2024年北师大新版高一物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大新版高一物理上册阶段测试试卷674考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列几种运动中遵守机械能守恒定律的是A.雨点匀速下落B.自由落体运动C.汽车刹车时的运动D.木块沿斜面匀速下滑2、关于对力和运动的研究，下列说法错误的是（）A.物体在恒力力作用下可以做曲线运动B.在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法C.做曲线运动的物体，速度一定变化D.伽利略通过理想斜面实验，提出了“力是维持物体运动状态的原因”的观点3、如图所示，套在竖直细杆上的环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连．由于B的质量较大，故在释放B后，A将沿杆上升．当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，其上升速度vA≠0，若这时B的速度为vB，则（）A.vB≠0B.vB=0C.vB=vAD.vB＞vA4、如图所示是自行车传动结构的示意图，其中Ⅰ是半径为r1

的牙盘(

大齿轮)

Ⅱ是半径为r2

的飞轮(

小齿轮)

Ⅲ是半径为r3

的后轮，假设脚踏板的转速为n(r/s)

则自行车前进的速度为(

)

A.娄脨nr1r3r2

B.娄脨nr2r3r1

C.2娄脨nr1r3r2

D.2娄脨nr2r3r1

5、【题文】关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A.匀变速直线运动是加速度不变的直线运动B.匀加速直线运动的加速度是不断增加的C.匀减速直线运动的加速度是不断减小的D.匀变速直线运动的加速度方向与速度方向总是相同的6、【题文】关于匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.线速度不变B.角速度不变C.频率不变D.周期不变7、汽车在转弯时容易打滑出事故，为了减少事故发生，除了控制车速外，一般会把弯道做成斜面.

如图所示，斜面的倾角为娄脠

汽车的转弯半径为r

则汽车安全转弯速度大小为．A.grsin娄脠

B.grcos娄脠

C.grtan娄脠

D.grcot娄脠

评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、牛顿是物理学史上最伟大的科学家，他的一生对物理学产生了巨大的贡献，但他还是虚心地说“我之所以比别人看得远些，是因为我站在了巨人的肩上。”牛顿所说的巨人是指()

A.亚里士多德B.伽利略C.笛卡尔D.胡克9、关于速度和加速度的方向，下列说法正确的是(

)

A.速度的方向就是加速度的方向B.速度改变量的方向就是加速度的方向C.速度的方向就是物体运动的方向D.加速度的方向就是物体运动的方向10、图为“嫦娥二号”的姐妹星“嫦娥一号”某次在近地点A由轨道1变轨为轨道2的示意图，其中B、C分别为两个轨道的远地点。关于上述变轨过程及“嫦娥一号”在两个轨道上运动的情况，下列说法中正确的是（）A.“嫦娥一号”在轨道1的A点处的速度比在轨道2的A点处的速度大B.“嫦娥一号”在轨道1的A点处应点火加速C.“嫦娥一号”在轨道1的B点处的加速度比在轨道2的C点处的加速度大D.“嫦娥一号”在轨道1的A点处的加速度比在轨道2的A点处的加速度大11、一个作匀加速直线运动的物体，通过A点的瞬时速度是vl，通过B点的瞬时速度是v2，下列说法正确的是（）A.A到B的平均速度为=B.A到B中点的速度为C.＞D.A到B中间时刻的速度为12、(

多选)

水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为娄脤(0<娄脤<1)

现对木箱施加一拉力F

使木箱做匀速直线运动。设F

的方向与水平面的夹角为娄脠

如图所示，在娄脠

从0鈭�

逐渐增大到90鈭�

的过程中，木箱的速度保持不变，则()

A.F

先减小后增大B.F

一直增大C.F

的功率减小D.F

的功率不变13、如图所示，位于光滑斜面生的小物块P

受到一沿斜面向上的拉力F

沿斜面匀速上滑.

现把力F

的方向变为竖直向上，若使物块P

仍沿斜面保持原来的速度匀速运动，则()A.力F

一定变小B.力F

一定变大C.力F

的功率将减小D.力F

的功率将不变14、如图所示；在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，下列说法正确的是（）

A.应当在钩码静止时读取数据B.应当在弹簧处于水平自然状态时测量弹簧的原长C.应当在弹簧处于自然下垂状态时测量弹簧的原长D.若以弹簧长度为横坐标，以弹簧弹力为纵坐标，根据各组数据所绘制图线的斜率即为该弹簧的劲度系数评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、小球从距地面125m高处自由落下，空气阻力不计，落地所需时间为____s，落地时速度大小为____m/s（重力加速度g=10m/s2）．16、打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器，其中的实验误差较小，两者都是使用（填直流/交流）电源，电磁打点计时器的工作电压应低于V。17、重为50N

的物体，在恒定拉力作用下以1m/s2

的加速度，竖直升高10m

此过程中物体的重力势能变化了______J

拉力做功______J.18、重为500N的物体放在水平地面上，与地面的滑动摩擦因数为μ=0.2，在大小为F=500N，方向与水平面成α=37°斜向上的拉力作用下前进l=10m．在此过程中力F做功为______J，摩擦力做功为______J．19、一物体放在倾角为θ的斜面上；它刚好能沿斜面匀速下滑．

（1）求物体沿斜面下滑的动摩擦因数；

（2）若给它一个沿斜面向上的初速度v；则它能上滑的最大距离是多少？（已知重力加速度为g，斜面始终是静止的）

20、【题文】如图所示；在竖直放置的半径为R的光滑绝缘细管的圆心O处放一点电荷，将质量m，带电量为＋q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则圆心点电荷带电量Q＝________.

21、设地球半径为R，在地表附近的重力加速度为g，自转角速度为ω，引力常量为G，则此同步卫星离地高度为______。评卷人得分四、推断题(共3题，共18分)22、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙以及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间的相互转化关系如下图所示rm{(}图中有些反应的生成物和反应的条件没有标出rm{)}请回答下列问题：rm{(1)}写出下列物质的化学式：rm{B}_________，丙_________，rm{F}________，rm{H}_________rm{(2)}根据要求回答：rm{1)D}溶液和rm{F}溶液在空气中混合的现象：_________________________________；rm{2)}反应rm{垄脹}离子方程式___________________________________________________；rm{3)}反应rm{垄脽}离子方程式___________________________________________________；rm{4)}反应rm{垄脼}化学方程式___________________________________________________。23、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见的纯净物，rm{A}是单质。它们之间有如下的反应关系：

rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，rm{垄脷垄脹}反应均要用强碱溶液，rm{垄脺}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的离子方程式____；rm{垄脺}反应离子方程式____。rm{(2)}若rm{A}是应用最广泛的金属。rm{垄脺}反应用到rm{A}rm{垄脷垄脻}反应均用到同一种黄绿色气体单质。写出rm{A}与水反应的化学方程式____。rm{垄脺}反应的离子方程式____。rm{D}中加入氢氧化钠的现象____。rm{(3)}若rm{A}是太阳能电池用的光伏材料。rm{C}rm{D}为钠盐，且溶液均显碱性。rm{垄脺}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的化学方程式____。rm{垄脻}反应用到rm{B}反应条件为高温，则rm{垄脻}的化学方程式为____。24、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙以及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间的相互转化关系如下图所示rm{(}图中有些反应的生成物和反应的条件没有标出rm{)}请回答下列问题：rm{(1)}写出下列物质的化学式：rm{B}_________，丙_________，rm{F}________，rm{H}_________rm{(2)}根据要求回答：rm{1)D}溶液和rm{F}溶液在空气中混合的现象：_________________________________；rm{2)}反应rm{垄脹}离子方程式___________________________________________________；rm{3)}反应rm{垄脽}离子方程式___________________________________________________；rm{4)}反应rm{垄脼}化学方程式___________________________________________________。评卷人得分五、识图作答题(共1题，共4分)25、下图1表示缩手反射的反射弧，图2、图3分别表示图1虚线框内局部结构放大示意图。请回答相关问题：

（1）图1中表示效应器的是________（填字母）；由________组成。

（2）图3中，表示兴奋部位的是________（填字母），该兴奋状态的形成是Na＋内流的结果，其进入膜内的方式是________。（3）兴奋在图2所示处只能单向传递的原因是________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】试题分析：雨点匀速下落，除了重力有阻力做功，机械能不守恒，选项A错误；自由落体运动运动，只有重力做功，机械能守恒，选项B正确；汽车刹车，阻力做负功，机械能减少，选项C错误；木块匀速下滑，有阻力做负功，机械能减少，故选项D错误。考点：本题考查机械能守恒条件。【解析】【答案】B2、D【分析】【解答】A；物体在恒力作用下可能做曲线运动；如：平抛运动，故A正确；B、在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法，故B正确；

C；曲线运动的速度方向每时每刻都发生变化；即速度发生了变化，所以曲线运动一定是变速运动，故C正确；

D；伽利略通过理想斜面实验；指出了力不是维持物体运动状态的原因，故D错误；

本题选择错误的。

故选：D

【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论，伽利略通过理想斜面实验，指出了力不是维持物体运动状态的原因．3、B【分析】解：对于A，它的速度如图中标出的vA，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是v1vB；

其中vB就是B的速度（同一根绳子，大小相同），

当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，vA=0，所以B的速度vB=0

故选：B

把A上升的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向的速度；而沿绳子方向的速度与B的速度相等．

本题考查了运动的合成与分解问题，知道实际运动就是合运动是解答的关键．【解析】【答案】B4、C【分析】解：转速为单位时间内转过的圈数，因为转动一圈，对圆心转的角度为2娄脨

所以娄脴=2娄脨nrad/s

因为要测量自行车前进的速度，即车轮III

边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮I

和轮II

边缘上的线速度的大小相等，据v=R娄脴

可知：r1娄脴1=R2娄脴2

已知娄脴1=2娄脨n

则轮II

的角速度娄脴2=r1r2娄脴1.

因为轮II

和轮III

共轴，所以转动的娄脴

相等即娄脴3=娄脴2

根据v=R娄脴

可知，v=r3娄脴3=2娄脨nr1r3r2

故选C

大齿轮和小齿轮靠链条传动；线速度相等，根据半径关系可以求出小齿轮的角速度.

后轮与小齿轮具有相同的角速度，若要求出自行车的速度，需要知道后轮的半径，抓住角速度相等，求出自行车的速度．

解决本题的关键知道靠链条传动，线速度相等，共轴转动，角速度相等．【解析】C

5、A【分析】【解析】

试题分析：匀变速直线运动过程中加速度恒定不变；故A正确，BCD错误。

故选A

考点：考查了对匀变速直线运动的理解。

点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的特点，【解析】【答案】A6、B|C|D【分析】【解析】：A；匀速圆周运动的线速度大小不变；方向时刻改变．故A错误．

B；匀速圆周运动的角速度大小和方向都不变．；B正确。

C；D、匀速圆周运动的周期、频率不变；故C、D正确；

解决本题的关键知道匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻改变，角速度的大小和方向都不变．【解析】【答案】BCD7、C【分析】解：高速行驶的汽车完全不依靠摩擦力转弯时所需的向心力由重力和路面的支持力的合力提供；力图如图．

根据牛顿第二定律得：

mgtan娄脠=mv2r

解得：v=grtan娄脠

故选：C

汽车完全不依靠摩擦力转弯时所需的向心力由重力和路面的支持力的合力提供.

根据牛顿第二定律得到转弯的速度大小．

本题运用牛顿第二定律分析生活中的圆周运动，考查物理联系实际的能力，关键是分析物体受力情况，确定向心力的来源．【解析】C

二、多选题(共7题，共14分)8、BC【分析】略【解析】BC

9、BC【分析】解：A

当物体做加速直线运动时；加速度方向与速度方向相同，当物体做减速直线运动时，加速度方向与速度方向相反，故A错误．

B、根据加速度的定义式a=鈻�v鈻�t

可知；速度改变量的方向就是加速度的方向，故B正确．

C；速度表示物体的运动快慢和方向；速度的方向就是物体运动的方向，故C正确．

D；加速度与速度无关；加速度的方向不一定是物体运动的方向，故D错误．

故选：BC

根据加速度的定义式a=鈻�v鈻�t

可知物体的加速度等于物体的速度的变化率；加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关．

把握加速度的定义式a=鈻�v鈻�t

中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，要知道加速度与速度无关．【解析】BC

10、BC【分析】AB；从1轨道进入2轨道的过程就是离心运动的过程；在A点时万有引力不变，物体做离心运动，说明此处飞船速度增加，应在此处点火加速，故B正确；

因为飞船在轨道1的A点处点火加速；所以飞船在轨道1的A点处的速度比在轨道2的A点处的速度小，故A错误；

C、根据牛顿第二定律得：F==ma；轨道1的B点比在轨道2的C点离中心天体近，所以在轨道1的B点处的加速度比在轨道2的C点处的加速度大，故C正确；

D；在A点嫦娥一号的加速度由万有引力产生；因为同一地点，万有引力产生的加速度相同与卫星所在轨道无关，故D错误。

故选：BC。

做圆周运动的物体；在受到指向圆心的合外力不足以提供圆周运动所需的向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动；从1轨道进入2轨道的过程就是离心运动的过程，在A点时万有引力不变，说明此处飞船速度增加，所以做离心运动。

本题考查天体的运行，要注意明确天体的运动中万有引力充当向心力的应用，同时注意变轨问题的应用。【解析】BC11、AB【分析】解：A、根据平均速度推论知，A到B的平均速度故A正确．

B、设A到B的中点速度为根据速度位移公式得，联立解得故B正确．

C、因为=＞0，可知故C错误．

D、因为中间时刻的瞬时速度等于平均速度，根据C选项判断知，故D错误．

故选：AB．

根据匀变速直线运动的平均速度推论求出A到B的平均速度；结合速度位移公式求出中间位置的瞬时速度，通过作差法比较速度的大小．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．【解析】【答案】AB12、AC【分析】解：A

对物体受力分析如图：

因为物体匀速运动，水平竖直方向均受力平衡：

Fcos娄脠=娄脤(mg鈭�Fsin娄脠)

解得F=娄脤mgcos娄脠+娄脤sin娄脠

令sin娄脗=11+娄脤2cos娄脗=娄脤1+娄脤2

即tan娄脗=1娄脤

则F=娄脤mg(sin娄脗cos娄脠+cos娄脗sin娄脠)1+娄脤2=娄脤mgsin(娄脗+娄脠)1+娄脤2

娄脠

从0

逐渐增大到90鈭�

的过程中，在娄脠+娄脗<90鈭�

前：sin(娄脗+娄脠)

逐渐变大；所以F

逐渐减小；

在娄脠+娄脗>90鈭�

后：sin(娄脗+娄脠)

逐渐变小；所以F

逐渐增大；

所以结论是：F

先减小后增大；故A正确，B错误．

C、功率P=Fvcos娄脠=娄脤mgcos娄脠+娄脤sin娄脠隆脕v隆脕cos娄脠=娄脤mgv1+娄脤tan娄脠娄脠

从0

逐渐增大到90鈭�

的过程中；tan娄脠

一直在变大，所以功率P

一直在减小，故C正确；D错误；

故选：AC

．

在娄脠

从0

逐渐增大到90鈭�

的过程中；木箱的速度保持不变，说明物体受力始终平衡，受力分析后正交分解表示出拉力F

应用数学方法讨论F

的变化，再由P=Fvcos娄脠

判断功率的变化．

本题为平衡条件的应用问题，受力分析后应用平衡条件求解即可，难点在于研究对象的选择和应用数学方法讨论拉力F

的变化，难度不小，需要细细品味．

【解析】AC

13、BD【分析】【分析】设斜面倾角为娄脠

根据平衡条件求解出两种情况下的拉力的大小以及功率的表达式进行比较。本题关键是对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件求解出拉力及其瞬时功率，然后比较表达式即可明确大小关系【解答】拉力平行斜面向上时，物体受重力、拉力、支持力，根据平衡条件可得：F=mgsin娄脠垄脵

拉力的功率为P=Fv=mgvsin娄脠垄脷

把力F

的方向变为竖直向上，要使物体受力平衡，则一定有mg=F

拉力的功率为P隆盲=Fvcos(90鈭�鈭�娄脠)=mgvsin娄脠垄脺

比较垄脵垄脹

可知，拉力大小一定变大；比较垄脷垄脺

拉力的功率一定不变，故BD正确，AC错误。故选BD。

【解析】BD

14、ACD【分析】解：A；实验时应在钩码静止时读取数据；故A正确。

B；由于弹簧自身有重力；所以先竖直悬挂，后测量原长，这样挂上砝码后测出弹簧伸长后的长度减去原长能准确反映伸长量，故B错误，C正确。

D；根据胡可定律知；F=k（x-L），则以弹簧长度为横坐标，以弹簧弹力为纵坐标，根据各组数据所绘制图线的斜率即为该弹簧的劲度系数，故D正确。

故选：ACD。

根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤；注意测量弹簧原长时，应先竖直悬挂，后测量原长，这样挂上砝码后测出弹簧伸长后的长度减去原长能准确反映伸长量．

解决本题的关键知道实验的注意事项：1．所挂钩码不要过重；以免弹簧被过分拉伸而超出它的弹性限度，要注意观察，适可而止．

2．每次所挂钩码的质量差尽量大一些；从而使坐标上描的点的间距尽可能大，这样作出的图线更精确．

3．测弹簧长度时；一定要在弹簧竖直悬挂且处于平衡状态时测量，以免增大误差．

4．描点画线时；所描的点不一定都落在一条直线上，但应注意一定要使各点均匀分布在直线的两侧．

5．记录数据时要注意弹力及弹簧伸长量的对应关系及单位．【解析】ACD三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】

（1）根据自由落体运动位移速度时间公式得：

H=

解得：t=

（2）根据v=gt得：

v=10×5m/s=50m/s

故答案为：5；50．

【解析】【答案】（1）小球做自由落体运动；是初速度为0加速度为g的匀加速直线运动，由位移公式求出时间；

（2）根据自由落体运动速度时间公式即可求解．

16、略

【分析】试题分析：打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器，其中电火花计时器的实验误差较小，两者都是使用交流电源，电磁打点计时器的工作电压应低于6V。考点：打点计时器的使用。【解析】【答案】电火花计时器；交流；617、略

【分析】解：物体重力G=50N

竖直上升的高度h=10m

物体的质量为m=5kg

重力势能增加了鈻�EP=mgh=50隆脕10=500J

物体以1m/s2

的加速度上升10m

由牛顿第二定律得：

F鈭�mg=ma

解得，拉力F=55N

拉力的功W=Fh=55隆脕10=550J

故答案为：500550

．

由重力计算公式求出重力势能的变化量；由牛顿第二定律求出拉力大小；然后由功的计算公式求出拉力做的功．

对于恒力做功，首先要考虑能否用功的计算公式，先求出力，再计算力做的功.

也可以运用动能定理求拉力作的功．【解析】500550

18、4000-400【分析】解：拉力大小为500N；位移的大小为10m；

所以拉力做的功的大小为FLcosα=500×10×0.8=4000J；

对物体受力分析可得；支持力的大小为mg-Fsinα=200N；

所以摩擦力的大小为f=μFN=40N；

所以摩擦力做的功为fL=-40×10=-400J．

故答案为：4000；-400．

对物体受力分析；求得物体受到的摩擦力的大小，根据功的公式直接计算．

恒力做功，求得力的大小，根据功的公式直接计算即可，比较简单．【解析】4000-40019、略

【分析】

（1）根据共点力平衡得；

N=mgcosθ；f=mgsinθ

由f=μN得，

故物体沿斜面下滑的动摩擦因数为tanθ．

（2）物体沿斜面上滑的合力F合=mgsinθ+μmgcosθ

根据牛顿第二定律得，=2gsinθ

所以上滑的最大距离x=．

故能上滑的最大距离是．

【解析】【答案】（1）物体沿斜面匀速下滑；受到重力；支持力和滑动摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出支持力和滑动摩擦力，再根据f=μN求出动摩擦因数．

（2）物体沿斜面上滑时受重力；支持力和滑动摩擦力；求出物体的合力，根据牛顿第二定律求出加速度，运用匀变速直线运动的速度位移公式求出上滑的最大距离．

20、略

【分析】【解析】

试题分析:设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v．小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，mgR=得到：v=小球经过B点时，由牛顿第二定律得：

Eq-mg=将v=代入得：E=由点电荷场强公式E=得Q=

考点：向心力；牛顿第二定律．【解析】【答案】21、【分析】解：同步卫星的角速度与地球自转的角速度相等；卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：

G=mω2r；

解得：r=

地球表面物体重力等于万有引力，有：

即为：

同步卫星距地面的高度为：h=r-R=

故答案为：

同步卫星的周期与地球自转周期相同；卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出卫星半径，然后求出高度。

本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力、应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题，解题时注意：同步卫星的角速度与地球自转的角速度相等。【解析】四、推断题(共3题，共18分)22、（1）Al；HCl；FeCl2；Fe(OH)2

（2）

1)产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

2)2Al+2OH－+2H2O=2AlO2－+3H2↑

3)2Fe2++2Cl2=2Cl－+2Fe3+

4)4Fe(OH)2+O2+2H2O＝4Fe(OH)3

【分析】【分析】本题考查了物质转化关系的分析推断，物质性质的应用主要考查常见单质及其化合物的性质应用，题目较简单。【解答】金属rm{A}焰色反应为黄色证明为rm{Na}与水反应生成气体甲为rm{H_{2}}rm{D}为rm{NaOH}金属rm{B}和氢氧化钠溶液反应，说明rm{B}为rm{Al}黄氯色气体乙为rm{Cl_{2}}气体甲和氯气反应生成丙为rm{HCl}物质rm{E}为盐酸溶液，物质rm{D}氢氧化钠和物质rm{G}为反应生成的物质rm{H}在空气中红褐色沉淀rm{I}则rm{I}为rm{Fe(OH)_{3}}rm{G}为rm{FeCl_{3}}rm{F}为rm{FeCl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}rm{C}为rm{Fe}据此答题；rm{(1)}依据以上分析，rm{B}为rm{Al}丙为rm{HCl}乙为rm{Cl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}故答案为：rm{Al}rm{HCl}rm{Cl_{2}}rm{Fe(OH)_{2}}rm{(2)}

rm{1)}氢氧化钠溶液与氯化亚铁溶液反应生成氢氧亚铁沉淀，在空气中被氧化生成氢氧化铁，实验现象为产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色，故答案为：产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色；rm{1)}反应rm{2)}为铝与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠和氢气，离子方程式为rm{2)}rm{垄脹}故答案为：rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}反应rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}为氯化亚铁溶液与氯气反应生成氯化铁，离子方程式为rm{3)}故答案为：rm{3)}rm{垄脽}反应rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}为氢氧化亚铁与氧气、水反应生成氢氧化铁，化学方程式为rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}故答案为：rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}【解析】rm{(1)Al}rm{HCl}rm{FeCl2}rm{Fe(OH)2}

rm{(2)}

rm{(2)}产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

rm{1)}产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色rm{1)}rm{2)}rm{2)}

rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}

rm{3)}rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}rm{3)}

rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}23、（1）2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑AlO2-+CO2(过量)+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-（2）3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2Fe+2Fe3+=3Fe2+生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（3）Si＋2NaOH＋H2O=Na2SiO3＋2H2↑SiO2+Na2CO3Na2SiO3+CO2↑【分析】【分析】本题考查对无机框图的推断，物质之间的转化的判断，涉及化学方程式、离子方程式、反应现象描述等知识，综合性比较强，熟悉物质的性质是解题的关键，难度一般。【解答】rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，含有rm{Al}元素，则rm{A}为rm{Al}若rm{(1)}物质具有两性，含有rm{D}元素，则rm{Al}为rm{A}rm{Al}反应要用强碱溶液，则反应rm{(2)}的离子方程式为：rm{(2)}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{(4)}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{C}为偏铝酸盐rm{D}为为偏铝酸盐rm{(4)}为rm{C}rm{D}rm{Al(OH)}反应均要用强碱溶液，rm{{,!}_{3}}rm{(2)(3)}反应均要用强碱溶液，rm{B}为氧化铝或铝盐，则反应rm{(4)}的离子方程式为：为氧化铝或铝盐，则反应rm{{,!}_{3}}的离子方程式为：rm{(2)(3)}rm{B}rm{(4)}rm{AlO}rm{2}过量rm{2}rm{{,!}^{-}+CO}rm{2}rm{2}rm{(}rm{)+2H}rm{2}rm{2}rm{O=}故答案为：rm{Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}rm{隆媒}rm{+HCO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}}故答案为：rm{{,!}^{-}}rm{2Al+2OH^{-}+2H}rm{2}过量rm{2}rm{O=2AlO}rm{2}rm{2}rm{{,!}^{-}+3H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{AlO}rm{2}

rm{2}若rm{{,!}^{-}+CO}是应用最广泛的金属，则rm{2}为rm{2}rm{(}rm{)+2H}rm{2}rm{2}rm{O=}rm{Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}，rm{隆媒}反应用到rm{+HCO}rm{3}反应均用到rm{3}rm{{,!}^{-}}的溶液用于蚀刻印刷铜电路板，含有铁离子，则非金属性单质为；可推知rm{(2)}为rm{A}rm{A}为rm{Fe}与水反应的化学方程式为：反应的离子方程式rm{3Fe+4H}rm{2}rm{2}rm{O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe}迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{3}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，rm{3}rm{3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe_{3}O_{4}+4H_{2}O}rm{O}rm{4}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色；rm{4}rm{+4H}是太阳能电池用的光伏材料，则rm{2}为rm{2}rm{(4)}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体，rm{A}rm{(2)(5)}为钠盐，且溶液均显碱性，说明盐水解呈碱性，可推知黄绿色气体单质，为rm{C}rm{Cl_{2}}rm{C}rm{FeCl_{3}}rm{D}为rm{FeCl_{2}}rm{垄脺}反应的离子方程式rm{垄脺}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe}rm{{,!}^{2+}}为rm{{,!}^{2+}}则rm{FeCl_{2}}的反应的化学方程式为：中加入氢氧化钠生成氢氧化亚铁白色沉淀，的氢氧化铁，所以现象为故答案为：rm{3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}

Fe_{3}O_{4}+4H_{2}O}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{{,!}^{2+}}rm{(3)}若rm{A}是太阳能电池用的光伏材料，则rm{A}为rm{Si}rm{垄脺}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体，rm{C}rm{D}为钠盐，且溶液均显碱性，说明盐水解呈碱性，可推知rm{C}为，rm{A}反应用到rm{A}反应条件为高温，为制玻璃的反应，则rm{Si}的化学方程式为：rm{垄脺}rm{C}rm{D}rm{C}rm{Na}rm{2}rm{2}rm{SiO}rm{{,!}_{3}}rm{D}为rm{{,!}_{3}}rm{D}rm{Na}rm{2}rm{2}rm{CO}rm{{,!}_{3}}rm{B}为rm{SiO_{2}}则rm{(2)}的反应的化学方程式为：rm{{,!}_{3}}rm{B}rm{SiO_{2}}rm{(2)}rm{Si+2NaOH+H}rm{2}rm{2}rm{O=Na}【解析】rm{(1)2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}(}过量rm{)+2H_{2}O=}rm{Al(OH)_{3}}rm{隆媒}rm{隆媒}rm{(2)3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe_{3}O_{4}+4H_{2}}rm{+HCO_{3}^{-}}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{(2)3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}

Fe_{3}O_{4}+4H_{2}}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe^{2+;;}}rm{(3)}rm{Si+2NaOH+H}rm{Si+2NaOH+H}rm{{,!}_{2}}rm{O=Na}rm{O=Na}rm{{,!}_{2}}rm{SiO}rm{SiO}rm{overset{赂脽脦脗}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{{,!}_{3}}24、（1）Al；HCl；FeCl2；Fe(OH)2

（2）

1)产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

2)2Al+2OH－+2H2O=2AlO2－+3H2↑

3)2Fe2++2Cl2=2Cl－+2Fe3+

4)4Fe(OH)2+O2+2H2O＝4Fe(OH)3

【分析】【分析】本题考查了物质转化关系的分析推断，物质性质的应用主要考查常见单质及其化合物的性质应用，题目较简单。【解答】金属rm{A}焰色反应为黄色证明为rm{Na}与水反应生成气体甲为rm{H_{2}}rm{D}为rm{NaOH}金属rm{B}和氢氧化钠溶液反