广东省汕头市2022-2023学年高三上学期物理期末教学质量检测试卷

广东省汕头市2022-2023学年高三上学期物理期末教学质量检测试卷姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三四总分评分一、单选题1．如图1所示是一种常见的持球动作，用手臂挤压篮球，将篮球压在身侧。为了方便问题研究，我们将场景进行模型化处理，如图2所示，则下列说法正确的是（）A．手臂对篮球的压力可以大于篮球重力B．篮球对身体的静摩擦力方向竖直向上C．身体对篮球的作用力方向为垂直身体向外D．篮球对身体的静摩擦力大小可能等于篮球重力2．旋转飞椅是小朋友非常喜爱的游乐项目。当飞椅加速旋转起来的过程中，下列说法正确的是（）A．椅子对身体的作用力方向竖直向上B．椅子对身体的支持力方向竖直向上C．身体所受合外力方向水平指向圆心D．椅子对身体的支持力大小逐渐增加3．2022年10月12日，神舟十四号飞行乘组航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲在问天实验舱通过“天宫课堂”给让广大青少年授课。对于此次“天空课堂”上的演示实验，下列说法正确的是（）A．T字扳手悬浮在机舱，其已经没有受到地球的吸引力B．T字扳手悬浮在机舱，其已经处于受力平衡的状态C．T字扳手悬浮在机舱，其受力并不平衡D．T字扳手悬浮在机舱，其速度为零4．如图是一张湖边风景照，近处湖面水下水草清晰可见，而远处则只看到树木和建筑的倒影，水面下的景物根本看不到。下列说法中正确的是（）A．远处水面下的景物根本看不到，是因为远处树木和建筑的反射光强度太大而被覆盖B．远处树木和建筑的倒影非常清晰，是因为树木和建筑的光线在水面上发生了全反射C．远处水面下景物的光线射到水面处，入射角较大的光线发生了全反射，所以看不见D．由于光在水面下发生折射，近处水面下水草的实际深度比看到的要浅一些5．如图所示的心脏除颤器用脉冲电流作用于心脏，实施电击治疗，使心脏恢复窦性心律。心脏除颤器的核心元件是电容器，治疗前先向电容器充电，工作时对患者皮肤上的两个电极板放电，让电荷通过心脏，刺激心脏恢复正常跳动。该心脏除颤器的电容器电容是25μF，充电至4kV电压，如果电容器在4ms时间内完成放电，则下列说法正确的是（）A．电容器放电过程通过人体组织的电流恒定B．电容器的击穿电压为4kVC．此次放电有1C的电荷量通过人体组织D．此次放电通过人体的平均电流为25A6．运动员投篮后篮球应声入框，轨迹如图所示。位置2是篮球在空中的最高点，研究篮球从位置1到位置3过程，下列说法正确的是（）A．篮球从位置1运动到位置3的过程中空气阻力不做功B．篮球在位置2处重力的功率为零C．篮球从位置1运动到位置3过程中重力先做正功再做负功D．篮球从位置1运动到位置3过程中重力的功率先增大再减小7．无线充电是当下正在快速普及的技术，手机也能应用电磁感应原理进行无线充电。如图所示为利用磁场传递能量的示意图，主要包括安装在充电基座的送电线圈和安装在手机内部的接收线圈组成，对于充电过程，下列说法正确的是（）A．若增大充电电流的变化率，接收线圈的感应电动势将增大B．若缩小两线圈距离，接收线圈的感应电动势将减小C．若增大两线圈距离，接收线圈的感应电动势将增大D．忽略线圈电阻的能量损耗，传输过程没有能量损失二、多选题8．图甲是儿童游乐场中的波浪形滑梯，可以把它简化为图乙的模型，滑梯由四块长度相同的木板拼接而成，①③板相互平行，②④板相互平行，A点为②板和③板的连接点，B点为④板的末端。设一个小孩从滑梯顶端初速度为零开始下滑，到达末端。忽略他在两板连接处的能量损失，且四块木板粗糙程度处处相同。下列说法正确的是（）A．在②板下滑的加速度大于在③板下滑的加速度B．在②板下滑的时间小于在③板下滑的时间C．vD．v9．如图所示，竖直面内有一个匀强电场，球1和球2是两个质量相同的带电小球，以相同的初速度沿电场中轴线水平射入，球1和球2的电荷量大小分别为q1和qA．球1一定带负电 B．球2一定带正电C．q1一定大于q2 D．q10．我国的特高压输电技术居世界第一，如图，发电站输出电压稳定，经升压变压器升至特高压进行远距离运输，再经过降压变压器T2降压后供用户端使用，用户端电阻可分为持续用电用户电阻（设为定值电阻R1）和灵活用电用户电阻（设为可变电阻A．用电高峰期时，相当于R2B．用电高峰期时，R1C．在不改变输送电能总功率的前提下，对比普通的高压输电，使用特高压输电可以使R1D．在不改变输送电能总功率的前提下，对比普通的高压输电，使用特高压输电可以使输电线上电能损耗降低11．2022年10月20日，世界首个电磁驱动地面超高速试验设施——“电磁橇”在我国济南阶段性建成并成功运行，电磁橇可以将吨级及以上物体最高加速到1030公里的时速，创造了大质量超高速电磁推进技术的世界最高速度纪录。电磁橇运用了电磁弹射的原理，图甲是一种线圈形电磁弹射装置的原理图，开关S先拨向1，直流电源向电容器充电，待电容器充好电后在t=0时刻将开关S拨向2，发射线圈被弹射出去，如图乙所示，电路中电流在t=tA．在t=0∼tB．在t=0∼tC．增加发射线圈的匝数，发射线圈加速度不变D．发射导管越长，发射线圈的出射速度越大三、实验题12．某实验小组利用智能手机的连拍功能，研究小物块沿斜面匀加速下滑过程。他们找到一块长L=1.0m，上表面粗糙程度相同的长木板，将其一端固定在距水平桌面高h=0.5m的位置，另一端放在桌面上。小物块由长木板上端静止释放，同时启动手机的连拍功能，拍得小物块下滑过程的多张照片，将连续拍摄的多张照片叠在一起，如下图所示，通过贴在长木板旁的标尺测得不同位置之间的距离：x1=11.05cm，x2=28.08cm，x3（1）测量物块间距时，读数产生的误差属于误差，（选填“偶然”或“系统”）（2）可求得物块沿斜面下滑的加速度大小为m/s2（3）物块与长木板上表面间的动摩擦因数为。13．为测量某电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为2Ω），小聪同学设计了如图甲、乙所示实验电路图，并完成了图甲电路图的实物连接，如图丙所示。已知电流表的内电阻约为1Ω，电压表的内电阻约为3kΩ，变阻器最大电阻20Ω、额定电流1A，定值电阻R0（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最端。（选填“左”或“右”）闭合开关S后，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。（2）接着在图丙中通过改变1根导线的一个接线位置，就完成了图乙电路图的实物连接，请问改变的是哪根导线。（填导线编号）（3）重复步骤（1）。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出U−I图像，如图丁所示，可知图中标记为I的图线是采用实验电路（填“甲”或“乙”）测量得到的。（4）不管是采用图甲还是图乙实验电路，实验测出的电源内阻r均存在系统误差，从减小系统误差角度考虑，该实验宜选用图（选填“甲”或“乙”）实验电路。（5）利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻r=（U1、U2、I1、I四、解答题14．为摆脱水源条件的限制，宋朝时人们就发明了一种能汲取地下水的装置——压水井。在汕头华侨公园的儿童玩水区，安放着如甲图所示的压水井让孩子们体验。压水井结构如图乙所示，取水时先按下手柄同时带动皮碗向上运动，此时上单向阀门关闭。皮碗向上运动到某个位置时，下单向阀门被顶开，水流进入腔体内。设某次下压手柄前，腔体只有空气，空气的体积和压强分别为p0和V0。现研究缓慢下压手柄，直至下单向阀门刚被顶开的过程。已知大气压强为p0，水的密度为ρ（1）简要说明缓慢下压手柄过程，腔内气体是吸热还是放热；（2）求下单向阀门刚被顶开时，腔体内气体的体积。15．2022年9月28日汕头海湾隧道正式开通，隧道全长约6.68公里，全段最高限速为60km/h。海湾隧道中间为盾构段，埋于海底，南北两侧路段以较小的坡度与盾构段连接，全段可简化为下图所示模型。一汽车从南岸由静止开始以1m/s2的加速度沿斜面向下匀加速启动，已知汽车质量为2.0×103kg（1）若汽车发动机的最大功率为P0（2）若汽车在上、下坡时均以最高限速匀速行驶，则下坡和上坡时的汽车发动机功率之比为多少。16．如图所示的xOy直角坐标系中，在以y轴上的A点(0，R)为圆心、半径为R的圆形区域内，分布着垂直于纸面向外的匀强磁场。在圆形区域外有一对金属极板P、Q平行正对放置，Q板处于x轴上，两板的长度和间距均为R，极板间围成的区域内分布着垂直于纸面向内的匀强磁场，两个磁场的磁感应强度大小相同。在原点O处的粒子源向纸面内第一象限的各个方向不断射出电荷量为q(q>0)、质量为m的粒子，射出时速度大小均为v0（1）求磁场的磁感应强度B的大小；（2）设粒子从O处射出的方向与x轴正方向的夹角为θ。试讨论撤去右侧磁场后，粒子最终落在极板上或从极板间右侧离开时的动能Ek与θ

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．手臂对篮球的压力可以大于篮球重力，A符合题意；B．篮球对身体的静摩擦力方向竖直向下，B不符合题意；C．身体对篮球有竖直向上的摩擦力和水平向右的弹力，合力方向为斜向右上方，C不符合题意；D．手臂对篮球的弹力有竖直向下的分量，篮球对身体的静摩擦力大小大于篮球重力，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】利用篮球的平衡方程可以判别手臂对篮球的压力大于篮球的重力；利用篮球的运动趋势可以判别身体对篮球的摩擦力竖直上升，则球对身体的摩擦力竖直向下；利用摩擦力和弹力的合力可以判别身体对篮球合力的方向；利用平衡方程可以比较摩擦力与弹力的大小。2．【答案】D【解析】【解答】飞椅加速旋转起来的过程中，身体做加速圆周运动，所受合力不指向圆心，椅子对身体的作用力的方向斜向上方，且逐渐增加。故答案为：D。

【分析】由于身体做加速圆周运动，所以合力的方向不指向圆心，则椅子对身体的作用力方向斜向上方；利用速度的变化可以判别椅子对身子的作用力大小变化。3．【答案】C【解析】【解答】ABC．T字扳手悬浮在机舱，依然受到地球的万有引力的作用，并且引力提供向心力，扳手绕地球做圆周运动，所以扳手不处于平衡状态。AB不符合题意；C符合题意；D．T字扳手悬浮在机舱，没有指明参考系，若以机舱为参考系，它的速度为零；若以地面物体为参考系，它的速度不为零。D不符合题意。故答案为：C。

【分析】T字扳手悬浮在机舱内，受到引力作用提供向心力做匀速圆周运动，所以不处于平衡状态。4．【答案】C【解析】【解答】AC．远处水面下景物的光线射到水面处，入射角较大的光线发生了全反射，所以看不见。A不符合题意，C符合题意；B．远处树木和建筑的倒影非常清晰，是因为树木和建筑的光线在水面上发生了镜面反射。B不符合题意；D．由于光在水面下发生折射，近处水面下水草的实际深度比看到的要深一些。D不符合题意。故答案为：C。

【分析】远处水面下景物的光线射出水面处，由于发射全反射所以看不见；远处树木和建筑的倒影非常清晰，是因为树木和建筑的光线在水面上发生了镜面反射；由于光线在水面下发生折射，所以水草实际深度比看到要深一点。5．【答案】D【解析】【解答】A．电容器放电过程中，开始时电流较大，随着带电量的减小，放电电流逐渐减小，不是恒定的，A不符合题意；B．心脏除颤器正常工作时，不会让其出现击穿现象，根据文中达到的充电电压可知，心脏除颤器的电容击穿电压大于4kV，B不符合题意；C．根据Q=CU=0.1C，因此此次放电有0.1C的电荷量通过人体组织，C不符合题意；D．根据I=故答案为：D。

【分析】利用电容器放电的过程中，放电过程电流不断减小；心脏除颤器的电容击穿电压要大于实际工作电压；利用电容定义式可以求出电荷量的大小；利用电荷量与时间可以求出平均电流的大小。6．【答案】B【解析】【解答】A．由于空气阻力始终与运动方向相反，因此篮球从位置1运动到位置3的过程中空气阻力一直做负功，A不符合题意；B．由于在位置2时竖直分速度为零，因此重力的功率为零，B符合题意；C．篮球从位置1运动到位置2过程中重力做负功，从位置2运动到位置3过程中，重力做正功，C不符合题意；D．从位置1运动到位置3过程中，竖直分速度先减小后增加，因此重力的功率先减小后增加，D不符合题意；故答案为：B。

【分析】由于阻力方向与运动方向相反所以阻力一直做负功；利用位置2的竖直方向速度等于0所以重力的瞬时功率等于0；利用高度的变化可以判别重力做功的情况；利用竖直方向速度的变化可以判别重力功率的变化。7．【答案】A【解析】【解答】A．根据法拉第电磁感应定律可知，若增大充电电流的变化率，接收线圈中磁通量的变化率变大，则产生的感应电动势将增大，A符合题意；BC．若缩小两线圈距离，接收线圈中的磁通量会变大，磁通量的变化率变大，则产生的感应电动势将变大；同理若增大两线圈距离，接收线圈的感应电动势将减小，BC不符合题意；D．送电线圈的能量通过磁场能传递给接受线圈，在传递过程中肯定有磁场能的损失，即使忽略线圈电阻的能量损耗，传输过程也会有能量损失，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】利用充电电流变化率的变大则接收线圈的磁通量变化率增大则感应电动势变大；当缩小线圈之间的距离，接收线圈的磁通量会增大则磁通量变化率增大则产生感应电动势增大，反之感应电动势减小；在传递过程中肯定有磁场能的损失。8．【答案】A,C【解析】【解答】A．设①③与水平面的夹角为θ，根据牛顿第二定律有mgsinθ−μmgcosθ=ma，解得a=g(sinθ−μcosθ)，由图可知B．因②③板的长度相同，小孩从②板到③板，速度越来越大，故时间越来越短，B不符合题意；CD．设小孩在①③板的加速度为a1，在②④板的加速度为a2，每块的板长为L，根据速度位移公式，小孩滑至A点时则有vA2=2a1L+2a故答案为：AC。

【分析】利用牛顿第二定律可以求出加速度的表达式，结合倾角的大小可以比较加速度的大小；利用速度越来越大可以判别运动时间越来越短；利用速度位移公式可以求出经过A点和B点速度的大小。9．【答案】A,C【解析】【解答】AB．根据题意可知电场线方向向下，则根据运动情况可知球1所受合力向上，球2所受合力向下，且由y=12at2，t=xv0，可知两球竖直方向上位移大小相同，且初速度相同，球2在水平方向的位移更大，则球2的加速度更小，即a1>a2。对球1分析，球1所受电场力一定向上，与电场线方向相反，则q1CD．由以上分析可知，若q2带负电，则Eq1>mg，Eq2<mg，可得q1>故答案为：AC。

【分析】利用水平方向的位移可以比较运动的时间，结合竖直方向的位移公式可以比较加速度的大小；利用电场方向可以判别球1带负电，球2电性不能判别；利用合力方向可以判别电场力与重力的大小，进而比较电荷量的大小。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．因用电器都是并联使用，因此在用电高峰时，用电器增加，相当于R2B．用电高峰期时，相当于R2变小，降压变压器副线圈的电流增大，由变压器原理可知，降压变压器原线圈的电流增大，导致输电线上的电压降增大，发电站输出电压稳定，则有降压变压器的原线圈两端电压减小，副线圈输出电压减小，使RCD．在不改变输送电能总功率的前提下，由P=UI可知，使用特高压输电，则有输电线上的电流大幅度减小，输电线上的电压降ΔU=Ir，大幅度减小，则有降压变压器原线圈两端的电压变化幅度很小，使R1两端电压更稳定；输电线上的电能损耗P故答案为：BCD。

【分析】由于用电器是并联关系，所以用电器增多时电阻减小；当用电高峰期时，输电电流增多会导致输电线损失的电压增大则降压变压器的输入和输出电压都减小；由于高压输电时电流上电流大幅度减小所以电线的损失减小，则降压变压器输入电压减小的幅度比较小。11．【答案】B,C【解析】【解答】AB.在t=0∼tC.根据E=nΔΦΔt，设单匝线圈的电阻为r0，质量为m0，线圈的半径为r，则电流I=EnrD.对发射线圈根据动量定理F安t=mv，而故答案为：BC。

【分析】利用电流的变化可以判别磁通量的变化，利用电流变化率可以判别发射线圈产生的电流不断减小，结合安培力的表达式可以判别不能判别安培力的大小变化进而不能判别加速度的大小；当增加发射线圈的匝数时，利用法拉第电磁感应定律及牛顿第二定律可以判别线圈的加速度保持不变；利用动量定理可以判别安培力的冲量与发射导管的长度无关。12．【答案】（1）偶然（2）1.5（3）0.40【解析】【解答】（1）测量物块间距时，读数产生的误差属于偶然误差。（2）可求得物块沿斜面下滑的加速度大小a=（3）设长木板与水平方向的夹角为θ，由几何关系得sinθ=hL=12【分析】（1）测量物块间距产生的误差属于偶然误差；

（2）利用逐差法可以求出加速度的大小；

（3）利用牛顿第二定律结合加速度的大小可以求出动摩擦因数的大小。13．【答案】（1）左（2）③（3）乙（4）甲（5）U【解析】【解答】（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最左端，保证开始时接入电路的滑动变阻器阻值最大，用以保护电路。（2）将导线③连接在定值电阻R0一端改接到电流表负接线柱上，便可实现图乙电路图的实物连接。（3）对图甲而言，根据闭合欧姆定律可得U=E−(URV+I)(R0+r)，整理可得U=−I·（4）当采用图甲所示电路时，相对误差大小为e1当采用图乙所示电路时，相对误差大小为e2该相对误差远大于图甲所示电路，故宜选用图甲所示电路。（5）曲线I对应的U1和I1满足U1=E，I1=ERA+R【分析】（1）闭合开关前滑动变阻器滑片应该处于最左端，使接入电路的电阻最大；

（2）利用电路图进行实物图连接；

（3）利用闭合电路的欧姆定律结合电流为0时可以判别两图断路时路端电压的大小进而判别I图线对应为电路乙图测量得到的；

（4）利用实际测量的内阻大小与真实内阻的比较可以判别甲图电路图出现的相对误差比较小；

（5）利用闭合电路的欧姆定律结合图线斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小。14．【答案】（1）解：下压手柄带动皮碗向上运动，气体体积变大对外做功。缓慢移动过程中，气体内能不变，根据热力学第一定律，则气体应吸热。（2）解：设下阀门恰好要被顶开时，腔内气体压强为p1，体积为V1根据玻意耳定律有p联立得V【解析】【分析】（1）当缓慢下压手柄的过程中，气体体积变大对外做功，由于气体温度不变内能不变，利用热力学第一定律可以判别气体吸收热量；（2）当阀门恰好要被顶开时，