2024年沪教新版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版高二物理下册月考试卷725考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于电流，下列说法中正确的是（）A.通过导线截面的电量越多，电流越大B.电子运动的速率越大，电流越大C.单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D.因为电流有方向，所以电流是矢量2、矩形金属线圈共50匝，绕垂直于磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的规律如图所示，下列说明正确的是A.在t=0.1s和t=0.3s时，感应电动势最大B.在t=0.2s和t=0.4s时，感应电动势最大C.该矩形线圈的角速度为5rad/sD.在t=0.4s时，线圈平面与磁场方向平行3、在波的传播方向上，距离一定的P

与Q

点之间只有一个波谷的四种情况，如图ABCD

所示.

已知这四列波在同一种介质中均向右传播，则质点P

能首先达到波谷的是(

)

A.B.C.D.4、下列几组全是矢量的是A.速度、路程、加速度B.路程、时间、位移C.位移、时间、速度D.加速度、速度变化量、速度5、两电阻RR2

的电流I

和电压U

的关系如下图所示，可知电阻大小之比R1R2

等于()A.3:1

B.31

C.1:3

D.13

6、如图所示；当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）

A.向右摆动。

B.向左摆动。

C.静止不动。

D.无法判定。

7、如图为远距离输电的示意图，若电厂输出电压U1=220sin100πV，下列表述正确的是（）A.U1＜U2，U3＞U4B.U1=220VVC.若U2提高为原来的100倍，输电线上损失的功率为原来的D.用户得到的交变电流频率为25Hz8、有关瞬时速度、平均速度、平均速率，以下说法正确的是()A.平均速度就是初、末速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量B.平均速度是物体在一段时间内的位移与所用时间的比值C.瞬时速度和平均速度都可以精确描述物体的运动D.平均速率就是平均速度的大小9、如图所示，水平面内有两根足够长的平行导轨L1L2

其间距d=0.5m

左端接有电容量C=2000娄脤F

的电容。质量m=20g

的导体棒可在导轨上无摩擦滑动，导体棒和导轨的电阻不计.

整个空间存在着垂直导轨所在平面的匀强磁场，磁感应强度B=2T.

现用一沿导轨方向向右的恒力F=0.22N

作用于导体棒，使导体棒从静止开始运动，经过一段时间t

速度达到v=5m/s.

则()A.此时电容器两端电压为10V

B.此时电容C

上的电量为1隆脕10鈭�2C

C.导体棒做匀加速运动，且加速度为20m/s2

D.时间t=0.4s

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的场强大小为______V/m，方向______．13、甲同学想在家里做用单摆测定重力加速度的实验；但没有合适的摆球，他找到了一块大小为3cm左右；

外形不规则的大理石块代替小球．他设计的实验步骤是：

A．将石块用细线系好；结点为M，将细线的上端固定于O点（如图1所示）

B．用刻度尺测量OM间细线的长度L作为摆长。

C．将石块拉开一个大约α=30°的角度；然后由静止释放。

D．从摆球摆到最高点时开始计时，测出50次全振动的总时间t，由T=得出周期．

（1）则该同学以上实验步骤中有错误的是______．

（2）若该同学用OM的长L作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值______

（偏大或偏小）

（3）如果该同学改正了错误，改变OM间细线的长度做了2次实验，记下每次相应的线长度L1、L2和。

周期T1、T2，则由上述四个量得到重力加速度g的表达式______；

（4）该同学用秒表记下了单摆全振动50次的时间，如图所示，由图2可读出时间为______s．

14、如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面娄脮3

上时具有动能60J

它运动到等势面娄脮1

上时，速度恰好为零，令娄脮2=0

那么，当该电荷的电势能为12J

时，其动能大小为______J.15、一个氡核86222Rn

衰变成钋核84218Po

并放出一个粒子，其半衰期为3.8

天.1g

氡经过7.6

天衰变掉氡的质量为______g

以及86222Rn

衰变成84218Po

的过程放出的粒子是______．16、ab是长为L的均匀带电绝缘细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，位置如图所示．ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处的场强大小为．则P1、P2处的电场强度方向__（填“相同”或“相反”）．若将绝缘细杆的左边l/2截掉并移走（右边l/2电量、位置不变）则P2处的场强大小为__．评卷人得分四、判断题(共4题，共12分)17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共2题，共14分)21、如图所示，A、B、C是匀强电场中平行于电场线的某一平面上的三个点，各点的电势分别为φA=20V，φB=4V，φC=8V，请你画出该电场的其中一个等势面和一条电场线．22、图甲(a)

所示为一测量硫化镉光敏电阻特性的实验电路。电源电压恒定，电流表内阻不计，开关闭合后，调节滑动变阻器滑片，使小灯泡发光亮度逐渐增强，测得流过电阻的电流和光强的关系曲线如图甲(b)

所示；试根据这一特性由图乙中给定的器材设计一个自动光控电路。

评卷人得分六、综合题(共4题，共12分)23、[

物理隆陋

选修3鈭�4]

(1)

如图所示，一简谐横波在某区域沿x

轴传播，实线a

为t=0

时刻的波形图线，虚线b

为t=鈻�t

时刻的波形图线。已知该简谐横波波源振动的频率为f=2.5Hz

虚线b

与x

轴交点P

的坐标为xP=1m

则下列说法正确的是_____________________________A.这列波的传播速度大小一定为20m/s

B.这列波一定沿x

轴正向传播C.可能有?t=1.25s

D.可能有?t=1.45s

E.若该列波遇到宽度为6m

的障碍物能发生明显的衍射现象(2)

如图所示，直角三角形ABC

是一玻璃砖的横截面，AB=L隆脧拢脙=拢鹿拢掳鈭�隆脧拢脕=拢露拢掳鈭�

一束单色光PD

从AB

边上的D

点射入玻璃砖，入射角为45?DB=L/4

折射光DE

恰好射到玻璃砖BC

边的中点E

已知光在真空中的传播速度为c

求：垄脵

玻璃砖的折射率；垄脷

该光束从AB

边上的D

点射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需的时间。24、【物理隆陋

选修3鈭�4

】(1)

一列简谐横波沿x

轴正方向传播，在x

=12m

处的质元的振动图线如图1

所示，在x

=18m

处的质元的振动图线如图2

所示。下列说法正确的是____(

填正确答案标号。)

A.该波的周期为12s

B.x

=12m

处的质元在平衡位置向上振动时，x

=18m

处的质元在波峰C.在0隆芦4s

内x

=12m

处和x

=18m

处的质元通过的路程均为6cm

D.该波的波长可能为8m

E.该波的传播速度可能为2m/s

(2)

如图所示，横截面(

纸面)

为螖ABC

的三棱镜置于空气中，顶角鈭�

A

=60鈭�

纸面内一细光束以入射角i

射入AB

面，直接到达AC

面并射出，光束在通过三棱镜时出射光与入射光的夹角为娄脮

(

偏向角)

改变入射角i

，当i

=

i

0

时，从AC

面射出的光束的折射角也为i

0

理论计算表明在此条件下偏向角有最小值娄脮

0=30鈭�

求三棱镜的折射率n

。25、(1)

如图，一定量的理想气体从状态a

变化到状态b

其过程如p鈭�V

图中从a

到b

的直线所示。在此过程中______。(

填正确答案标号)

A.气体温度一直降低B.气体内能一直增加C.气体一直对外做功D.气体一直从外界吸热E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功(2)

在两端封闭、粗细均匀的U

形细玻璃管内有一股水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气。当U

形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l1=18.0cm

和l2=12.0cm

左边气体的压强为12.0cmHg

现将U

形管缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。求U

形管平放时两边空气柱的长度。在整个过程中，气体温度不变。26、【物理选做】（1）(5分)下列说法正确的是____（选对一个得2分，选对两个得4分，选对三个得5分每错一个扣3分，最低得分0分）A．玻尔原子理论将量子概念引入原子领域；提出了定态和跃迁的概念，成功的解释了氢原子光谱实验规律。

B．原子核内部某个中子转变为质子和电子，产生的电子从原子核中发射出来，即β衰变C．铀核裂变的核反应可表示为D．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大E．质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是（2m1+2m2-m3）c2；c为光速。

（2）（10分）如图所示，质量为m=1kg的滑块，以5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量M=4kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑移1s后相对小车静止。重力加速度g取10m/s2，不计滑块的大小。求：①滑块与平板小车之间的动摩擦因数;

②欲使滑块不从平板车上滑落，平板车至少应多长?参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【解析】试题分析：电流是电荷定向移动而形成的，数值等于单位时间内通过的电荷量，所以通过导体的电流与电荷量和时间都有关系，A错；根据电流的微观表达I=nesv，电流大小与单位体积内电子的个数、导体的横截面、速率都有关系，B错；同理C对；虽然电流有方向但电流是标量考点：考查电流的概念和电流的微观表达【解析】【答案】C2、B|C|D【分析】在t=0.1s和t=0.3s时，磁通量的变化率为零，感应电动势为零，反之在t=0.2s和t=0.4s时，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，周期为0.4s，角速度BC对；在t=0.4s时，磁通量的变化率最大，线圈平面与磁场方向平行【解析】【答案】BCD3、B【分析】解：由图；四个波形的波长分别为：

娄脣1=s娄脣2=s娄脣3=23s娄脣4=2s

四个波的周期分别为：T1=娄脣1v=svT2=娄脣2v=svT3=娄脣3v=2s3vT4=娄脣4v=2sv

图示时刻P

点的振动方向分别为：

向上；向下，向上，向下。

P

点第一次出现波谷的时间分别是：

t1=34T1=3s4v

t2=14T2=s4v

t3=34T3=s2v

t4=14T4=s2v

可见；t2

最短．

故选：B

根据波形确定波长；求出周期，再研究M

点出现波谷的时间，再比较M

点出现波谷的先后．

本题要根据波形确定MN

间的距离与波长的关系和时间与周期的关系，是学习波动知识的基本功．【解析】B

4、D【分析】【分析】矢量既有大小，又有方向，时间、质量、速率和路程是标量，只有大小，没有方向，而加速度、位移、速度、速度变化量既有大小，又有方向均是矢量。本题考查矢量和标量的识别能力，根据有没有方向分析，对于常见的矢量，其方向特点要抓住。【解答】A.路程是标量，速度、加速度是矢量，不符合题意，故A错误；B.路程、时间是标量，位移是矢量，不符合题意，故B错误；C.时间是标量，位移、速度是矢量，不符合题意，故C错误；D.加速度、速度变化量、速度都是矢量，符合题意，故D正确。故选D。【解析】D

5、D【分析】【分析】根据图线的斜率表示电阻的倒数去进行求解。

本题考查了欧姆定律；解决本题的关键搞清I鈭�U

图线的斜率表示什么。【解答】因为该图线为I鈭�U

图线；则图线的斜率表示电阻的倒数，两根图线的斜率比为31

所以电阻比为13

故ABC错误；D正确。

故选D。

【解析】D

6、A【分析】

当磁铁向铜环运动时；铜环中的磁通量要增大，则由楞次定律可知，铜环为了阻碍磁通量的变化而会向后摆去，即向右摆动。

故选A．

【解析】【答案】分析线圈中磁通量的变化；则由楞次定律可得出铜环的运动情况．

7、A【分析】解：A、电厂发出的电，经过升压变压器进行升压，后经过降压变压器降压后输送给用用户，所以U1＜U2，U3＞U4；故A正确；

B、根据有效值与最大值的关系可知：U1=220V；故B错误；

C、若U2提高为原来的100倍，则电流为原来的根据P损=I2R可知，输电线上损失的功率为原来的故C错误；

D；输电过程中功率不变；所以用户得到的交流电的频率仍为50Hz，故D错误；

故选：A

电厂发出的电，经过升压变压器进行升压，后经过降压变压器降压后输送给用户，根据P=UI，得出输电电流与输送功率的关系，再根据P损=I2R得出损失的功率；输电过程中功率不变．

解决本题的关键掌握远距离输电是通过高压输电的，这样可以减少输电线的损失，知道损失功率与输电电流的关系，输电过程中功率不变．【解析】【答案】A8、B【分析】【分析】平均速度等于位移时所用时间的比值，瞬时速度是某一瞬间的速度；平均速率等于路程与所用时间的比值，由此得解。本题主要考查运动的基本概念，熟悉概念是解题的关键，较简单。【解答】AB

．平均速度是物体在一段时间内的位移与所用时间的比值，为矢量，故A错误，B正确；

C.瞬时速度可以精确描述物体的运动快慢，但平均速度仅能粗略描述运动的快慢，C错误；D.平均速率等于路程与所用时间的比值，为标量，D错误。故选B。【解析】B

9、B【分析】【分析】要求电容C

上的电量，关键要求其电压。导体棒运动t

时间，电容C

的电压等于导体棒产生的感应电动势，由E=Bdv

求出，即可求得电量；根据牛顿第二定律列式求导体棒的加速度，其中安培力F=Bidi=?q?t=?CBdv?t=CBd?v?t=CBda1i

与加速度a1

成正比，判断出导体棒的运动情况，由运动学公式求t

本题的难点是求棒的加速度，抓住电流与电容器电量变化量的关系i=?q?t

是关键。【解答】AB.AB.当棒速度为v=5m/sv=5m/s时，电容器两端的电压为U=BdvU=Bdv此时电容器的带电量q=CU=CBdvq=CU=CBdv代入数据解得，U=5VU=5Vq=1隆脕10q=1隆脕10鈭�2CC故A错误，B正确；

CD.CD.棒在FF1作用下，由牛顿第二定律有FF1鈭�Bid=ma-Bid=ma1,又瞬时感应电流i=?q?t=?CBdv?t=CBd?v?t=CBda1

由上两式得：a1=Fm+CB2d2=10m/s2

可见棒的加速度不变，说明棒做匀加速运动，则t=va1=510s=0.5s

故CD错误。故选B。【解析】B

二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共5题，共10分)12、略

【分析】解：根据电场线总是与等势面垂直；而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左．

两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度V/m；

故答案为：100；水平向左。

电场线总是与等势面垂直；而且由高电势指向低电势．根据匀强电场场强与电势差的关系U=Ed求出电场强度的大小．

本题考查电场线与等势面的关系、场强与电势差的关系．公式U=Ed中，d是沿电场线方向两点间的距离．【解析】100；水平向左13、略

【分析】解：

（1）则该同学以上实验步骤中有错误的是BCD；

B中；摆长应是从悬点到大理石块的质心的距离；

C中；摆球的摆角太大，将不能看作简谐运动，单摆周期公式失效，不能测定g；

D中；测量时间应从单摆摆到最低点开始，因为最低位置摆球速度最大，相同的视觉距离误差，引起的时间误差较小，则周期测量比较准确．

（2）根据单摆的周期公式T=2π得：g=．

该同学用OM的长L作为摆长；摆长偏小，根据上述表达式得知，g的测量值偏小．

（3）设摆线的结点到大理石质心的距离为r，则根据单摆的周期公式T=2π得：

T1=2π

T2=2π

联立解得，g=

（4）图2所示秒表分针示数是1.5min=90s；秒针示数是6.8s，秒表所示是90s+6.8s=96.8s；

故答案为：

（1）BCD；

（2）偏小；

（3）

（4）96.8

（1）摆长等于悬点到大理石块的质心的距离；单摆在摆角较小时（小于5°）可看成简谐运动；在最低点速度最大；从最高点开始计时误差最大；

（2）根据单摆的周期公式T=2π得到g的表达式，再分析误差的大小．

（3）根据单摆的周期公式T=2π列方程求解．

（4）秒表中间的表盘代表分钟；周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和，要注意观察指针所指的位置及分度值．

对于单摆实验，关键要掌握实验原理：单摆的周期公式T=2π准确理解L的含义和实验条件、操作方法．对秒表进行读数时，要先确定秒表的分度值，秒表示数是分针与秒针示数之和．【解析】BCD；偏小；96.814、略

【分析】解：由题；正电荷在等势面娄脮3

上时动能60J

在等势面娄脮1

上时动能为零，此过程电荷动能的减小60J

．

由于相邻等势面间的电势差相等；电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，动能减小量相等，则电荷经过娄脮2

等势面时的动能为30J

又娄脮2=0

所以电荷的动能与电势能的总量为30J

根据能量守恒定律得到，电势能为12J

时它的动能为18J

．

故答案为：18

相邻等势面间的电势差相等；电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，根据动能定理求出电荷经经过娄脮2

等势面时的动能，确定电荷的总能量，再由能量守恒定律求出电势能为12J

时它的动能．

本题要充分运用匀强电场的特点，确定出电荷的总能量是关键．【解析】18

15、略

【分析】解：7.6

天等于两个半衰期，则剩余质量为：m=m0(12)n=14m0=0.25g

则衰变掉氡的质量为0.75g

．

根据电荷数守恒；质量数守恒知；放出的粒子电荷数为2

质量数为4

为24He

．

故答案为：0.7524He

．

经过一个半衰期有半数发生衰变，结合m=m0(12)n

得出未衰变核的质量；从而得出衰变掉的核的质量.

根据电荷数守恒和质量数守恒得出释放的粒子种类．

解决本题的关键知道衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒，掌握衰变后剩余核的质量与衰变前质量的关系，并能灵活运用，基础题．【解析】0.7524He

16、略

【分析】将均匀带电细杆等分为很多段，每段可看作点电荷．设细杆带正电，根据场的叠加，这些点电荷在P1的左侧的电量比较右侧的电量少，所以P1处的合场强方向向左，在P2的合场强方向向右，即P1、P2处的电场强度方向相反。取a关于P1的对称点a′，由于则aa′=所以细杆左侧的上的电荷在点的电场互相抵消，右半边的电荷在P1处的电场强度为E1，由题意，当将绝缘细杆的左边截掉并移走后，根据电场的对称性可得，右半边的电荷在P2处的电场强度为E1。【解析】相反E1四、判断题(共4题，共12分)17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、作图题(共2题，共14分)21、略

【分析】

在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；在AB上找出与C点相同的电势，作出等势面，而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；

本题主要考查了等势点的找法，注意电场线和等势面间的垂直关系，属于一个基础题．但是能考查学生对匀强电场中等势面和电场线的理解；是一个好题．【解析】解：将AB等分成4段；在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，则靠B端的等分点的电势即为8V，即可做出一条等势面；而电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势；即可做出电场线，如图，画出的虚线为等势面，垂直于等势面的线就是电场线．

22、【分析】【分析】由光敏电阻的特性曲线可以看出，当入射光增强时，光敏电阻的阻值减小，流过光敏电阻的电流增大。

【解答】根据题意设计的自动光控电路如图所示，控制过程：当有光照射时，光电流经过放大器输出一个较大的电流，驱动电磁铁吸引衔铁使两个触点断开；当无光照射时，光电流减小，放大器输出电流减小，电磁铁释放衔铁，使两个触点闭合，控制电路接通，灯开始工作。【解析】六、综合题(共4题，共12分)23、(1)ACE

(2)

解：

(垄隆)

作出光路图，如图所示：

过E

点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知鈻�DEB

为等腰三角形，DE=DB=L4

由几何知识可知光在AB

边折射时折射角为r=30鈭�

所以玻璃砖的折射率为：n=sinisinr=2

(垄垄)

设临界角为娄脠

有sin娄脠=1n

可解得：娄脠=45鈭�

由光路图及几何知识可判断，光在BC

边上的入射角为60鈭�

大于临界角，则光在BC

边上发生全反射；

光在AC

边的入射角为30鈭�

小于临界角，所以光从AC

第一次射出玻璃砖；

根据几何知识可知：EF=L2

则光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为：t=DE+EFv

而v=cn

可解得：t=32L4c

。

【分析】(1)

【分析】由题知简谐横波沿x

轴方向传播，波的周期T=1f=0.4s

波长为8m

即可求出波速，根据质点的运动方向确定波的传播方向，分析简谐横波沿x

轴正方向和沿负方向传播时，波传播的可能路程，计算时间，障碍物的尺寸与波长差不多时能产生明显的衍射现象。本题考查了波长、频率和波速的关系；横波的图像。本题运用波形的平移法分析时间与周期的关系，得到时间，并根据时间与周期的关系，分析质点P

的状态。【解答】A.由图知，波长娄脣=8m

波的周期T=1f=0.4s

则波速v=娄脣T=20m/s

故A正确；B.质点的运动方向未知，无法确定这列波的传播方向，故B错误；C.xp=1m

若简谐横波沿x

轴正方向传播，当n=3

时，波传播的长度为：24m

则t=24m+1m20m/s=1.25s

故C正确；D.若简谐横波沿x

轴负方向传播，当n=4

时，波传播的长度为：32m

则t=32m鈭�1m20m/s=1.55s

故D错误；E.由上得到波长为8m

障碍物的尺寸约6m

波长大于障碍物的尺寸，则该波遇到此障碍物，能发生明显的衍射现象，故E正确。故选ACE。(2)

本题考查了光的折射和全反射，解决本题关键是作出光路图，再运用几何知识求解入射角折射角，要掌握几何光学常用的三个规律。垄脵

先据题意作出光路图；由几何知识求出光在AB

边折射时的折射角，即可求得折射率；

垄脷

设临界角为娄脠

由sin娄脠=1n

求出临界角娄脠

可判断出光在BC

边上发生了全反射，在AC

边第一次射出玻璃砖，由光路图及几何知识求出光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖通过的路程，由公式v=cn

求光在玻璃中的传播速度，即可求得时间。

【解析】(1)ACE

(2)

解：(垄隆)

作出光路图，如图所示：

过E

点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知鈻�DEB

为等腰三角形，DE=DB=L4

由几何知识可知光在AB

边折射时折射角为r=30鈭�

所以玻璃砖的折射率为：n=sinisinr=2

(垄垄)

设临界角为娄脠

有sin娄脠=1n

可解得：娄脠=45鈭�

由光路图及几何知识可判断，光在BC

边上的入射角为60鈭�

大于临界角，则光在BC

边上发生全反射；

光在AC

边的入射角为30鈭�

小于临界角，所以光从AC

第一次射出玻璃砖；

根据几何知识可知：EF=L2

则光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为：t=DE+EFv

而v=cn

可解得：t=32L4c

。

24、（1）ABD（2）解：设光束在AB面的折射角为α，由折射定律：①设光束在AC面的入射角为β，由折射定律：②由几何关系：α+β=60°③

④

联立解得：【分析】(1)

【分析】首先明确两种图象的意义，获取相关信息，如波长、周期和振幅；利用波速、波长和周期的关系求波速；利用质点的振动情况，判断波的传播方向。首先明确两个图象的区别和联系，据图求出波长、周期是解题的前提，灵活应用波的传播方向与质点的振动关系是解题的核心。【解答】A.由图可知；该波的周期为12s

故A正确；

B.由图可知；t=3s

时刻，x=12m

处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m

处的质元在波峰，故B正确；

C.据图2

知t=2s

时；在x=18m

处的质元的位移为零，正通过平衡位置向上运动，在t=4s

时刻，在x=18m

处的质元的位移大于2cm

所以在0隆芦4s

内x=18m

处的质元通过的路程小于6cm

故C错误；

D.由两图比较可知，x=12m

处比x=18m

处的质元早振动9s

即34T

所以两点之间的距离为：x=(n+34)娄脣(n=0,1,2,3)

所以：娄脣=4x4n+3=4隆脕64n+3m(n=1,2,3)

n=0

时，波长最大，为：4隆脕63m=8m

故D正确；E.波的速度：v=娄脣T=244n+312=24n+3m/s(n=0,1,2?)

n=0

时，最大速度：v=23m/s

故E错误。故选ABD。(2)

本题是几何光学问题；作出光路图是解答的基础，关键能灵活运用数学知识求出折射角，并能掌握折射定律。

画出光路图，根据折射定律对AB

面和AC

面分别列式，再结合几何关系求解即可。【解析】(1)ABD

(2)

解：设光束在AB

面的折射角为娄脕

由折射定律：n=sin(i0)sin(娄脕)垄脵

设光束在AC

面的入射角为娄脗

由折射定律：n=sin(i0)sin(娄脗)垄脷

由几何关系：娄脕+娄脗=60鈭�垄脹

娄脮0=(i0鈭�娄脕)+(i0鈭�娄脗)垄脺

联立解得：n=2

25、(1)BCD

(2)

设U

形管两端竖直朝上时，左、右两边气体的压强分别为p1

和p2