2024年冀教新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案255

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年冀教新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑动变阻器R1的滑片P向a端移动时。

A.A1、A2的示数都减小B.A1、A2的示数都增大C.A1的示数增大，A2的示数减小D.A1的示数减小，A2的示数增大2、如图所示电路中；当滑动变阻器滑片P向上移动时，则（）

A.电流表示数变大B.电压变示数变小C.灯泡变暗D.灯泡变亮3、如图所示是某种晶体加热熔化时，它的温度T随时间t的变化图线；由图可知（）

A.图线中间平坦的一段，说明这段时间晶体不吸收热量B.这种晶体熔化过程所用时间是6minC.A、B点对应的物态分别为固液共存状态、液态D.在图线中的AB段，吸收的热量增大了分子势能4、关于光现象，下列说法正确的是（）A.玻璃幕墙造成的光污染是由光的折射形成的B.立竿见影的“影”是由光沿直线传播形成的C.花瓣呈现红色是因为它吸收了红光，反射了其它色光D.电影银幕上的像是虚像5、如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外．下述过程中使线圈产生感应电流的是

A.将线圈向上平移B.将线圈向下平移C.以bc为轴转动45°D.以ad为轴转动45°6、水平固定放置的足够长的U形金属导轨处于竖直向上的匀强磁场中，在导轨上放着金属棒ab，开始时ab棒以水平初速度向右运动，最后静止在导轨上，就导轨光滑和粗糙两种情况比较，这个过程（）

A.安培力对ab棒所做的功相等B.电流所做的功相等C.产生的总内能不相等D.通过ab棒的电量不相等7、如图所示；矩形线圈绕垂直于匀强磁场的对称轴做匀速转动，经过中性面时，以下说法错误的是。

A.线圈平面与磁感线方向垂直B.线圈中感应电流的方向将要发生改变C.通过线圈平面的磁通量最大D.通过线圈的感应电流最大8、如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为4:1，电流表、电压表均为理想电表．下列说法正确的是（））

A.B.电流表的读数为0.25AC.原线圈的输入功率为D.副线圈输出交流电的周期为50s电压表的读数为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，阻值均大于r，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器的滑动触头P自a端向b端滑动的过程中。

A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.电容器C所带电荷量增多D.电源的输出功率变大10、关于一定量的气体，下列说法正确的是（）A.气体做等温膨胀变化，其压强一定减小B.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和C.气体分子热运动的剧烈程度减弱时，气体的压强一定减小E.气体从外界吸收热量，其内能可能减小E.气体从外界吸收热量，其内能可能减小11、关于热学规律，下列说法正确的是（）A.热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必须有第三者介入B.如果用Q表示物体吸收的能量，用W表示物体对外界所做的功，ΔU表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为C.蒸发的快慢与空气的湿度有关，与气温无关E.在用油膜法估测分子的直径的实验中，主要是解决两个问题：一是获得很小的一滴油酸并测出其体积，二是测量这滴油酸在水面上形成的油膜面积E.在用油膜法估测分子的直径的实验中，主要是解决两个问题：一是获得很小的一滴油酸并测出其体积，二是测量这滴油酸在水面上形成的油膜面积12、矩形线框在磁场中做如图所示的各种运动，运动到图示位置时，其中有感应电流产生的是()A.B.C.D.13、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度．下述结论正确的是（））

A.若保持开关S闭合，将B两极板靠近些，指针张开角度将变小B.若保持开关S闭合，将B两极板正对面积变小些，指针张开角度将不变C.若断开开关S后，将B两极板靠近些，指针张开角度将变小D.若断开开关S后，将B两极板正对面积变小些，指针张开角度将变大14、原子核的比结合能曲线如图所示；根据该曲线，下列判断正确的有。

A.核的结合能约为28MeVB.核比核更稳定C.两个核结合成核时释放能量D.核中核子的平均结合能比核中的大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图所示，体积相同的玻璃瓶分别装满温度为60℃的热水和0℃的冷水，两瓶水通过__________方式改变内能。已知水的相对分子质量是若瓶中水的质量为水的密度为阿伏伽德罗常数则瓶中水分子个数约为__________个（保留两位有效数字）

16、在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为水银柱高；图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为___________乙图气体压强为___________

(2)实验时某同学认为形管的横截面积可不用测量，这一观点正确吗？___________（选填“正确”或“错误”）。

(3)数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强为纵坐标，以体积（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出与间的反比关系吗？___________（选填“能”或“不能”）。17、如图所示，一定质量的理想气体经历A→B、B→C、C→A三个变化过程；则：

（1）C→A过程中气体______（选填“吸收”或“放出”）热量，______（选填“外界对气体”或“气体对外界”）做功。

（2）已知理想气体在状态A时的温度是27℃，求气体在状态C时的温度______K。18、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

19、如图所示为某磁场的磁感线分布情况，图中M点的磁感应强度_________(填“大于”；“等于”或“小于”)P点的磁感应强度．

20、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置．

①关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是______．（选填选项前面的字母）

A．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器所带电荷量的多少。

B．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器两板间电压的大小。

C．静电计的外壳与A板相连接后可不接地②让平行板电容器正对的两极板带电后，静电计的指针偏转一定角度．不改变A、B两板所带电荷量，且保持两板在竖直平面内．现要使静电计指针偏转角变大，下列做法中可行的是_____．（选填选项前面的字母）

A．保持B板不动，A板向上平移。

B．保持B板不动，A板向右平移。

C．保持A、B两板不动，在A、B之间插入一块绝缘介质板21、如图所示，正方形边长为L，内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，现有质量为m、带电荷量为+q的粒子以速度v从ad边中点的小孔垂直于ad边射人匀强磁场，欲使粒子能打到cd边上，则磁感应强度B的取值范围是________.22、如图所示，甲木块的质量为m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的、质量为m2=3kg的乙木块，乙上连有一轻质弹簧．则甲木块与弹簧接触后弹簧获得的最大弹性势能为___J，乙木块受到的冲量I=___________

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)26、做测定玻璃折射率实验时；同学们被分成若干实验小组，以下是其中两个实验小组的实验情况：

（1）甲组同学在实验时，用他们测得的多组入射角i与折射角r作出图象如图甲所示，则下列判定正确的是()

A.光线是从空气射入玻璃的。

B.该玻璃的折射率约为0.67

C.该玻璃的折射率约为1.5

D.该玻璃置于空气中时临界角约为45°

（2）乙组同学先画出图乙所示的坐标系，再在y＜0区域放入某介质（以x轴为界面），并通过实验分别标记了折射光线、入射光线、反射光线通过的一个点，它们的坐标分别为A（8，3）、B（1，－4）、C（7；－4），则：

①入射点O′（图中未标出）的坐标为___________；

②通过图中数据可以求得该介质的折射率n＝___________。27、在描绘一个标有“6.3V0.3A”小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到6.3V，并便于操作．已选用的器材有：

学生电源（电动势为9V，内阻约1Ω）；

电流表（量程为0~0.6A，内阻约0.2Ω；量程为0~3A，内阻约0.04Ω）；

电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ；0~15V，内阻约15kΩ）；

开关一个、导线若干．

（1）实验中还需要选择一个滑动变阻器，现有以下两个滑动变阻器，则应选其中的_________（选填选项前的字母）．

A．滑动变阻器（最大阻值10Ω，最大允许电流

1A)B．滑动变阻器（最大阻值1500Ω，最大允许电流

0.3A)（2）实验电路图应选用图1_________中的（选填“甲”或“乙

”）．（3）请根据（2）中所选的电路图，补充完成图2

中实物电路的连线．（4I）根据实验数据，画出的小灯泡U-图线如图3________所示．由此可知，当小灯泡两端的电压增加时，小灯泡的电阻值将（选填“变大”或“变小”）．评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)28、如图所示，一个内壁光滑导热性良好的圆柱形气缸竖直静置于水平面上，高度为底面积为缸内有一个质量为的活塞，封闭了一定质量的理想气体。开始周围环境温度为时，缸内气体高为已知重力加速度为大气压强为不计活塞厚度及活塞与缸体的摩擦。求：

（1）若周围环境温度缓慢升高；最终活塞刚好脱离气缸，问最终周围环境温度为多少？

（2）在（1）问情景中，若气体内能增加了则在此过程中缸内气体共吸热多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】当滑动变阻器R1的滑动片P向a端移动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，所以可知A1的示数减小．电源的内电压减小，则路端电压增大，通过R2的电流增大，则通过A2的电流减小．故A正确．故选A.

【点睛】结合串并联电路的特点，按“局部到整体再到局部”的顺序进行动态分析．2、C【分析】当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流I减小，电流表示数变小，灯泡变暗．因灯泡和电源内阻上的电压减小，则滑动变阻器上的电压变大，电压表的示数变大，故选项C正确，ABD错误，故选C.3、D【分析】【详解】

AD．由该种晶体熔化时的变化曲线可知，该晶体从开始加热，随着时间的增加而温度升高，经过2min后达到此时已经达到晶体熔点，晶体开始熔化，但是物体还是处于固态，A；B平坦的一段线段说明晶体吸收了热量，但是温度并没有升高，这些热量全部用来破坏晶体的规则结构，增大分子间间势能，所以D正确，A错误；

BC．A；B平坦的一段线段；A对应物体是固态，所以在此段时间是固态和液态共存，熔化过程用了4min，图线的B点说明晶体全部熔化，变成液态，故B对应的是液态，所以BC错误。

故选D。4、B【分析】【分析】

【详解】

A．玻璃幕墙造成的光污染是由光的反射形成的；选项A错误；

B．“立竿见影”是说当光线照到竖直的竿子上时；就会在它的后面形成一个竿子的影子，这是光沿直线传播形成的，选项B正确；

C．花瓣呈现红色是因为它反射了红光；吸收了其它色光造成的，选项C错误；

D．电影银幕上的像是实像；选项D错误；

故选B。5、D【分析】【分析】

磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生．

【详解】

将线圈向上平移或者向下平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故AB错误．以bc边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量仍为Φ=B保持不变，没有感应电流产生，不符合题意．故C错误．以ad边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量从Φ=B减小到零；有感应电流产生，符合题意．故D正确．故选D．

【点睛】

对于匀强磁场磁通量，可以根据磁感线条数直观判断，也可以根据磁通量的计算公式Φ=BSsinα（α是线圈与磁场方向的夹角）进行计算．6、D【分析】【详解】

A．当导轨光滑时；金属棒克服安培力做功，动能全部转化为焦耳热，产生的内能等于金属棒的初动能；当导轨粗糙时，金属棒在导轨上滑动，一方面要克服摩擦力做功，摩擦生热，把部分动能转化为内能，另一方面要克服安培力做功，金属棒的部分动能转化为焦耳热，摩擦力做功产生的内能与克服安培力做功转化为内能的和等于金属棒的初动能；所以，导轨粗糙时，安培力做的功少，导轨光滑时，安培力做的功多，A错误；

B．电流所做的功等于回路中产生的焦耳热；根据功能关系可知导轨光滑时，金属棒克服安培力做功多，产生的焦耳热多，电流做功大，B错误；

C．两种情况下；产生的内能相等，都等于金属棒的初动能，C错误；

D．根据感应电荷量公式

x是ab棒滑行的位移大小，B、R、导体棒长度L相同，x越大，感应电荷量越大，因此导轨光滑时，滑行距离x大；感应电荷量大，D正确。

故选D。

【点睛】

金属棒在导轨上做减速运动，最后金属棒静止在导轨上；对金属棒进行受力分析，从能量转化的角度分析内能关系．根据感应电荷量公式分析产生的电量关系．对金属棒正确受力分析，从能量的角度分析内能问题，要熟悉感应电荷量公式这一电磁感应问题常用的经验公式。7、D【分析】【详解】

A；中性面；就是磁场方向与线圈平面垂直的位置．故A正确．

B；中性面时；电流减为零，经过中性面电流方向将发生改变，大小增大．故B正确．

C；经过中性面时；磁场垂直于线圈平面，此时磁通量最大．故C正确．

D；经过中性面时；当线圈平面与磁场方向垂直，左右两边不切割磁感线，不产生的感应电动势，感应电流为零．故D错误．

本题选错误的；故选D．

【点睛】

本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．8、B【分析】【分析】

根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值；周期和频率等；再根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论．

【详解】

由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为55V，电压表的读数为55V；再由输入功率和输出功率相等可得P=220I1==55W，所以原线圈的电流的大小为I1=0.25A，所以AC错误，B正确；变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为T==0.02s；所以D错误．故选B．

【点睛】

题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．二、多选题(共6题，共12分)9、A:D【分析】【分析】

在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据Q=CU可知所带电荷量的变化；根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．根据外电路电阻与内阻的关系；判断电源的输出功率的变化。

【详解】

A.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，并联电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大；则电压表示数变大，故A正确；

B.根据闭合电路欧姆定律，内电压增大，R1两端电压增大，可知并联部分电压减小，流过R2的电流减小。由于干路电流I增大，所以流过R3的电流增大；电流表示数增大，故B错误；

C.电容器与电阻R2并联；电压相等，根据Q=CU，电容器C所带电荷量减小，故C错误；

D.当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，外电路电阻越接近内阻，电源的输出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r；外电路电阻大于内阻，现外电路总电阻减小，电源的输出功率增大，故D正确。

故选：AD。10、A:B:E【分析】【详解】

A．由理想气体状态方程可得；气体在等温膨胀过程，温度不变，体积与压强成反比，体积增大，压强一定减小，故A正确；

B．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积；故B正确；

C．温度高气体分子热运动就剧烈；所以只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度可以降低，但是压强不一定越低，故C错误；

D．在完全失重的情况下；分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，故D错误；

E．气体从外界吸收热量；但如果同时对外做功，根据热力学第一定律，则内能可能减小，故E正确。

故选ABE。11、A:B:E【分析】【详解】

A．由热力学第二定律知；热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必须有第三者介入，选项A正确；

B．热力学第一定律表达为Q=△U+W，其中Q表示物体吸收的能量，用W表示物体对外界所做的功；故B正确；

C．蒸发的快慢与液体表面积大小；气温高低、气体表面的空气流动速度等有关；故C错误；

D．热力学温度是国际单位制中七个基本物理量之一；故D错误；

E．在用油膜法估测分子的直径的实验中；主要是解决两个问题：一是获得很小的一滴油酸并测出其体积，二是测量这滴油酸在水面上形成的油膜面积，故E正确。

故选ABE。12、C:D【分析】【详解】

AB两图中；线框在运动过程中，面积不变；磁感应强度不变，穿过线框的磁通量不变，不产生感应电流，故AB错误；C图中线框与磁场平行，磁通量为零，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量开始增大，有感应电流产生，故C正确；D图中线框与磁场垂直，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量变小，有感应电流产生，故D正确；故选CD．

【点睛】

本题考查了感应电流产生的条件，分析清楚图示情景、明确磁通量是否发生变化，即可正确解题．13、B:C:D【分析】【分析】

静电计测量的是电容器两端的电势差；断开电键，电容器所带的电量不变，根据电容的变化判断电势差的变化，闭合电键，电容器两端的电势差不变；

【详解】

A、保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，静电计测量的是电容器两端的电势差，所以指针张角不变，故A错误，B正确；

C、断开电键，电容器带电量不变，将AB靠近一些，则d减小，根据知，电容增大，根据知，电势差减小，指针张角减小，故C正确；

D、断开电键，电容器带电量不变，将AB正对面积变小些，根据知，电容减小，根据知；电势差增大，指针张角增大，故D正确．

【点睛】

本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变．14、A:C【分析】【详解】

A．结合能等于比结合能与核子数的乘积，所以核的结合能为7×4=28MeV；故A正确；

B．核比结合能为7MeV，核为5MeV，比结合能越大的核越稳定，所以核比核更稳定；故B错误；

C．两个核结合成核即为核聚变；核聚变会释放大量的能量，故C正确；

D．核子的平均结合能就是比结合能，核中核子的平均结合能比核中的大，故D错误．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]若把A；B两只玻璃瓶并靠在一起；则A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递。

[2]根据题意，由公式可得，瓶中水的体积为

一个水分子的体积为

瓶中水分子个数约为

联立代入数据解得个【解析】热传递16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]题图甲中气体压强为图乙中气体压强为

(2)[3]由玻意耳定律

即（为空气柱长度）

知，形管的横截面积可不用测量；

(3)[4]以为纵坐标，以为横坐标，作出图线是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应作出图线，看是否为过原点的直线，才能最终确定与是否成反比。【解析】①.76②.80③.正确④.不能17、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]C→A过程中气体压强不变；体积变大，则温度升高，气体对外做功，内能增加，则气体吸收热量；

（2）[3]从A到C由盖吕萨克定律可知

解得TC=0.5TA=150K【解析】吸收气体对外界15018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收19、略

【分析】【详解】

如图；M点处磁感线比P点处磁感线密，则M点的磁感应强度大于P点的磁感应强度．

【点睛】

磁感线可以形象表示磁场的强弱和方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线越密，磁感应强度越大．磁感线的切线方向表示磁场的方向．【解析】大于20、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

①静电计指针张角可表示出两板间电势差的大小；所以A错误B正确。

因为目的就是为了让两板间电势差与静电计两铂片上电势差相等；所以静电计的外壳与A板相连接后可不接地，故C正确。

电压表有示数必须有电源；所以不可以用量程为3V的电压表替代静电计，故D错误。

故选BC

②现要使静电计指针偏角变大，即电势差增大，电荷量不变，所以电容减小，保持B板小动，A板向上平移，正对面积减小，电容减小，符合题意，故A正确。

保持B板不动；A板向右平移，板间距离减小，电容增大，不符合题意，故B错误。

保持A；B两板不动；在A、B之间插入一块绝缘介质板，增大介电常数，电容增大，不符合题意，故C错误。

故选A21、略

【分析】由题意知，带正电的粒子从cd边d点射出磁场，其在磁场中圆周运动的半径故粒子在磁场中做圆周运动洛伦兹力提供向心力即可得粒子做圆周运动的磁感应强度

带正电的粒子从cd边c点射出磁场，由几何关系可知：可得粒子圆周运动的最大半径故粒子在磁场中做圆周运动洛伦兹力提供向心力即可得粒子做圆周运动的磁感应强度

故欲使粒子打在cd边上，磁感应强度B的取值范围是【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]当滑块甲、乙的速度相同时，间距最小，弹簧压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，设向右为正方向，由动量守恒定律有

弹簧的最大弹性势等于滑块甲、乙系统损失的动能

联立并代入数据解得

[2]乙木块受到的冲量

【点睛】

解决本题首先要明确研究的过程，其次把握信隐含的条件：弹簧伸长最长时两木块的速度相同。考查学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。【解析】9.6J4.8NS四、作图题(共3题，共18分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小