2024年北师大版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版高二物理上册阶段测试试卷374考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、电动机正常工作时（）A.电能全部转化为内能B.电能全部转化为机械能C.电能主要转化为机械能，只有一小部分转化为内能D.电功率等于机械功率和热功率之和2、如图所示，一根绷紧的绳子系5个单摆，其中a、d摆长相等，原来5个单摆均处于静止．今先使a振动，发现其余4个单摆随之开始振动，以下说法正确的是（）A.e的振动周期最大B.d的振幅最大C.e振幅最大D.c振幅最大3、如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中，线圈轴线OO隆盲

与磁场边界重合.

线圈按图示方向匀速转动.

若从图示位置开始计时，并规定电流方向沿a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

为正方向，则线圈内感应电流随时间变化的图象是下图中的哪一个？(

)

A.B.C.D.4、下列说法中正确的是(

)

A.根据磁感应强度B

的定义式B=FIL

可知，磁感应强度B

与F

成正比，与IL

成反比B.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零C.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少了2Wb

则线圈中感应电动势每秒减少2V

D.感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化5、将正弦交流电经过整流器处理后；得到的电流波形刚好去掉了半周，如图，它的有效值是(

)

A.2A

B.2A

C.22A

D.1A

6、安徽某中学物理兴趣小组在进行“综合与实践”活动时利用无人机航拍。如图甲是一架多旋翼无人机水平悬停在空中，图乙是无人机的一条水平金属旋翼，旋翼从下往上看绕O点沿逆时针方向做角速度为ω、半径为L的匀速圆周运动，P为旋翼端点。已知北半球上空各点地磁场的磁感应强度水平分量为B1，竖直分量为B2，方向向下。则OP两点间的电势差UOP为（）A.B1L2ωB.B2L2ωC.-B1L2ωD.-B2L2ω7、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路．当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时（）

A.电压表读数减小；电流表读数增大。

B.电压表读数增大；电流表读数减小。

C.电压表和电流表读数都减小。

D.电压表和电流表读数都增大。

8、如图所示,实线与虚线分别表示振幅、频率均相同的两列波的波峰和波谷。此刻M是波峰与波峰相遇点，下列说法中正确的是()A.该时刻质点O正处于平衡位置B.P、N两质点始终处在平衡位置C.随着时间的推移,质点M将向O点处移动D.从该时刻起,经过四分之一周期,质点M到达平衡位置9、沿水平方向抛出一个铅球.

不计空气阻力.

铅球在空中运动的过程中(

)

A.机械能守恒B.机械能增加C.动能减少D.重力势能增加评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、质量m＝2kg的物体做匀加速直线运动，初速度为v0＝2m/s，已知物体在t＝2s内的位移为x＝8m，那么作用在该物体上的合外力F大小为___N。(g＝10m/s2)11、如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块。由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止。在物块的运动过程中，下列正确的是（）A.两个物块的电势能逐渐减少B.物块受到的库仑力不做功C.两个物块的机械能守恒D.物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力12、在一个很小的巨型半导体薄片上，制作四个电极EFMN

它就成了一个霍尔元件(

如图)

在EF

通入恒定的电流I

同时外加与薄片垂直的磁场B

元件在沿磁场方向的厚度为d

在MN

间出现了电压UH

称为霍尔电压.

当电流恒定和所用材料一定时，霍尔电压UH

与______成正比，与______成反比．

13、本题为选做题，考生只选择一题作答.

若两题都作答，则按24鈭�A

题计分．

。24A(

本题供使用选修11

教材的考生作答)

如图为收音机电源电路中的滤波电路，滤波元件x

是________(

填“电容”或“电感”)

用它来滤除大部分________(

填“交流”或“直流”)

成分．24B(

本题供使用选修31

教材的考生作答)

如图所示，闭合开关，将电介质向右直至完全插入两板间，电容器电容________，两极板所带电量________(

均填“增大”或“减小”)

．

14、如图是热水器的恒温集成电路，R0是热敏电阻，温度较低时其阻值很大，温度较高时阻值很小．如果热水器中没有水或水温较高时，继电器会放开簧片，发热器断路，反之会吸住簧片接通发热器．如果热水器中没有水时，电路中BC部分就处于______（填“断路”或“短路”），则在电路图的虚线框内的门电路应是______门，当温度较低时，门电路的输入端A是______电势（填“高”或“低”）．15、如图所示，在同一均匀介质中有S1S2

两个波源，这两个波源的频率、振动步调均相同，S1S2

之间相距两个波长，B

点S1S2

为连线的中点，今以B

点为圆心，以BS1

为半径画圆，则在圆周上(S1S2

两波源除外)

共有______个加强点．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分四、证明题(共2题，共16分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、解答题(共4题，共24分)25、在如图所示的甲、乙电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=1.0Ω，电阻R=2.0Ω，电动机的内阻R内=2.0Ω；求：

（1）甲图中闭合开关S后；电阻R的功率；

（2）乙图中闭合开关S后，电路中的电流为0.5A，电动机的热功率及输出功率；26、电场中某区域的电场线如图所示，A、B是电场中的两点。一个电荷量的点电荷在A点所受电场力将该点电荷从A点移到点，电场力做功

求：（1）A点电场强度的大小

（2）A、B两点间的电势差

27、如图所示的平行板器件中，存在相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.40T，方向垂直于纸面向里，电场强度E=2.0×105V/m，PQ为板间中线，紧靠平行板右侧边缘xoy坐标系的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B2=0.25T，磁场边界AO和y轴的夹角∠AOy=45°．一束带电荷量q=8.0×10-19C的正粒子从P点射入平行板间；沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.2m）的Q点垂直y轴射入磁场区域，粒子通过x轴时的速度方向与x轴正方向夹角为45°．不考虑重力的影响．求：

（1）粒子运动的速度v是多大？

（2）粒子的质量m是多大？

28、如图所示；小球P一边贴着水面每秒振动5次，一边沿x轴正方向匀速移动，x=0点。

是它的初始位置；图示为恰经10个周期时观察到的水面波，此时小球运动到x=20cm处．问：

（1）在x=-20cm处的浮子的振动频率比波源频率大还是小？

（2）小球P匀速移动的速度及此水面波的传播速度分别多大？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C|D【分析】【解析】试题分析：电动机电路属于分纯电阻电路，电动机正常工作时，消耗的电能主要转化为机械能，由于电机也有电阻，阻值很小，所以有一小部分电能转化为内能,因此电功率等于机械功率和热功率之和。故选CD考点：电功和电热【解析】【答案】CD2、B【分析】解：A、a摆振动起来后，使得b；c、d、e做受迫振动；振动的频率都等于a振动的频率．所以各摆振动的周期与频率都相等．故A错误．

B；d摆的摆长与a摆相等；则固有周期相等，即固有频率相等．可见，受迫振动的频率和a摆振动的频率相等，发生共振，振幅最大．故B正确，CD错误．

故选：B．

受迫振动的频率等于驱动率的频率；当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振幅最大，即共振．

解决本题的关键知道受迫振动的频率等于驱动率的频率，当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振幅最大，即共振．【解析】【答案】B3、A【分析】解：图示时刻，由楞次定律判断出线圈中感应电流方向为：a隆煤d隆煤c隆煤b隆煤a

为负方向.

线圈中产生的感应电动势表达式为e=Emsin娄脴t=BS娄脴sin娄脴tS

是线圈面积的一半，则感应电流的表达式为i=鈭�eR=鈭�BS娄脴Rsin娄脴t=鈭�Imsin娄脴t

其中Im=BS娄脴R.

故线圈中感应电流按正弦规律变化；根据数学知识得知A正确，BCD错误．

故选A

根据楞次定律判断出感应电流的方向.

由感应电动势的表达式e=Emsin娄脴t

由欧姆定律求出此线圈感应电流的表达式，再选择图象．

本题是楞次定律和正弦交变电流瞬时值表达式e=Emsin娄脴t

的应用，此式计时起点是中性面．【解析】A

4、D【分析】解：AB

磁感应强度的大小由磁场本身的性质决定；与导线所受安培力、导线的长度以及电流无关.

在磁场中安培力等于零，但磁场的磁感应强度不为零.

故A、B错误．

C

根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�娄碌鈻�t

得；感应电动势的大小为2V.

故C错误．

D；根据楞次定律；感应电流的磁场总是阻碍原磁场磁通量的变化，当原磁场磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场方向相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与原磁场方向相同.

故D正确．

故选D．

AB

磁感应强度是通过比值定义法定义的；大小由磁场本身的性质决定．

C、根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�娄碌鈻�t

去判断感应电动势的大小．

D；根据楞次定律判断感应电流磁场与原磁场磁通量变化的关系．

本题要知道磁感应强度是通过比值定义法定义的，以及会根据法拉第电磁感应定律求电动势的大小，会根据楞次定律判断感应电流的方向．【解析】D

5、D【分析】解：设交流电电流的有效值为I

周期为T

电阻为R

则，有：

I2RT=(Im2)2R?T2

解得：

I=Im2=1A

故选：D

根据有效值的定义求解.

取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解，基础题．【解析】D

6、D【分析】解：将无人机的机翼看成一个金属杆；它在竖直向下的匀强磁场中以O点为圆心转动，但机翼上每一段切割速度不同，根据切割产生感应电动势公式求出机翼产生的感应电动势大小为：

E=BL=B×=

方向由右手定则确定P点电势高；即OP的电压为：

UOP=-E=-

所以只有选项D正确。

故选：D。

无人机在北半球的上空以悬停；但机翼以一定的角速度转动，切割磁感应强度的竖直分量，根据E=BLv求出切割产生的感应电动势大小，根据右手定则判断出感应电动势的方向，从而确定出O；P两点电势的高低（电源电动势是从电源的负极经电源内部指向电源的正极）

解决本题的关键掌握切割产生的感应电动势大小公式，以及会运用右手定则判断感应电动势的方向。【解析】D7、A【分析】

当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律总电流I增大，路端电压U减小，电压表测量的是路端电压，则电压表读数减小．R2和R并联部分的电压U并=E-I（R1+r），E、R1、r均不变，I增大，则U并减小，通过R2的电流减小；而总电流增大，所以电流表读数增大．

故选A

【解析】【答案】当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，变阻器接入电路的电阻减小，分析电路的总电阻如何变化，根据闭合电路欧姆定律判断总电流和路端电压如何变化，得出电压表读数如何变化．由欧姆定律分析并联部分的电压如何变化，根据总电流和通过R2的电流的变化情况；判断电流表读数如何变化．

8、B|D【分析】【解析】试题分析：由图知O点是波谷和波谷叠加，是振动加强点，A错误；P、N两点是波谷和波峰叠加，位移始终为零，即处于平衡位置，B正确；振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流”，C错误；从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，D正确；故选BD考点：波的叠加．【解析】【答案】BD9、A【分析】解：AB

由于不计空气阻力；故小球在空中飞行时只有重力做功，故机械能守恒；故A正确，B错误；

CD

由于小球高度下降；故重力势能减小，根据机械能守恒定律可知，动能增加，故CD错误．

故选：A

．

明确小球在空中的受力情况；根据机械能守恒的条件进行分析，从而明确机械能是否守恒；再根据机械能守恒定律分析重力势能和动能的变化情况．

本题考查机械能守恒定律内容和机械能守恒的条件，要注意明确机械能守恒的条件为：只有重力和弹力做功，同时明确在机械能守恒的情况下，重力势能减小时动能一定增加，而总量不变．【解析】A

二、填空题(共6题，共12分)10、略

【分析】试题分析：根据解得a=2m/s2，根据牛顿第二定律：F=ma=4N.考点：牛顿第二定律的应用.【解析】【答案】411、略

【分析】试题分析:由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势能减小．故A正确；两物块之间存在库仑斥力，对物块做正功．故B错误；开始阶段，物块静止，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，不守恒．故CD错误．考点：电势能；库仑定律【解析】【答案】A12、B，d【分析】解：根据左手定则知，电子向N

端偏转，所以M

端带正电，N

端带负电，M

端的电势较高.(2)

设薄片的长度为a

宽度为b

根据电子受力平衡得，eUHb=evB

解得UH=Bvb

因为I=nevS=nevbd

解得v=Inebd

代入解得UH=BInedn

表示单位体积内的电子数，可知霍尔电压与B

成正比，与d

成反比.

故答案为：(1)M(2)Bd(1)

根据左手定则判断电子的偏转方向，从而得出电势的高低.(2)

抓住电子受力平衡得出霍尔电压的大小，结合电流的微观表达式得出霍尔电压的表达式，从而进行判断.

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下平衡．【解析】BBdd13、略

【分析】A.电容的性质是“通交流；隔直流”．

B

．电容器的决定式是C=

当电介质向右直至完全插入两极间，娄脜

增大，C

增大，又C=

知，U

不变，Q

变大．

【解析】24A.

电容；交流拢虏拢麓拢脗.

增大；增大14、略

【分析】解：根据题意，当温度低且有水时，继电器吸住簧片接通发热器，即门电路的输入1、1时，输出为1（继电器工作）；当热水器中没有水或水温较高时，继电器会放开簧片，发热器短路，即门电路的输入0、0；0、1；1、0时，输出为0（继电器不工作）故该逻辑关系为与逻辑关系，为与门电路；当温度较低时，R0的阻值很大；根据串联电路分压，A点的电势较高，即门电路的输入端A是高电势．

故答案为：断路；与；高．

当温度较低且有水时，继电器吸住簧片接通发热器；当热水器中没有水或水温较高时，继电器会放开簧片，发热器短路，故该逻辑关系为与逻辑关系，为与门电路；当温度较低时，R0的阻值很大；根据串联电路分压，A点的电势较高，即门电路的输入端A是高电势．

本题考查逻辑电路在生活中的应用；要求我们会根据题意理清逻辑关系，并学会分析门电路图的性质．【解析】断路；与；高15、略

【分析】解：若它们的波程差是波长的整数倍；则振动是加强区，所以振动加强点是到S1S2

距离相差N娄脣

的点(N=012)

当N=0

时；是S1S2

中垂线与圆的两个交点；

当N=1

时是以S1S2

为焦点的双曲线与圆的四个交点或者是以S1S2

为直径的有个角为30鈭�

的内接三角形的顶点(

这样的顶点有4

个)

当N=2

时；是S1S2

本身，不算；

当N>2

时不存在这样的点；所以共有6

个加强点．

故答案为：6

．

两列频率相同的简谐波在某点相遇时；若它们的波程差是波长的整数倍，则振动是加强区；若它们的波程差是半波长的整数倍，则振动是减弱区．

解决本题的关键知道波峰和波峰叠加，波谷与波谷叠加振动加强，波峰与波谷叠加，振动减弱.

以及知道振动加强区和振动减弱区的分布．【解析】6

三、判断题(共7题，共14分)16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．四、证明题(共2题，共16分)23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简