2024年华师大新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大新版高二物理上册阶段测试试卷13考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示是高频焊接原理示意图.线圈中通以高频交流电时，待焊接的金属工件中就产生感应电流，感应电流通过焊缝处产生大量热量，将金属融化，把工件焊接在一起，而工件其他部分发热很少，以下说法正确的是（）A．交流电的频率越高，焊接处的温度升高得越块B．交流电的频率越低，焊缝处的温度升高得越块C．工件上只有焊缝处温度升得很高是因为焊缝处的电阻小D．工件上只有焊缝处温度升得很高是因为焊缝处的电阻大2、建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在的科学家是（）A.奥斯特B.法拉第C.麦克斯韦D.赫兹3、如图，光滑绝缘水平面上两个相同的带电小圆环A、B电荷量均为q，质量均为m，用一根光滑绝缘轻绳穿过两个圆环，并系于结点O．在O处施加一水平恒力F使A、B一起加速运动，轻绳恰好构成一个边长为l的等边三角形，则（）A.小环A的加速度大小为B.小环A的加速度大小为C.恒力F的大小为D.恒力F的大小为4、害虫产生抗药性的原因是（）A.农药诱导害虫产生了抗药性B.农药使害虫产生了隔离C.农药选择并积累了害虫的抗药性D.害虫在农药作用下，抗药性越来越强5、如图所示，弹簧振子以O

点为平衡位置，在A

，B

间做简谐振动，下列说法正确的是()

A.振子在A

、B

处的加速度和速度均为零B.振子通过O

点后，加速度方向改变C.振子通过O

点后，速度方向改变D.振子从O

隆煤

B

或从O

隆煤

A

的运动都是匀减速运动6、下列说法正确的是(

)

A.常温常压下，一定质量的气体，保持体积不变，压强将随温度的增大而增大B.用活塞压缩气缸里的空气，对空气做功3.5隆脕105J

同时空气的内能增加了2.5隆脕105J

则空气从外界吸收热量1.0隆脕105J

C.物体的温度为0隆忙

时，分子的平均动能为零D.热量从低温物体传到高温物体是不可能的7、一带电油滴在匀强电场E

中从a

到b

的运动轨迹如图虚线所示，电场方向竖直向下，不计空气阻力，此带电油滴从a

到b

的过程中；能量变化情况是。

A.动能减小B.电势能增加C.重力势能和电势能之和减小D.动能和电势能之和增加8、一个力的大小为8N

它可分解为两个分力，则这两个分力的大小不可能是(

)

A.4N6N

B.8N8N

C.3N4N

D.12N12N

评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、在某电池的电路中每通过2C的电荷量，电池提供的电能是4J，那么这个电池的电动势的大小是____．10、两个点电荷甲和乙同处于真空中．（1）甲的电量是乙的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的______倍．（2）若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的______倍；（3）保持原电荷电量不变，将距离增为原来的3倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的______倍；（4）保持其中一电荷的电量不变，另一个电荷的电量变为原来的4倍，为保持相互作用力不变，则它们之间的距离应变为原来的______倍．11、在做“用单摆测定重力加速度”的实验中：

（1）用摆长L和周期T计算重力加速度的公式是g=______．

（2）如果已知摆球直径为2.0cm，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂．如图所示，那么单摆摆长是______m．如果测定了40次全振动的时间为75.2s，那么测定的重力加速度的值是______m/s2．

（3）（单选）实验中若测得重力加速度g偏小，原因是______

A．小球质量太大B．振动时；摆线偏角太小。

C．将线长记作摆长D．将n次全振动记作n+1次全振动．12、某电解槽中，在5s

内通过某一固定截面向左迁移的负离子所带的总电量为0.20C

则该电解槽中电流强度为______A

电流方向为______．13、单摆的周期T与摆长L的关系”的实验中；某次测量小球的直径的示数如图1所示，图中1游标上10格的长度为19mm，则小球的直径d为____________mm．用秒表记下了单摆振动50次的时间如图2所示，由图可读出时间为____________s．

14、电量为Q

的等量异种电荷相距为r

则在它们连线的中点处场强为______．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

23、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共4题，共40分)24、在测量一节干电池电动势E和内阻r的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路．(1)根据图甲实验电路，请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．(2)实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P调到________(填“a”或“b”)端．(3)小明测得有关数据后，以电流表读数I为横坐标，以电压表读数U为纵坐标作出了如图丙所示的图象，根据图象求得电源的电动势E＝________V，电源的内阻r＝________Ω(结果保留两位有效数字)．25、某研究性学习小组利用如图（甲）所示电路测量某电池的电动势E和内电阻r.由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00Ω的定值电阻R0.闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流数值I，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图（乙）所示的U－I图象，由图象可得：E＝________V，r＝________Ω.26、某同学《测定玻璃折射率》的实验。（1）如果没有量角器和三角函数表，其中一位同学设计了如右图所示的方法：在AO及′上截取EO=OD。过E及D分别做NN′的垂线，得垂足F、C，用米尺量出线段EF和CD的长，则可得到玻璃的折射率，其公式为。（2）另一位同学在画直线aa′和bb′时与长方形玻璃夸的界面不完全重合，如图示，他所测得玻璃折射率的测量值将____（填“大于”或“小于”“等于”）真实值。27、如图所示，游标卡尺的示数为____cm；螺旋测微器的示数为____mm．评卷人得分五、画图题(共2题，共12分)28、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象29、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共3题，共24分)30、(1)

如果在某电场中将电荷量为q

的点电荷从A

点移至B

点，电场力所做的功为W

那么AB

两点问的电势差为________．A.Wq

B.1qW

C.qW

D.qW

(2)

在如图所示的电路中，已知电源的电动势E

为6.0V

内电阻r

为1.5娄赂

外电路的电阻R

为2.5娄赂.

闭合开关S

后，电路中的电流为________．A.6.0A

B.4.0A

C.2.0A

D.1.5A

(3)

一台电动机，额定电压是100V

电阻是1娄赂.

正常工作时，通过的电流为5A

则电动机因发热损失的功率为________．A.500W

B.475W

C.2000W

D.25W

(4)

某电场区域的电场线分布如图所示，ABC

是电场中的三个点，则下列说法正确的是________．A.B

点的电势高于A

点的电势B.B

点的场强大于A

点的场强C.B

点的电势高于C

点的电势D.B

点的场强小于C

点的场强(5)

某正电荷在移动过程中，电场力做正功，该电荷的电势能________(

选填“增加”或“减少”)

某负电荷在移动过程中，电场力做负功，电荷的电势能________(

选填“增加”或“减少”)

．(6)

如图所示，在竖直放置的MN

两极板间有一水平向右的匀强电场，N

板右侧有方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B.

现有一质量为m

电荷量为q

的粒子(

重力不计)

由静止被电场加速后，从N

板上的小孔P

以水平速度v

射出，并进入磁场，之后在磁场中运动并垂直打在N

板正下方的竖直屏幕上的Q

点．垄脵

判断该粒子带正电还是带负电；垄脷

求粒子在磁场中运动的轨道半径R

及PQ

间的距离x

．31、在某次斯诺克比赛中；白球以4m/s速度推出，与正前方另一静止的相同质量的红球发生对心正碰，碰撞后红球的速度为3m/s，运动方向与白球碰前的运动方向相同，不计球与桌面间的摩擦．

（1）求碰后瞬间白球的速度；

（2）试通过计算说明该碰撞是弹性碰撞还是非弹性碰撞．32、如图，在注满水的游泳池的池底有一点光源A

它到池边的水平距离为3.0m.

从点光源A

射向池边的光线AB

与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为43

(1)

求池内的水深；(2)

一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到池面的高度为2.0m

当他看到正前下方的点光源A

时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为45鈭�

求救生员的眼睛到池边的水平距离(

结果可保留根号)

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|D【分析】交流电频率变化越快，铁件内磁化退磁次数越多，铁件内损耗越大，发热越块，A正确，工件上只有焊缝处温度升得很高是因为焊缝处的电阻大D正确。【解析】【答案】AD2、C【分析】【解答】解：麦克斯韦预言了电磁波的存在；并建立了电磁场理论，即“麦克斯韦定律”，故C正确，ABD错误；

故选：C

【分析】麦克斯韦预言了电磁波的存在，同时建立了较为完整的电磁场理论，赫兹通过实验证实了电磁波的存在．3、B【分析】解：AB、设轻绳的拉力为T，则对A：T+Tcos60°=kTcos30°=maA，解得：aA=故A错误，B正确；

C、恒力F的大小为F=2ma=故CD错误；

故选：B．

对A受力分析；通过对A水平方向由牛顿第二定律求A环的加速度；通过对整体受力分析，求出恒力F的大小．

此题考查了牛顿定律及库仑定律的应用；关键是分析物体的受力情况，对整体及个体分别用正交分解法列出牛顿方程即可求解．【解析】【答案】B4、C【分析】【分析】本题考查自然选择学说的有关内容，意在考查考生对害虫抗药性产生的理解能力。【解答】有的害虫抗药性强，有的抗药性弱。使用农药时，把抗药性弱的害虫杀死，这叫不适者被淘汰；抗药性强的害虫活下来，这叫适者生存。活下来的抗药性强的害虫，繁殖的后代有的抗药性强，有的抗药性弱，在使用农药时，又把抗药性弱的害虫杀死，抗药性强的害虫活下来。这样经过若干代的反复选择，最终活下来的害虫大多是抗药性强的害虫。在使用同等剂量的农药时，就不能起到很好的杀虫作用，导致农药的灭虫的效果越来越差。综上分析，C正确，ABD错误。故选C。【解析】C5、B【分析】略【解析】B

6、A【分析】解：A

根据理想气体状态方程PVT=C

知；一定质量的气体，保持体积不变，压强将随温度的增大而增大，A正确；

B、根据热力学第一定律公式鈻�U=W+Q

知对空气做功3.5隆脕105J

同时空气的内能增加了2.5隆脕105J

则空气向外界放出热量1.0隆脕105J

B错误；

C；分子处于永不停息的无规则运动之中；温度为零，分子不会停止运动，C错误；

D；热量从低温物体传到高温物体是可能的；比如电冰箱，D错误；

故选：A

【解析】A

7、C【分析】从轨迹图可以看出油滴在竖直方向上向上运动；则受到向上的电场力，电场力做正功，电势能减小，B错误；做曲线运动时受到的合力指向轨迹的内测，故电场力和重力的合力竖直向上，合力做正功，根据动能定理可得动能增大，而重力做功和电场力做功之和等于重力势能和电势能之和，所以重力势能和电势能之和减小考点：考查了功能关系，动能定理。

【解析】C

8、C【分析】解：A

两个力合成的最大值为4N+6N=10N

最小值是6鈭�4=2N

可以等于8N

故A可能；

B；8N

与8N

合成最大16N

最小0N

可以为8N

故B可能；

C；3N

与4N

合成最大7N

最小0N

不可以为8N

故C不可能；

D；12N

与12N

合成最大24N

最小0N

可以为8N

故D可能；

本题选择不可能；故选：C

合力与分力是等效替代关系；符合平行四边形定则；两个分力同向时合力最大，反向时合力最小．

本题关键是根据平行四边形定则得到两个分力的合力范围，合力范围为：|F1+F2|鈮�F鈮�|F1鈭�F2|

【解析】C

二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】

电池提供的电能等于非静电力所做的功；则。

电动势E==

故答案为：2V

【解析】【答案】电动势等于电源把单位正电荷在电源内部从负极移到正极时非静电力所做的功．

10、略

【分析】【解析】【答案】（1）1（2）4（3）1/9（4）211、略

【分析】解：（1）根据单摆周期公式T=2π得到g=

（2）单摆摆长=摆球半径+摆线长度。

故摆长l=cm=87.4cm=0.874m；

重力加速度为：g==≈9.76m/s2；

（3）根据单摆的周期公式T=2π得到g=

A；B、从上面的表达式可得；重力加速度与小球的质量、摆的振幅都无关，故A错误，B错误；

C、将摆线的长误为摆长，故摆长的测量值偏小，根据g=重力加速度的测量值就偏小．故C正确；

D、单摆振动n次的时间t，单摆的周期T=若误记做n+1次，则周期的测量值小于真实值，根据g=重力加速度的测量值偏大．故D错误．

故选：C；

故答案为：

（1）

（2）0.874；9.76；

（3）C．

（1）根据单摆周期公式列式求解；

（2）单摆摆长等于摆球半径加上摆线长度；然后代入周期公式求解重力加速度；

（3）单摆振动n次的时间t，单摆的周期T=根据单摆的周期公式推导出重力加速度的表达式g=再分析g值偏大可能的原因．

本题关键明确实验原理，然后根据单摆的周期公式列式求解并分析误差大小，基础题目．【解析】0.874；9.76；C12、0.04；向右【分析】解：由题可知；5s

通过的电量中应含有正负离子；

故总电量：q=2隆脕0.20C=0.40C

则电流I=0.405=0.08C

电流的方向与负离子的定向移动方向相反；故电流的方向向右；

故答案为：0.08

向右．

由题可知通过截面的电荷量，根据电流的定义I=qt

即可求解电流；电流的方向与负电荷定向移动的方向相反．

本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由负离子运动形成时，电流的方向与离子的运动方向相反．【解析】0.04

向右13、略

【分析】解：由图1所示可知；主尺示数为1.6cm=16mm，游标尺示数为4×0.1mm=0.4mm，小球直径d=16.4mm；

由图2所示秒表可知；分针示数为1.5min=90s，秒针示数为6.8s，则秒表示数90s+6.8s=96.8s；

故答案为：16.4，96.8．【解析】16.4;96.814、略

【分析】解：正、负点电荷单独存在时，在两点电荷连线中点处产生的电场强度都为E1=E2=kQ(r2)2=4kQr2

且方向相同，故两点电荷连线中点处的合场强为E=E1+E2=8kQr2

故答案为：8kQr2

根据点电荷场强公式E=kQr2

求出两个点电荷单独存在时的场强；再进行矢量合成，即可解答．

本题关键根据点电荷场强的计算公式E=kQr2

求出各个点电荷单独存在时产生的场强，运用矢量的合成方法处理．【解析】8kQr2

三、判断题(共9题，共18分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．23、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验题(共4题，共40分)24、略

【分析】试题分析：（1）根据电路图，实物连接如图：（2）实验开始前，应使电路中电流最小，电阻最大，应先将滑动变阻器的滑片P调到a端。（3）路端电压与电流关系图像，与纵轴截距等于电动势；斜率等于内阻。E=1.50V，r=1.0Ω.考点：测量干电池电动势E和内阻r【解析】【答案】(1)连线如图(2)a(3)1.51.025、略

【分析】【解析】试题分析：电源的U－I图象，与纵轴的截距为电源电动势的值，由图可得E=2.0V；由题可得则r=0.5Ω考点：测电源电动势和内电阻【解析】【答案】2.00.526、略

【分析】【解析】【答案】（1）（2）小于27、略

【分析】【解析】试题分析：游标卡尺的读数为：螺旋测微器的读数为：考点：考查了游标卡尺和螺旋测微器的读数【解析】【答案】0.223.290(3.289,3.291都对)五、画图题(共2题，共12分)28、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】29、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共3题，共24分)30、（1）A

（2）D

（3）D

（4）C

（5）减少增加

（6）解：

①由题意可知，带电粒子在电场中加速，故受力沿电场线方向，故该粒子带正电

②粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有

解得粒子做匀速圆周运动的轨道半径

P、Q间的距离【分析】(1)

【分析】

明确电势差的定义式UAB=WABq

中各物理量的含义即可求解本题。本题简单；直接考查了学生对于电势差定义式的掌握情况。

【解答】

根据题意AB

两点间的电势差为：U=Wq

故BCD错误，A正确。

故选A。(2)

【分析】

已知电源的电动势和内阻；以及外电阻，根据闭合电路欧姆定律求电路中的电流I

解决本题的关键是要掌握闭合电路欧姆定律，并能正确应用，计算时电源的内阻不能漏了。【解答】

闭合开关S

后，根据闭合电路欧姆定律得电路中的电流为：I=ER+r=6.02.5+1.5A=1.5A

故D正确，ABC错误。故选D。

(3)

【分析】

根据焦耳定律，发热功率P脠脠=I2r

代入数据计算即可。

本题关键要明确电功率表达式P=UI

和发热功率表达式P脠脠=I2r

的适用范围。【解答】

发热电阻是电动机内阻产生的焦耳热，根据焦耳定律得到P脠脠=I2r=5A2隆脕1W=25W

故D正确，ABC错误。故选D。

(4)

【分析】

电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向电势逐渐降低。

本题考查对电场线物理意义的理解和应用能力.

电场线表示电场的强弱和方向；电场线的疏密表示场强的相对大小。

【解答】

AC.

根据电场线的特点可知，沿电场线的方向电势降低，所以A

点的电势高于B

点的电势，B

点的电势又高于C

点的电势，故A错误，C正确；BD.

电场线密处场强大，电场线稀处场强小，有图可知A

点的场强大于B

点的场强，B

点的场强大于C

点的场强，故BD错误。故选C。

(5)

【分析】

电场力对电荷做正功；说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小，根据动能定律知动能增大。

本题考查电场中的功能关系：电场力做功，导致电势能变化.

可以和重力做功与重力势能变化间关系进行类比。【解答】

不论正负电荷，电场力做功量度电势能的变化，当电场力对电荷做正功，电荷的电势能减少；如果电场力对电荷做负功时，电势能增加。故答案为：减少；增加。

(6)

本题考查带电粒子在电场和磁场中的运动；在解答时要注意几何关系的应用，可以通过画图的形式帮助分析。

垄脵垄脵由题意可知，带电粒子在电场中加速，则可以判断粒子带电性质；垄脷垄脷带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由由洛仑兹力充当向心力，可求得半径，再由几何关系可求得PQ

间的距离。

【解析】(1)A

(2)D

(3)D

(4)C

(5)

减少增加(6)

解：

垄脵

由题意可知，带电粒子在电场中加速，故受力沿电场线方向，故该粒子带正电垄脷

粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有qvB=mv2R

解得粒子做匀速圆周运动的轨道半径R=mvqB

PQ

间的距离x=2R=2mvqB

​31、略