第2章 3大气压强（解析版）

宁波科学八上培优题库第2章3大气压强一、单选题（共24题；共48分）1.（2018八上·宁波期中）对下列与压强有关的事例，解释不正确的是(

)A.

用吸管喝饮料利用了大气压强

B.

高压锅是利用液体的沸点随气压增大而升高的原理制造的

C.

水坝下部比上部建造的宽是因为液体压强随着深度的增加而增大

D.

地铁进站时旅客不能越过安全黄线，依据的是流体中流速大的地方压强大【答案】D【解析】（1）浸在大气里面的物体都会受到大气压强的作用；

（2）根据液体沸点和气压的关系分析；

（3）根据液体压强的特点进行分析；

（4）根据流体压强和流速的关系进行分析即可。A.用吸管喝饮料利用了大气压强，故A正确不合题意；

B.高压锅是利用液体的沸点随气压增大而升高的原理制造的，故B正确不合题意；

C.水坝下部比上部建造的宽是因为液体压强随着深度的增加而增大，故C正确不合题意；

D.地铁进站时旅客不能越过安全黄线，依据的是流体中流速大的地方压强小，故D错误符合题意。

故选D。2.（2018八上·萧山期中）下列装置中，不是利用大气压强工作的是（

）A.

用注射器注射药液

B.

吸管吸饮料

C.

吸盘挂钩

D.

吸尘器【答案】A【解析】分析各个选项中的物理原理，其中与大气压强无关的就是正确选项。

A.用注射器注射药液时，药液依靠人施加在活塞上的压力进入人的体内，与大气压强无关，故A符合题意；

B.人用力吸出吸管里的空气，吸管里气体压强减小，饮料在大气压强的作用下被压进人的口中，故B不合题意；

C.挤压吸盘，吸盘里面气压减小，它在大气压强的作用下被压在竖直的墙壁上，故C不合题意；

D.当吸尘器里面的电机高速旋转时，里面空气流速大压强小，灰尘在大气压强的作用下被压进吸尘器，故D不合题意。

故选A。3.关于人的呼吸过程的下列说法中正确的是（

）A.

吸气使肺泡收缩，肺内气压减小

B.

吸气使肺泡扩张，肺内气压减小

C.

呼气使肺泡扩张，肺内气压增大

D.

呼气使肺泡扩张，肺内气压减小【答案】B【解析】知道一定质量的气体体积减小时、压强增大，体积增大时、压强减小．解：当我们吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强减小，肺内气压小于大气压，大气压将新鲜空气经鼻腔、气管压入肺中，故A错误，B正确；当我们呼气时，胸廓缩小，肺也随之回缩，胸内肺泡跟着收缩，于是肺的容积减小，肺内气压增大，肺内气压大于大气压，将气肺内气体呼出，故CD错误．故选B．4.（2020八下·秀洲月考）如图所示，等体积的甲、乙两集气瓶内充满空气，燃烧匙内分别盛有过量的红磷和硫粉，点燃使它们充分反应，冷却至室温，打开弹簧夹，出现的现象是（

）A.

甲瓶中有水流入，乙瓶没有水流入

B.

甲瓶没有水流入，乙瓶中有水流入

C.

甲、乙两瓶均有水流入

D.

甲、乙两瓶均无水流入【答案】C【解析】根据反应的产物判断两个集气瓶内的气压是否会变小，如果集气瓶内气压变小，那么在外界大气压强的作用下，烧杯内的水会倒吸进集气瓶，据此分析判断。

由于红磷燃烧生成了五氧化二磷固体，能使甲瓶内压强减小；硫燃烧消耗了氧气，却生成了二氧化硫，二氧化硫的体积占据了消耗的氧气的体积，乙瓶内的压强几乎无变化。但两瓶是连通的，最终压强相等，都比原来的气压小，所以打开弹簧夹后甲、乙两瓶中均有水流入。

故选C。5.有关压强知识的应用，下列说法错误的是（

）A.

载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强

B.

人用吸管吸食饮料是靠大气压把饮料“压”进了嘴里

C.

深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大

D.

飞机的机翼能获得升力，是应用了流体中流速越大的位置压强越大的原理【答案】D【解析】A．减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强．在受力面积一定时，减小压力来减小压强；B．生活中利用大气压的例子很多，钢笔吸墨水，吸管吸饮料，注射器吸药液，吸盘，抽水机等；C．液体的压强随着深度的增加而增大；D．伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大。平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。解：A、大型载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压强，保护路面，故A正确；B、用吸管从瓶子中吸饮料时，是利用大气压工作的．当吸气时，吸管中的气压减小，饮料在大气压的作用下进入嘴里，故B正确；C、因为液体的压强随着深度的增加而增大，所以深海潜水员必须穿抗压潜水服，是因为海水压强随深度的增加而增大，正确；D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D错。故答案为：D6.如图所示，把测量大气压强的托里拆利实验装置放在电子秤上，玻璃管A由支架固定，且跟水银槽B的底部不接触。当大气压强是1.0×105Pa时，电子秤的示数为Q，若外界大气压强下降时，电子秤的读数将（

）A.

大于Q

B.

等于Q

C.

小于Q

D.

无法确定【答案】A【解析】托盘电子秤读数等于水银槽及槽中的水银所受重力；大气压的变化时，会改变槽中的水银的多少，则所受的重力就会改变，据此答题。本题考查了电子称的读数问题，知道电子称测的是什么量是解题的关键。由图知：托盘电子称称的是水银槽和槽中的水银；而管中的水银处于大气压所产生向上的力和重力的平衡力；大气压强下降时，进入玻璃管的水银减少，使水银槽中的水银增多，水银槽中的水银因增加，使水银槽及槽中的水银所受的重力增加，故示数大于Q。故答案为：A7.（2019八上·海曙期末）如图是某人表演的空手“吸”易拉罐魔术。下列有关叙述合理的是（

）A.

该魔术表演成功的关键是尽可能挤出易拉罐和手之间的空气

B.

该魔术表演成功的关键是手对易拉罐的摩擦力要大于易拉罐重力

C.

易拉罐保持静止时，受到的重力和大气的压力是一对相互作用力

D.

易拉罐保持静止时，易拉罐的重力和易拉罐对手的压力是一对平衡力【答案】A【解析】（1）当易拉罐在空中保持静止状态时，根据二力平衡的知识分析表演成功的关键；

（2）相互作用力的特点：大小相等，方向相反，作用在两个物体上和同一直线上；平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上。当易拉罐在空中保持静止状态时，在竖直方向上，易拉罐受到竖直向下的重力和大气竖直向上的支持力是大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，二者是平衡力，故C、D错误；

而大气对易拉罐向上的压力来源于罐内外的压力差，因此罐内的空气越少，这个压力差越大，表演越容易成功，故A正确，而B错误。

故选A。

8.下列电器中，利用大气压强工作的是（）A.

吸尘器

B.

电视机

C.

洗衣机

D.

微波炉【答案】A【解析】大气压强是指大气所产生的压强，生活中与大气压有关的现象非常多，对各选项逐一进行分析得出结论．我们生活在大气中，有关大气压的现象、应用很多，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力．解：A、由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入；符合题意．B、电视机将电能转化为光能和声能，不符合题意；C、洗衣机是将电能转化为动能，不符合题意；D、微波炉是利用电磁波来加热食物的，不符合题意．故选A．9.（2017八上·海宁月考）如图所示，能够说明流体压强与流速关系的是(

) A B C DA.

马德堡半球实验

B.

中间合拢

C.

大坝上窄下宽

D.

吸盘运玻璃【答案】B【解析】（1）马德堡半球实验，说明了大气压的存在且大气压很大；

（2）改变两张纸中间的气流速度看到纸向中间合拢可以说明液体压强与流速的关系；

（3）液体的压强与液体的深度有关；

（4）当两侧气压不同时，大气压就能表现出强大的压力。A、马德堡半球实验，说明了大气压的存在且大气压很大，不能够说明流体压强与流速的关系，A错误；

B、向两张纸中间吹气，使两张纸中间气体流速加快，看到两张纸合拢，说明了中间气体流速快气压小，两侧气体流速慢气压大，所以纸向中间合拢，能够说明流体压强与流速关系，B正确；

C、大坝上窄下宽，主要是因为液体的压强深度越大压强越大，所以下面做的宽些能承受住下面巨大的压强，不能够说明流体压强与流速关系，C错误；

D、吸盘运玻璃，挤出吸盘内的气体，使吸盘内气压减小，大气压将玻璃紧压在吸盘上，利用了大气压，不能够说明流体压强与流速关系，D错误。

故选B10.如图所示，下列现象中不能说明大气压存在的是(

)A.

用抽气筒从b管向外抽气，瓶内气球会膨大起来

B.

用手指盖住上孔，水就停止流出，手指一松开，水又从下孔流出

C.

将带有玻璃管的空试管加热后，侧插入水中，水会进入试管

D.

往容器中注入水，水静止时，容器各部分中的水面保持相平【答案】D【解析】分析各个选项中现象包含的物理原理，哪个与大气压强无关，哪个就是正确选项。A.用抽气筒从b管向外抽气，瓶内的气压会减小。由于气球通过a管与大气连通，且大气压强大于瓶内气压，于是瓶内气球会膨大起来，故A不合题意；

B.用手指盖住上孔，大气会对瓶内的水产生向上的压强，于是水就停止流出。手指一松开，瓶内水面上方与大气相通，气压等于标准气压，那么下口处水的压强大于外面的大气压强，所以水又从下孔流出，故B不合题意；

C.将带有玻璃管的空试管加热后，侧插入水中。当试管内空气恢复室温时，试管内的气压小于大气压强，于是烧杯内的水会被压进试管，故C不合题意；

D.往容器中注入水，水静止时，容器各部分中的水面保持相平，原理就是液体压强和深度的关系，与大气压强无关，故D符合题意。

故选D。11.（2016八上·嘉兴期末）大气压在生活中无处不在，下列哪一现象主要是由于大气压作用而产生的（

）A.

利用压力锅容易把食物煮熟

B.

用胶头滴管吸取液体

C.

开水沸腾时水中会形成大量气泡

D.

用针筒注射药液时推动活塞【答案】B【解析】大气压的利用一般都是内外压强不同，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。A、用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，不是利用大气压来工作的，错误；B、用胶头滴管吸取液体，先把胶头内空气排尽，大气压就把液体压倒了滴管内，正确；C、水沸腾时，水的内部和外部同时发生剧烈的汽化现象，所以气泡中主要是水蒸气，错误；D、注射时，医生用力将针筒内的药水推入病人肌肉中，不是大气压的作用，错误。故答案为：B12.（2020·桐乡模拟）冬季从保温瓶里倒出一些开水，塞紧瓶塞时，常会看到瓶塞马上跳一下。这是因为倒出部分开水后(

)A.

使瓶内水发生汽化，瓶内气压增大

B.

使瓶内水蒸气液化，瓶内气压减小

C.

使瓶内水蒸气受热膨胀，瓶内气压增大

D.

外界进入的冷空气受热膨胀，瓶内气压增大【答案】D【解析】瓶塞蹦出来，肯定是瓶内气压大于外界气压形成的，根据气体压强和温度的关系分析即可。冬季从保温瓶里倒出一些开水，外界低温的冷空气就进入保温瓶。塞紧瓶塞后，里面的冷空气受热体积膨胀，从而使瓶内的气压增大。当瓶内气压大于外界气压时，瓶塞被推出，故D正确，而A、B、C错误。

故选D。13.（2019八上·天台期中）小明暑假乘飞机旅行。飞机起飞时,天下着蒙蒙细雨,一段时间后,突然发现窗外阳光明媚,白云尽在脚下。小明对此过程中出现的情作出了如下分析,其中正确的是(

)A.

飞机起飞时，飞机受到空气的浮力大于自身重力

B.

“下着蒙蒙细雨”描述的是当时的气候

C.

“窗外阳光明媚，白云尽在脚下”，说明飞机进入了大气层的中间层

D.

飞机上升过程中，小明感到耳朵有点疼，说明随着高度的升高，气压减小【答案】D【解析】飞机的机翼横截面一般前端圆钝、后端尖锐，上表面拱起、下表面较平。当等质量空气同时通过机翼上表面和下表面时，会在机翼上下方形成不同流速。空气通过机翼上表面时流速大，压强较小；通过下表面时流速较小，压强大，因而此时飞机会有一个向上的合力，即向上的升力，由于升力的存在，使得飞机可以离开地面，在空中飞行。飞机是利用流体压强与流速的关系获得升力的大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。

A、飞机是利用流体压强与流速的关系来获得升力的，不是利用浮力大于重力而加速上升的，A不符合题意。

B、“下着蒙蒙细雨”描述的是当时的天气，B不符合题意。

C、“窗外阳光明媚，白云尽在脚下”，说明飞机进入了云层的上方，但不是大气层的中间层，C不符合题意。

D、海拔越高、气压越低，那么在飞机起飞或降落时，在短时间内，飞机的高度发生巨大的变化，由于外界气压也随着高度的增加而降低，人体内气压大于外部气压，会向外压迫耳膜，所以耳朵会感到疼，D符合题意。

故答案为：D14.（2017八上·临海期末）下列现象与所应用科学知识的对应关系中，错误的是(

)A.

高原反应——大气压和海拔高度的关系

B.

飞机飞行时获得升力——流体压强和流速的关系

C.

水下潜水艇能够上浮——液体的压强和深度的关系

D.

利用高压锅容易将饭煮熟——沸点和气体压强的关系【答案】C【解析】（1）大气压随高度的增加而减小；（2）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；（3）潜水艇的原理：改变自身的重力实现上浮或下沉；（4）液体的沸点随液面上气压的增大而升高。解：A、高原反应——就是大气压和海拔高度的关系，不符合题意；

B、飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状．这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大，机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力，不符合题意；

C、水下潜水艇能够上浮——利用了物体的浮沉条件，减小自身的重力实现上浮的，符合题意；

D、高压锅内气压高，水的沸点高，容易把食物煮烂，不符合题意；

故选C。15.（2019八上·杭州期中）2018年5月14日，四川航空3U8633次航班在起飞一个多小时后，在9800米高空突然遭遇副驾驶舱挡风玻璃破裂，此时飞机时速800公里，在机组人员的共同努力下最终完成了一次惊险的紧急着陆，没有人员伤亡，堪称奇迹。下列有关说法正确的是（

）A.飞机升空是利用飞机受到空气的浮力

B.

机组人员遭遇的状况是低温、缺氧、气压骤升等

C.

破碎的玻璃将会飞向飞行员

D.

由于飞行速度快导致相对风速极大【答案】D【解析】（1）飞机机翼产生升力的原因为：流体压强和流速的关系；

（2）大气压强随高度的增加而减小；

（3）哪边气压小，玻璃就会飞向哪边；

（4）当两个物体做相对运动时，相当于一个物体不动，而另一个物体的速度是两个物体的速度之和。A.飞机的机翼呈上面曲线下面水平的形状，当空气从上下两个表面经过时，上表面气流速度大压强小，而下表面气流速度小而压强大，于是产生向上的压力差，这就是飞机升力产生的原因，故A错误；

B.在高空时，空气稀薄，气压很小，温度很低，故B错误；

C.由于飞机机舱内气压为标准气压，而舱外气压远远小于舱内，因此破碎的玻璃肯定会飞向舱外，故C错误；

D.飞机相对于空气的速度等于飞机的速度和风速之和，因此风速极大，故D正确。

故选D。16.

有关压强知识的应用，下列说法正确的是（）A.

飞机的机翼能获得升力，是应用了流体中流速越大的地方压强越大的原理

B.

人用吸管吸食饮料是靠液体压强把饮料“压”进了嘴里

C.

大型的载重汽车装有许多车轮是为了减小车对路面的压强

D.

潜水员在水中下潜时穿潜水服，是因为液体压强随液体深度的增加而减小【答案】C【解析】解：A、机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故A错误；B、用吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用大气压，故B错误；C、大型的载重汽车装有许多车轮是为了增大受力面积，减小车对路面的压强，故C正确；D、液体压强随深度的增加而增大，所以潜水员在水中下潜时要穿潜水服，故D错误．故选C．A、流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因；B、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里；C、在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；D、液体压强随深度的增加而增大，据此做出解答．17.由于长期的河道淤塞，黄河下游的河床已被抬高。沿河农民通常采用如图所示的方式，引黄河水来灌溉农田。有关这种引水灌溉方式，下列说法中错误的是（

）A.

这种取水灌溉方式在使用前必须先让管道中充满水

B.

使用时B端管口位置必须低于A处水面

C.

管道中水的流动需要借助水泵才能实现

D.

高度差H越大，管道中的水流得就越快【答案】C【解析】如图所示的方法实际是利用了物理学中的虹吸原理，虹吸原理实现的条件有三个：一是管内先装满水；二是管的最高点距上容器的水面高度不得高于大气压支持的水柱高度；三是出水口比上容器的水面必须低．这样使得出水口液面受到向下的压强（大气压加水的压强）大于向上的大气压，保证水的流出。先让管道中充满水，则A、B两处存在水位差，在水压作用下，水沿水管从A处流向B处；AB之间的高度差越大，B处压强越大、水压越大，管道内水流动的越快，其中水的流动不需要水泵，故ABD正确、C错。故答案为：C18.如图是某同学自制的盛水容器的示意图，容器口的橡皮塞中插有一根两端开口的玻璃管，橡皮塞与玻璃管之间、橡皮塞与容器口之间都是密闭的，玻璃管内的水面恰好与下端管口相平．打开阀门K，接一杯水后，关闭阀门，此时玻璃管的下端仍在水中，则接水后与接水前相比较，下列说法错误的是(

)A.

玻璃管外的水面下降

B.

玻璃管口的水面上升

C.

容器底内表面a点的压强不变

D.

容器内玻璃管外的气体压强变大【答案】B【解析】接水后与接水前相比较，玻璃管外水量减少，所以水面下降，选项A正确，不合题意；玻璃管内的水面恰好与下端管口相平，说明瓶内空气压强与玻璃管下口上方水的压强和等于大气压强，打开阀门K，由于阀门K里面压强大于外界大气压强，水会流出来，同时瓶内空气压强与玻璃管下口上方水的压强和减小，大气压将空气通过玻璃管压入容器内，始终保持瓶内空气压强与玻璃管下口上方水的压强和等于大气压强，关闭阀门后，玻璃管口的水面不会上升，选项B错误，符合题意；C、容器内玻璃管口处压强始终不变，且管口的下端仍在水中，故容器底内表面a点的压强不变，选项C正确，不合题意；由于玻璃管外的水面下降，玻璃管下口上方水的压强变小，又瓶内空气压强与玻璃管下口上方水的压强和等于大气压强不变，容器内玻璃管外的气体压强变大，选项D正确，不合题意；故选B。根据接水后与接水前相比较，玻璃管外水量减少分析水面下降还是上升；液体内部的压强只跟液体的密度和深度有关。19.（2020九下·宁波保送考试）如图所示，有一高为l的平口玻璃杯内装有深度为h的水，上面盖有卡片。现将玻璃杯翻转，水仍能留在玻璃杯内。已知大气压强为p0，水的密度为ρ，假设玻璃杯倒转后卡片稍微凸出，则水的深度变化量△h近似为（

）（已知一定质量的气体其体积和压强之积是一定值，即PV=k,k为定值）A.

ρgh（1-h）p0

B.

ρgh（【答案】A【解析】以卡片为研究对象，根据平衡条件分别求出状态变化前后封闭气体的压强，然后根据平衡列方程可分析压强关系，最后根据玻意耳定律列式求解分析。

将玻璃杯翻转前，里面的气体体积为V1=（l-h）S，由平衡条件得：p1=p0，

将玻璃杯翻转后，里面的气体体积为V2=（l-h+△h）S，由平衡条件得：p2=p0-p水=p0-ρgh，

对里面的气体根据玻意耳定律得：p1V1=p2V2，

即：p0（l-h）S=（p0-ρgh）•（l-h+△h）S，

所以，△ℎ=ρgℎ(l−ℎ)p020.（2018八上·浙江期中）在相同温度和相同体积的条件下，气体压强（P）与气体分子数目(n)成正比关系(p=kn)。若ag碳和bg氧气放入一密闭容器中，测得容器内的气体压强为p,然后，提供一定条件使容器内的物质发生充分反应，待温度复原时，测得容器内的气体压强仍然为P。则a与b的关系可能（

）A.

a=38b

B.

a＞38b【答案】A【解析】碳和氧气的反应可生成二氧化碳，也能生成一氧化碳，根据反应前后气压不变即分子数不变确定具体的反应类型，最后根据反应的化学方程式推导二者之间的数量关系即可。

反应后容器内气体压强仍为P，说明反应前后气体的分子总数不变。

碳与氧气可能发生的反应是：

（1）C+O2→点燃CO2

；

（2）2C+O2→点燃2CO；

分析发现，只有反应（1）符合实验要求；

C+O2→点燃CO2

12

32

a

b

12a=32b

解得：a=3b8；

21.在测量大气压强的实验中，为消除活塞与针筒间摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置。将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连。向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460g。烧杯质量为100g，活塞面积为7×10-5m2，g=10N/kg，轮轴间的摩擦和绳重不计。则所测大气压的值应为(

)A.

1.26×105Pa

B.

1.10×105Pa

C.

1.01×105Pa

D.

0.96×105Pa【答案】B【解析】当注射器中的活塞开始向右滑动时，G1=(0.88+0.1)kg×10N/kg=9.8N，对活塞受力分析f+F=G1=9.8N；当注射器中的活塞开始向左滑动时，G2=(0.46+0.1)kg×10N/kg=5.6N，对活塞受力分析F﹣f=G2=5.6N；两式联立解得：F=7.7N；∴；故选B。当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反。22.一根试管竖直放置，5cm长水银柱封住一部分气体，那么气体的压强为（

）A.

81cm水银柱

B.

71cm水银柱

C.

76cm水银柱

D.

86cm水银柱【答案】A【解析】1标准大气压=76cmHg，被封闭的气体的压强为大气压强与水银柱产生的压强之和．初始状态时管内的气体的压强为大气压强与水银柱产生的压强的和，即为：p1=p0+ph=76cmHg+5cmHg=81cmHg。故答案为：A23.如图是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动。用力F向下按压活塞，在水从a端匀速流出来(壶内水面始终高于b端)的过程中，壶内气体的温度保持不变。则下列说法中错误的是(

)A.

壶内气体的压强大小不变

B.

壶内气体的体积逐渐变小

C.

向下按压活塞的力F逐渐变大

D.

壶底内表面所受的压力大小不变【答案】A【解析】（1）当气体的质量和温度不变时，压强与体积成反比；

（2）根据活塞的运动方向判断气体体积的大小变化；

（3）首先判断瓶内气压的变化，然后根据公式F=pS计算按压活塞的力的变化；

（4）当水从出水口匀速流出时，金属口b处的压强应该是始终不变的，然后分析b点到容器底部液体压强的变化，从而的点容器底部压强的变化，最后根据F=pS判断容器底部压力的变化。根据图片可知，当活塞向下运动时，壶内气体的体积逐渐减小。根据气体压强和体积的关系可知，壶内气压的压强变大了，故A错误符合题意，B正确不合题意；

向下按压活塞时，气压不断变大，根据F=pS可知，按压活塞的力逐渐变大，故C正确不合题意；

当水从出水口匀速流出时，金属口b处的压强应该是始终不变的，而b点到容器底部水的深度不变，那么这段水柱产生的压强也不变。根据容器底部压强=b点压强+b点以下水柱压强可知，容器底部受到的压强保持不变。根据公式F=pS可知，壶底内表面所受的压力大小不变，故D正确不合题意。

故选A。24.（2018八上·秀洲期中）某同学自己设计了一个粗略测量大气压强的实验：把两个橡胶皮碗对在一起，用力挤出中间的空气，如图所示．把皮碗悬吊起来，在皮碗下挂重物，逐渐增加所挂的重物，测出最多能挂的物重G，再测出此时皮碗的直径d，皮碗自重忽略不计．则根据这些数据计算大气压P的公式是(

)A.

B.

C.

D.

【答案】C【解析】（1）当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于先物体的重力；

（2）已知压力和受力面积根据公式p=F当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于物体的重力，即F=G；

皮碗的受力面积为：S=πr2=π(d2)2二、填空题（共7题；共23分）25.（2019八上·余姚期末）常言道，人往高处走水往低处流。但绿色植物体内的水却能“逆流而上”，这是因为植物能进行________

作用。为研究植物细胞的吸水原理，小科设计了如图所示实验：在两个大小相似的萝卜中挖了一个大小相等的洞，向甲、乙萝卜的洞中分别注入等量的清水和浓盐水，各用一个装有玻璃管的橡皮塞塞住洞口，记下玻璃管内液面的高度；放置一段时间，玻璃管内液面高度的变化是________

。【答案】蒸腾；甲降低、乙升高【解析】蒸腾作用是植物的一种重要生理功能，它主要由叶片进行，气孔的张开、闭合控制着蒸腾作用，气孔的开闭又受环境的影响。蒸腾作用不仅对植物自身有重大意义；对调节气候、促进生物圈的水循环也有重大作用。植物根吸收的水分通过导管自下而上输送到叶片，其中99%通过蒸腾作用散失到大气中去，1%的水分参与了光合作用；

如图甲清水，萝卜细胞吸水，则洞里面的水减少，水位降低；图乙是浓盐水，萝卜细胞失水，，则洞里面的水增多，水位升高。

故答案为：蒸腾；甲降低、乙升高。

26.小明利用如图所示的装置测量本地大气压的大小，其中弹簧测力计和2mL注射器的自重可忽略不计，活塞与针筒之间气密性很好，但摩擦较大。他进行了如下实验。（1）拔去橡皮帽，将活塞推至底端，当绳端钩码加至2N时，针筒恰由静止开始向右移动，此时弹簧测力计示数为1.5N，则活塞与针筒间的摩擦力为________N，若绳端钩码增加为3N，则弹簧测力计的示数将________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（2）为减小活塞与针筒之间的摩擦，小明找来润滑油涂在活塞与针筒壁上，再次测量后发现摩擦减到很小。于是他重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔。当弹簧测力计示数为5.1N时，针筒开始向右移动，又测得针筒全部刻度的总长度为4cm，则本地大气压强的测量值为________Pa．小明发现将活塞推至底端时，注射器前端小孔内的气体无法排尽，这将使得大气压的测量值________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】（1）1.5；不变

（2）1.02×105；偏小【解析】（1）当针筒开始向右移动时，它处于平衡状态，它受到的弹簧测力计的拉力和摩擦力是平衡力，即f=F；摩擦力只与压力和接触面的粗糙程度有关，与钩码的重力无关；

（2）首先根据S=VL计算出活塞的横截面积，然后根据公式p=FS计算出大气压强的值。如果注射器内残存空气，那么大气压力F0=F内+F拉，即测出的弹簧测力计的示数肯定偏小，即测定的大气压强的值偏小。

（1）拔去橡皮帽，将活塞推至底端，当绳端钩码加至2N时，针筒恰由静止开始向右移动，此时弹簧测力计示数为1.5N，则活塞与针筒间的摩擦力为1.5N；若绳端钩码增加为3N，则弹簧测力计的示数将不变；

（2）注射器活塞的横截面积S=VL=27.（2018八上·杭州期中）读大气垂直分层图（局部），回答下列问题。（1）

________层主要的热源是地面辐射。（2）B层的冷热特点是________，以________运动为主。（3）A、B、C三层中，与人类关系最密切的是________层（填字母，下同），其中厚度最小的是________层，臭氧层主要存在于________层的下部。【答案】（1）对流

（2）上部热下部冷；水平

（3）A；A；B【解析】地球大气层从下到上分为对流层、平流层、中间层、暖层和外层。从地面到10~12千米以内的这一层是对流层。这是大气层最底下的一层，天气现象都在这一层。在对流层的上面,直到大约55千米高的这一层,叫做平流层。平流层里的空气比对流层稀薄得多,水汽和尘埃的含量非常少。从平流层以上到85千米这一层,称为中间层，这一层内温度随高度而降低。在80千米以上到500千米左右这一层的空间,叫做暖层和外层,这层内温度很高,昼夜变化很大。

由图可知A是对流层，B是平流层，C是中间层。(1)当太阳光照射到地面时，地面吸收热量温度升高而向外辐射热量，正因为对流层主要的热源是地面所以离地面越高温度越低。

(2)B层是平流层所以冷热特点是上部热下部冷

，不能形成对流所以大气的运动以水平运动为主。

(3)与人类关系最密切的是A是对流层；由图可知对流层还不到20千米而其它都大于20千米，所以厚度最小的是对流层；臭氧层主要存在于平流层。

故答案为：(1)对流

(2)上部热下部冷

水平

(3)AAB28.在海拔3000m以上的高原地区，汽车发动机的冷却水容易沸腾，是因为高原地区气压________一个标准大气压，水的沸点________100℃。【答案】小于；低于【解析】在海拔3000m以上的高原地区，汽车发动机的冷却水容易沸腾，是因为气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，高原地区气压小于一个标准大气压，水的沸点低于100℃。气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。29.（2017·浙江竞赛）学校课外兴趣小组想制作一个能产生持续喷泉的实验装置，他们设计的实验装置示意图如图所示，要在瓶内产生高度恒为h的喷泉，那么甲乙两个容器水面的高度差H与喷泉高度h的关系必须满足________，瓶内液面上的压强p必须________。【答案】H＞h；p=ρgh或p＞ρgh【解析】根据题目意思水从甲烧杯进入圆底烧瓶，再由圆底烧瓶进入乙烧杯，要产生持续的喷泉必须使甲中液面的压强大于烧瓶中的压强，烧瓶中的压强大于乙烧杯中的压强。第一空：按题意可列出两个式子：P0>P′+ρg(ℎ+s)第二空：由于喷泉喷出液面后，还可以上升h，我们可以把它看成一个管子内的水能上升h,则管子内的水柱在液面处的压强大小与液面上方的空气压强有关：如果烧瓶内液面上方空气的压强为0，则p=ρgh，如果烧瓶内液面上方空气的压强大于0，则p＞ρgh。30.如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，会发现B、C管中的液体高度上升，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水________p酒精(选填“＞”“＝”或“＜”)，B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，________。【答案】=；压强减小【解析】（1）两个玻璃管外液面上始终为大气压强，即管外气压相等。当液柱的高度不再发生改变时，两个液柱上方的气压相等。管外的大气压强等于管内的液柱压强和气体压强之和，即p0=p液+p内，那么管内酒精上方的压强等于管内水柱上方的压强，即p水=p酒精；

（2）根据流体和流速的关系分析。（1）甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，会发现B、C管中的液体高度上升，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水＝p酒精；

（2）B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，压强减小。31.（2018八上·杭州期中）如图是反映近地面气压高低状况的“等压线图”，它经常出现在电视气象节目的“天气图”上。请根据图上气压数据回答下列问题：（1）甲地正受________气压控制，天气为________；（2）代表风向的ABCD四个箭头中，其中正确的是________。（3）小明同学在倒置的漏斗里放了一个乒乓球，用手指托住乒乓球（如图所示）。然后从漏斗尖嘴处向上用力吸气，并将手指移开，看到的现象是________

，原因是________；【答案】（1）高压；晴朗

（2）B

（3）乒乓球不会掉下来；用力向上吸气空气，造成漏斗内空气压强小，由于外部空气压强大于漏斗内的压强，所以乒乓球不会掉下来【解析】高压区是中心气压高于周围气压，所以气体由中心向外流动，天气多晴朗干燥，低压区则相反。

(1)由等高线图可知中心气压高于周围气压，甲地受高压气压控制，天气晴朗；

(2)高压区是中心气压高于周围气压，所以气体由中心向外流动。甲地受高气压控制，而乙地受低气压控制，所以风向由甲地吹向乙地。

(3)小明从漏斗尖嘴处向上用力吸气

后乒乓球上面的气压远低于下面的气压，所以气体按乒乓球托住而不会掉下来。

故答案为：(1)高压；晴朗；(2)B；(3)乒乓球不会掉下来；用力向上吸气空气，造成漏斗内空气压强小，由于外部空气压强大于漏斗内的压强，所以乒乓球不会掉下来。

三、实验探究题（共5题；共21分）32.（2018八上·杭州月考）利用容积为10cm3的注射器、弹簧测力计和刻度尺可粗略测出大气压的值。（1）把注射器的活塞推到注射器筒的底端，这样做的目的是________，然后用一个橡皮帽封住注射器的小孔。（2）如图所示，水平向左缓慢拉动注射器筒，当注射器的活塞________时，记下弹簧测力计的示数为19N。（3）用刻度尺测出注射器________长度为5cm，这样就不用测活塞的直径也能算出活塞横截面积。（4）则大气压的值为________Pa。（5）提出提高测量大气压值精确度的一条建议：________。【答案】（1）排尽针筒内空气

（2）刚刚开始滑动

（3）刻度部分

（4）0.95×105【解析】（1）如果注射器中残存空气，那么测定大气压力偏小，即大气压强偏小；

（2）当活塞缓慢移动时，大气压力和拉力是平衡力，据此测出大气压力；

（3）已知注射器的容积V和有刻度部分的长度L，根据公式S=VL能够计算出活塞的横截面积；

（4）首先根据S=VL计算出活塞的横截面积，然后根据p=FS计算出大气压强的值；

（5）活塞和针筒之间的摩擦力也会影响测出大气压强的值。

（1）把注射器的活塞推到注射器筒的底端，这样做的目的是排尽针筒内空气，然后用一个橡皮帽封住注射器的小孔。

（2）如图所示，水平向左缓慢拉动注射器筒，当注射器的活塞刚刚开始活动时，记下弹簧测力计的示数为19N。

（3）用刻度尺测出注射器刻度部分长度为5cm，这样就不用测活塞的直径也能算出活塞横截面积；

（4）活塞的横截面积为：S=V33.（2018八上·杭州期中）为了探究大气压随高度的变化规律，小明在一次登山过程中利用如图甲所示的实验装置测出不同高度下的大气压，并在坐标纸上描出大气压强p与对应海拔高度h的六个点，如图乙所示.（1）测量前，小明把注射器的活塞推至针筒底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，其目的是________.

（2）分析图象时，小明发现1km高度处的测量数据可能有误，重新正确实验后，测得弹簧测力计示数为4.5N，2mL注射器的全部刻度的总长度为4cm，则实际大气压约为________Pa.小明第一次实验出错的原因不可能是________.（选填“活塞和针筒的摩擦太大”或“橡皮帽的密封性不好”）（3）修正数据后，可看出大气压随高度变化的数量关系大致为：在2km高度内，高度每升高100m，大气压降低________Pa.（4）根据这一规律，小明认为可将图甲中的弹簧测力计改装成一个高度测量仪.那么弹簧测力计4.2N刻度线处应标刻的海拔高度为________km.【答案】（1）排尽注射器内的空气

（2）90000；活塞和针筒的摩擦太大

（3）1000

（4）1.6【解析】（1）当活塞保持静止时，大气压强=测力计产生压强+注射器内压强；注射器内的气压越小，测量出来的大气压强越准确；

（2）根据公式S=VL求出活塞的横截面积S和测出活塞刚被拉动时的拉力F，然后根据p=FS求出大气压强的值；当注射器内的空气没有排尽，或拉动时活塞与筒间的摩擦都会影响到测量值；

（3）由图象可知在2km高度内得出大气压的变化量，然后与100m相除即可解答；

（4）首先根据p=FS计算出此地大气压强的值，然后计算出大气压强减小的值，最后根据（3）中的规律计算出此地的高度即可。

（1）将活塞推至底部并用橡皮帽堵住小孔，这样做的目的是为了排尽注射器内的空气。

（2）注射器的体积为V=2ml=2cm3；

活塞的横截面积S=VL=2cm34cm=0.5cm2=0.5×10−4m2；

活塞刚被拉动时，大气压强的数值：p=FS=4.5N0.5×10−4m2=9×104Pa那么弹丸从管口射出的出口速度大小与哪些因素有关呢？小明提出了如下猜想：A.与透明塑料管内外气压差有关B.与透明塑料管的长度有关.C.与弹丸的直径有关D.与弹丸的形状有关请回答下列问题：（1）该实验中抽气机的作用是：_________________________________________________________。（2）控制其他因素相同时，小明分别用球形和弹头形弹丸进行实验，并在塑料管壁两侧安装光电传感计时器，测量不同位置弹丸的速度大小。①基于实验设计，小明要验证猜想_______________。（填序号）②其中弹头形弹丸（如图甲）的速度随位置变化的关系图像如图乙所示。请分析弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因：________________________________________________________________。【答案】（1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出

（2）D；弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢【解析】根据科学探究的过程进行分析

（1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出；

（2）①用球形和弹头形弹丸进行实验，则要验证的是D、与弹丸的形状有关；

②弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因：弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢。

故答案为：（1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出；

（2）①D；②弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢。

35.（2019·桐乡模拟）同学们在兴趣活动时制作了如图甲所示的“彩球温度计”，在圆柱形玻璃容器内装有对温度敏感的液体，将一些体积相同、质量不同的小球，依次放入液体中，球上标有设定好的温度用来读数，小球会随外界气温的变化而沉浮。（1）当外界气温下降时，容器内的小球受到的浮力变大，使沉在容器底部的一些小球依次浮起，浮起后位于________(选填“最高”、“最低”或“中间”)处的小球上标记的温度就表示此时外界的气温。（2）柱形玻璃容器内装有对温度敏感的液体，“对温度敏感”是指该液体________。（3）同学们通过查阅资料后又制作了如图乙所示的温度计。图中A为小烧瓶，B为玻璃管，管的下端竖直插在一个大水槽中，使玻璃管内外的水面有一高度差h。在不同温度下，他们分别测出了对应的h值，记录的实验数据如下表所示：温度/℃182022242628h/cm27.522.317.2126.91.8若某时的h值为53cm，则所对应的温度约为________℃。【答案】（1）最低

（2）密度受温度影响变化较明显

（3）8【解析】（1）物体的浮沉条件:物体密度大于液体密度,物体下沉;物体密度等于液体密度,物体悬浮;物体密度小于液体密度,物体上浮;大部分物体具有热胀冷缩的性质；

（2）根据温度变化时，液体的密度变化情况进行分析；

（3）根据表中温度下降与h高度的变化规律，分析、计算。

（1）当外界气温下降时，容器内的小球受到的浮力变大，使沉在容器底部的一些小球依次浮起，那么液体的密度随温度的下降而增大，悬浮的小球的密度与液体密度相同，所以最底部的小球表示外界的气温；

（2）“对温度敏感”是指该液体密度受温度影响变化较明显；

（3）计算可知，表中温度下降与h高度的变化规律：温度每降低2℃，h增加5.1cm~5.2cm，经计算得出，若某时的h值为53cm，则所对应的温度约为8℃。

故答案为：（1）最低；（2）密度受温度影响变化较明显；（3）8。36.硫燃烧产生的二氧化硫气体会造成空气污染。为避免二氧化硫污染空气，某教师对教材中“硫在空气和氧气中燃烧”的实验进行了改进与创新，设计了如图甲所示的实验装置：【实验原理】①B装置是燃烧匙固定在带有A导管的单塞上，硬质玻璃管透光性好，不影响实验现象的观察；②C装置的广口瓶中盛放氢氧化钠溶液可吸收二氧化硫气体，避免污染；③打开D装置中的阀门，气体就会从左向右依次进入装置。【实验过程】步骤一：将硫粉放在燃烧匙上，在空气中点燃后，迅速伸入硬质玻璃管内（如图B装置），打开阀门，观察硫在空气中燃烧的现象；

步骤二：将导管a伸入盛有氧气的集气瓶中（如图A装置），观察硫在氧气中燃烧的现象。

【交流讨论】（1）硫在空气中燃烧并发出________

火焰，生成的SO2气体被氢氧化钠溶液吸收的反应原理是________

（用化学方程式表示）；（2）气流能从左向右作定向流动的原因是________

；（3）【拓展应用】小丽同学认为，运用该装置设计原理，还能进行其它有毒气体的实验，同样能达到避免污染的目的。于是设计了图乙实验装置，用以完成“CO还原氧化铜”实验。图乙D装置在实验中除了形成气体定向流动外，还有的用途是________

；（4）实验时，小芳同学先打开止水夹K1和阀门，过一会儿再点燃酒精灯，她这样操作的目的是________

。【答案】（1）微弱的淡蓝色；2NaOH+SO2=Na2SO3+H2O

（2）水位下降，压强减小，形成内外压强差

（3）储存气体（或收集气体）

（4）排尽装置中的空气，防止爆炸【解析】（1)根据硫在空气中燃烧的现象进行分析，根据二氧化硫与氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水正确书写化学方程式。

（2)根据D装置的阀门打开，水流出后，水位下降，造成压强减小，形成内外压强差进行分析。

（3)根据未参加反应的一氧化碳进入D装置进行分析D装置的作用。

（4)根据一氧化碳与空气混合在加热的条件下会发生爆炸进行分析。（1)硫在空气中燃烧发出微弱的淡蓝色火焰，生成二氧化硫，二氧化硫与氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水，反应的化学方程式为：2NaOH+S02=Na2S03+H20。

（2)D装置的阀门打开，水流出后，水位下降，造成压强减小，形成内外压强差，故气流能从左向右作定向流动。

（3)未反应的一氧化碳和反应生成的二氧化碳进入C装置，二氧化碳被氢氧化钙吸收，一氧化碳与氢氧化钙不反应，然后进入D装置，故装置还有储存