0.3A）

H．保护电阻R0=3Ω

I．开关；导线若干。

①除了选项A、H和I外，电流表应选用____，电压表应选用____，滑动变阻器应选用____；（填写器材前的编号）

②为了使测量结果尽量准确，且从零开始多测几组数据，该同学设计了图b所示电路，其中保护电阻R0与铜导线串联；请用笔画线完成剩余部分的连接．

③通过上述实验，设测出的铜导线电阻为R，查询资料知道铜的电阻率为ρ，若用d表示铜导线的直径，请写出计算铜导线长度的表达式L=____．16、如图所示，O点是弹簧振子的平衡位置，振子从C点到O点的过程中，振子的位移____，回复力____，加速度____，速度____．（以上四空选填“增大“或“减小“）17、如图甲、乙和丙所示，三图中A物体重均为G，悬挂起来且均静止，接触面均光滑，B为弹簧秤，则甲图中弹簧秤示数为____，乙图中弹簧秤示数为____，丙图中弹簧秤示数为____．18、（2014春•兴庆区校级期末）如图所示，用弧光灯照射锌板，弧光灯发出的____使锌板产生光电效应．与锌极相连的验电器此时带____电，若增大弧光强度，在相同时间内锌板发出的____数在增加．19、（2009秋•闸北区期末）图为一电磁流量计，它主要由将流量转换为电压信号的传感器组成．传感器的结构如图所示，圆筒形测量管内壁绝缘，其上装有一对电极a和c，a、c间的距离等于测量管内径D，测量管的轴线与a、c的连接方向以及通电线圈产生的磁场方向三者相互垂直．当导电液体匀速流过测量管时，在电极a、c间出现感应电动势，并通过与电极连接的仪表显示出液体流量Q（单位时间内流过管道横截面的液体体积）．设磁场均匀恒定，磁感应强度为B．则a、c两点电势较高的点是____点，a、c间感应电动势E=____．20、【题文】家用冰箱的电压为________伏；用电器是将________能转化成其它形式能的装置，转化中能的总量________(选填“改变”或“不变”)。21、正负电子对撞后湮灭生成两个频率相同的光子．已知普朗克常数为h，电子质量为m，电磁波在真空中的速度为c，这种频率的光波长为____，北京正负电子对撞机的储存环是半径为R的圆形轨道，当环中的电子流强度为I时，电子的速率为v，已知电子的电荷量为e，则在整个环中运行的电子数目为____．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】在传送带突然转动前后，对木块进行受力分析得出摩擦力是否发生变化；木块的仍然向下运动，始末的位置不变，位移不变，时间不变．【解析】【解答】解：A；传送带突然转动前物块匀速下滑；对木块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力．

传送带突然顺时针转动后；对物块进行受力分析，物块受重力；支持力，由于传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑，故A错误；

B；木块的仍然向下运动；始末的位置不变，所以位移不变．故B错误；

C；木块的位移不变；速度不变，由x=vt可知，运动的时间也不变．故C错误，D正确．

故选：D2、D【分析】【分析】滑动摩擦力的大小可以根据f=μFN去求，方向与相对运动方向相反，从而即可求解．【解析】【解答】解：根据滑动摩擦力公式f=μFN=0.1×200N=20N；方向与相对运动方向相反，所以为水平向左．

故选：D．3、B【分析】【分析】线速度是单位时间内通过的弧长，比较线速度只要比较相同时间内通过的弧长；皮带没有打滑，则两轮子在相同的时间内通过的弧长相等，可知线速度大小相等；在线速度相等的情况下，要比较角速度，只需根据公式ω=就可知道；根据a=比较向心加速度大小．【解析】【解答】解：A；B、由于皮带没有打滑；则两轮子在相同的时间内通过的弧长相等，可知线速度大小相等，故A错误，B正确；

C、线速度相等，根据ω=可知；大轮的角速度小，故C错误；

D、线速度相等，根据a=；大轮边缘的向心加速度小，故D错误；

故选：B．4、C【分析】【分析】由动量定理可知，动量的变化等于合外力的冲量；在分析时要注意冲量及动量均为矢量，要注意方向性．【解析】【解答】解：A；由动量定理可知；合力很大，但如果作用时间很短，则冲量可以很小，则动量的变化较小；故A可以发生；

B；物体受到的冲量不为零；则动量一定发生变化，但可以只是方向的变化，大小可以不变；故B可以发生；

C；物体只受到一个恒力的作用；则恒力一定产生冲量，则动量一定会发生变化；故C不可以发生；

D；物体做曲线运动；若在相同时间内受到的冲量相等，则动量的变化可以相等；故D可以发生；

本题选不可以发生的；故选：C．5、D【分析】解：理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定；输入电压不变，所以输出电压也不会变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R

的滑动头向下移动时，滑动变阻器的电阻减小，总电路的电阻减小，所以总电路的电流会变大，消耗的功率将变大，R0

上的电压变大，所以灯L

的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L

变暗，由于总的电流变大，灯L

的电流变小，所以电流表的示数将变大，所以ABC错误，D正确．

故选D．

和闭合电路中的动态分析类似；可以根据滑动变阻器R

的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．

电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．【解析】D

6、C【分析】【分析】根据速度时间公式求出汽车刹车速度减为零所需的时间，分析4s末时汽车的运动状态，再选择规律求解速度．【解析】【解答】解：汽车刹车时间t=

因为4s＞3.33s

所以汽车4s末已处于静止状态；则：汽车刹车后第4s末的速度大小为0．

故选：C．二、多选题(共8题，共16分)7、AD【分析】【分析】分析当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中，变阻器总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压和总电流的变化，再据滑动变阻器的触头判断两灯的电流的变化．【解析】【解答】解：ABC、当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中，该电路的总电阻R外所以R外=，（R是和灯A串联部分滑动变阻器的阻值），由数学知识分析知，当R=1Ω时，该电路的总电阻最大为5.5Ω，所以滑动触头P由a端向b端滑动的过程中总电阻由先增再减小，根据闭合电路欧姆定律电路中电流先减少再增大即电流表的示数先减少后增大，路端电压先增大再减小；由于路端电压先增大后减少、滑动触头由a到b和总电流先减少再增大；所以灯B两端的电压先增大后减小，即电压表的示数先增大后减小，灯A的电流减少即灯A亮度变暗，故AB正确，C错误．

D、P=I2R外==，由数学知识分析知，当外电路电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，差别越小功率越大，而以上分析可知，外电路总电阻最大为5.5Ω，最小为=3Ω，则并联值可以为r=5Ω，则电源的最大输出功率为Pmax===3.2W；故D正确．

故选：ABD．8、AD【分析】【分析】伽利略通过理想斜面实验；否定了力是维持物体运动的原因，明确力是改变物体运动状态的原因；

质量是物体惯性大小的唯一量度；

国际单位制中力学的基本单位有：s（秒）；m（米）、kg（千克）；

物体的速度与加速度没有关系，速度为零时，加速度不一定为零．【解析】【解答】解：A；伽利略通过理想实验；说明了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因；故A正确；

B；物体的质量不变；则物体的惯性不变；惯性大小与速度无关；故B错误；

C；国际单位制中力学的基本单位有：s（秒）、m（米）、kg（千克）；故C错误；

D；物体的速度为零时；加速度可以不为零；如汽车起步的瞬间；故D正确；

故选：AD．9、AD【分析】【分析】线框的一边做切割磁感线运动，根据楞次定律判断感应电流的方向；线框产生正弦式感应电流，当切割长度最大时，感应电流最大，拉力最大，拉力功率最大．线框右边和左边分别切割磁感线，产生正弦式交变电流，可用切割感应电动势公式、安培力和功知识求解．【解析】【解答】解：

A；由图知；穿过线框的磁方向始终向里，线框进入磁场时磁通量增加，离开磁场时磁通量减小，根据楞次定律判断得知：线框中的电流先沿逆时针方向再沿顺时针方向．故A正确．

B、线框最大的有效切割长度等于Lm=LAD=0.2m，则感应电动势最大值为Em=BLmv=0.2×0.2×10V=0.4V．故B错误．

C、感应电流最大值为Im==4A，由于线框产生正弦式感应电流，则感应电流有效值为I=Im=2A．故C错误．

D；线框穿过磁场区域的过程中外力做功等于线框产生的总热量．整个过程拉力做功。

W=I2Rt；

又t==s=0.06s；

代入解得；W=0.048J．故D正确．

故选AD10、BD【分析】解：A；由电场方向及粒子受力方向可知；粒子带负电，A错误；

B、带电粒子竖直方向上做匀速直线运动，水平方向做匀加速直线运动，由B点的速度分解可得：vA=vBcos30°；

从A到B，由动能定理得：qUAB=mvB2-mvA2，联立得：UAB=-B正确；

C、粒子在水平方向有：x=d=at2，a=则得：x=解得：t=2t=dC错误；

D、粒子在竖直方向做匀速运动，则有：匀强电场的宽度为：y=vAt=vBcos30°t=vBdD正确。

故选：BD

带电粒子竖直方向上做匀速直线运动，水平方向做匀加速直线运动，根据B点的速度分解，可求得vA；再根据动能定理求解B；A间的电势差；

根据竖直方向匀加速运动；求出运动时间；

根据竖直方向匀速运动；再由运动学公式求解电场的宽度．

此题关键要掌握运动的合成与分解研究的方法，知道类平抛运动如何处理，并掌握运动学公式、牛顿第二定律、动能定理等规律，即可求解．【解析】【答案】BD11、BD【分析】【分析】金属棒在弯曲轨道下滑时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由E=BLv求出感应电动势，然后求出感应电流；由q=可以求出感应电荷量；克服安培力做功转化为焦耳热，由动能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，得到导体棒产生的焦耳热．【解析】【解答】解：A、金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，金属棒到达水平面时的速度v=

金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为E=BLv，最大的感应电流为I==；故A错误；

B、通过金属棒的电荷量q=△t=△t==；故B正确；

C、金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh-WB-μmgd=0-0，则克服安培力做功：WB=mgh-μmgd；故C错误；

D、克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：QR=Q=WB=（mgh-μmgd）；故D正确．

故选：BD．12、AC【分析】【分析】金属导体随着温度升高，电阻率变大，从而导致电阻增大，对于半导体材料，电阻随着温度升高而减小．【解析】【解答】解：金属导体随着温度升高；电阻率变大，从而导致电阻增大，对于半导体材料，电阻随着温度升高而减小，因此由图可知，图2表示金属导体的电阻随温度的变化，图1表示半导体材料的电阻随温度的变化．故AC正确，BD错误；

故选：AC13、AD【分析】【分析】分析电子一个周期内的运动情况：0～时间内，电子从静止开始向A板做匀加速直线运动，～时间内沿原方向做匀减速直线运动，～T时间内向B板做匀加速直线运动，～T时间内做匀减速直线运动．根据牛顿第二定律分析加速度．根据电子的运动情况分析判断．【解析】【解答】解：分析电子一个周期内的运动情况：0～时间内，电子从静止开始向A板做匀加速直线运动，～时间内沿原方向做匀减速直线运动，时刻速度为零．～T时间内时间内向B板做匀加速直线运动，～T时间内做匀减速直线运动．接着周而复始．

A；C、根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知；A图符合电子的运动情况．故A正确，C错误．

B；电子做匀变速直线运动时x-t图象应是抛物线；故B错误．

D；根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生；而匀变速运动的加速度不变，a-t图象应平行于横轴．故D正确．

故选：AD14、AC【分析】【分析】最后65m所用的时间是1s可以由匀变速规律表示，解得下落时间，由自由落体规律可得下落高度H．【解析】【解答】解：A；B、由最后65m所用的时间是1s可得：

65=gT2-g（T-1）2

得：

65=gT-g

65=10T-5

解得：

T=7s

故A正确；B错误；

C；D、下落高度为：

H=gT2=×10×72m=245m；

故C正确；D错误。

故选：AC．三、填空题(共7题，共14分)15、0.730CDF【分析】【分析】（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；

（2）合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材．电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法，根据电阻定律求解．【解析】【解答】解：（1）由图示螺旋测微器可知；其示数为：0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm；

（2）①电源电动势为6V；电压表选择D，0～3V，内阻约4kΩ；

电路最大电流约为：I===1A；电流表应选C，量程0.6A，内阻约0.2Ω，为方便实验操作，滑动变阻器应选F，0～20Ω．

②为了使测量结果尽量准确；且从零开始多测几组数据，则用分压式电路，因待测电阻约为5Ω，根据待测电阻阻值的平方与电压表及电流表的电阻乘积相比较，可知待测电阻阻值偏小，故用电流表外接法；

实物电路图如图所示：

③由电阻定律得：R=ρ=ρ；

解得：L=．

故答案为：（1）0.730；（2）①C；D；F；②如图所示；③．16、减小减小减小增大【分析】【分析】当某物体进行简谐运动时，物体所受的力跟位移成正比，并且总是指向平衡位置，即F=-kx；然后结合能量守恒定律和牛顿第二定律进行分析．【解析】【解答】解：振子做简谐运动；O点为弹簧振子的平衡位置，在O点弹性势能为零，动能最大；

在振子从C点运动到O点的过程中；离开平衡位置的位移越来越小，根据F=kx可知，弹力不断减小，故合力减小，加速度减小；由于弹簧的弹力的方向指向平衡位置，与振子运动的方向相同，所以弹力对振子做正功，振子的动能增加，速度增加，振子做加速度不断减小的加速运动；所以振子的位移；回复力、加速度和弹性势能减小，而速度和动能增大．

故答案为：减小，减小，减小，增大．17、0.6G0.6GG【分析】【分析】弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为研究对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解【解析】【解答】解：甲图：物体静止；弹簧的拉力为：

F1=Gsin3