2024年中考物理专题练习比热容含解析新人教版

比热容学问点一：比较不同物质的吸热实力1.选用相同的电加热器（使物体单位时间汲取的热量相同），为质量和初温相同的两种物质进行加热，记录加热时间和温度。2.加热相同的时间，比较温度的变更量，温度变更量越小说明吸热实力越强；变更相同的温度比较加热时间，用时越长，说明吸热实力越强。【例题1】两个质量相同的不同物质，汲取相同的热量，下列说法中正确的是（）A．比热容大的物质上升温度较小 B．比热容小的物质上升温度较小 C．比热容大的物质上升温度较大 D．上升温度相同，与比热容大小无关【答案】A【解析】比较物质吸热实力的2种方法：①使相同质量的不同物质上升相同的温度，比较汲取的热量（即比较加热时间），汲取热量多的吸热实力强。②使相同质量的不同物质汲取相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变更，温度变更小的吸热实力强。依据Q＝cm△t知，相同质量的不同物质，汲取相同的热量，比热容大的温度上升小，故A正确。学问点二：比热容1.定义：肯定质量的某种物质，在温度上升时汲取的热量与它的质量和上升的温度乘积之比，叫做物质的比热容。2.物理意义：单位质量（1kg）的某种物质温度上升（降低）1℃时汲取（放出）的热量。表示物体吸热或放热的热量。3.比热容是物质的一种特性，大小与物质的种类、状态有关，与质量、体积、温度、密度、吸热放热、形态等无关。4.单位：[J/（kg·℃）]5.水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，它表示的物理意义是：1kg的水温度上升（或降低）1℃汲取（或放出）的热量为4.2×103J。热量的计算公式：Ｑ=cm△t【例题2】下列说法正确的是（

）A.

燃料燃烧越充分，它的热值就越大B.

内燃机用水做冷却液，是因为水的比热容较大

C.

敲击大小不同的编钟，发出声音的音色不同D.

在闹市区安装噪声监测装置，可以减弱噪声【答案】B【解析】A.燃料的热值与燃料种类有关，和是否完全燃烧无关，故A错误；

B.水是自然界比热容最大的物质，用它做发动机的冷却液，可以带走更多的热量，故B正确；

C.大小不同的编钟，振动频率不同，因此发出声音的音调不同，故C错误；

D.在闹市区安装噪声监测装置，只能显示当地噪声的大小，而不能变更噪声的大小，故D错误。

【例题3】小王路过加油站时闻到了汽油的气味，这是汽油分子作，汽油属于（选填“可再生”或“不行再生”）能源；将质量为100kg、初温为20℃的水加热到40℃，水汲取了J的热量[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。【答案】无规则运动；不行再生；8.4×106。【解析】（1）闻到汽油味，这是扩散现象，说明汽油分子在不停地做无规则运动；（2）汽油属于化石能源，消耗后不行能在短时间内得到补充，属于不行再生资源；（3）水汲取的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）＝8.4×106J。一、选择题1．下列说法正确的是（）A．燃料燃烧越充分，它的热值就越大 B．内燃机用水做冷却液，是因为水的比热容较大C．敲击大小不同的编钟，发出声音的音色不同 D．在闹市区安装噪声监测装置，可以减弱噪声【答案】B【解析】A．燃料的热值是燃料的特性，与实际燃烧状况无关，故该选项错误；B．水的比热容比较大，等质量物质在上升相同温度时，水汲取的热量多，适合作为内燃机的冷却液，该选项正确；C．敲击大小不同的编钟，是音调不同，相同乐器发出的声音的音色相同，该选项错误；D．噪声监测装置只能监测噪声等级，不能减弱，该选项错误。2．下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（）A．让热水流过散热器供暖 B．用循环水冷却汽车发动机C．沿海地区昼夜温差较小 D．夏天在房间内洒水降温【答案】D【解析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，汲取或放出相同的热量，水的温度上升或降低的少；上升或降低相同的温度，水汲取或放出的热量多；（2）水分的蒸发会从四周吸热而降低四周环境的温度，即蒸发吸热。A.因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流淌的热水流过散热器取暖，故A不符合题意；B.因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，上升相同的温度，水汲取的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；C.因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石汲取或放出相同的热量，水的温度上升或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故C不符合题意；D.燥热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从四周吸热而降低四周环境的温度，使人感到凉快，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。3．在热现象中，下列说法正确的是（）A．冰在熔化过程中，要不断汲取热量，温度同时上升 B．一个物体内能增加了，肯定是骏收了热量 C．新型燃料汽车实现了“零排放”，其效率已达到了100% D．初春培育水稻秧苗时，为了不使秧苗受冻，应当早晨多排水，傍晚多灌水【答案】D【解析】A.冰是晶体，熔化过程中吸热，温度不变，故A错误；B.一个物体的内能增加可能是汲取了热量，也可能是外界对此物体做功，故B错误；C.目前有些新型燃料汽车，实现了“零排放”，削减了污染，提高了效率，但效率不会达到100%，故C错误；D.初春培育水稻秧苗时，为了不使秧苗受冻，傍晚多灌水，当夜晚温度降低时，因为水的比热大，水放出热量，水的温度降低的比较少，不至于使秧苗受冻；在早晨把稻田内是水排出，稻田接受太阳光的照耀，泥土的比热小，泥土汲取热量，温度上升快，有利于秧苗的生长，故D正确。4．下列关于热现象的说法中正确的是（）A．物体的温度越高所含的热量越多 B．内燃机的做功冲程将机械能转化成内能 C．打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动 D．物质的比热容越大反映了物质汲取或放出热量的实力越强【答案】D【解答】A.热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说汲取热量或放出热量，故A错误；B.内燃机的一个工作循环有四个冲程，做功冲程是将内能转化成机械能，故B错误；C.灰尘是可以看得见的物体，因此灰尘的飞扬不是分子的运动，而是物体的机械运动，故C错误；D.比热容是物质的一种特性，它反映了物质汲取或放出热量的实力，比热容越大反映了物质汲取或放出热量的实力越强，故D正确。5．如表列出一些物质的比热容，依据表中数据，下列推断正确的是（）物质水煤油冰铝铜比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1）4.2×1032.1×1032.1×l030.88×1030.39×103A．不同物质的比热容肯定不同 B．物质的物态发生变更，比热容不变 C．质量相等的铝和铜上升相同的温度，铝汲取的热量更多 D．质量相等的水和煤油汲取相同的热量，水上升的温度更多【答案】C【解析】A.由表中数据可知，不同物质的比热容一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和冰，故A错误；B.水和冰是水的两种状态，分析表中数据可知，其比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关，物质的物态发生变更，比热容也会发生变更，故B错误；C.由表中数据可知，铝的比热容大于铜的比热容；质量相等的铝和铜上升相同的温度，因铝的比热容大，则依据Q＝cm△t可知铝汲取的热量更多，故C正确；D.质量相等的水和煤油汲取相同的热量，因为水的比热容大，所以依据Q＝cm△t可知水上升的温度少，故D错误。6．下列说法中正确的是（）A．一杯水和半杯水的比热容相等 B．0℃的水没有内能 C．液体在任何温度下都能蒸发 D．固体分子之间只存在引力【答案】AC【解析】（1）比热容是物质的一种特性，其大小与物质的种类和状态有关；（2）物体内全部分子由于热运动具有的动能和分子势能的总和叫内能，任何物体都有内能；（3）依据蒸发的定义分析解答；（4）分子之间既存在引力又存在斥力。A.比热容是物质的一种特性，其大小与物质的种类和状态有关，与质量无关；一杯水和半杯水的相比，物质的种类和状态不变，其比热容相等，故A正确；B.因分子在永不停息地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，故B错误；C.蒸发是在任何温度下，在液体表面发生的缓慢的汽化现象，即液体在任何温度下都能蒸发，故C正确；D.分子之间既存在引力又存在斥力，故D错误。7．炎炎夏日，烈日下海滩的沙子热得烫脚，而海水很凉爽，榜晚落日后，沙子凉了，海水却依旧暖暖的，这主要是因为海水和沙子具有不同的（）A．密度 B．内能 C．热量 D．比热容【答案】D【解析】水的比热容大，在汲取和放出相同热量时，与同质量的其他物质相比，其温度变更小。水的比热容比沙子的比热容大，同样受热或冷却的状况下，汲取或放出相同热量，水的温度变更比沙小，因此，在受太阳照耀条件相同时，海水比沙滩的温度低，放出相同热量时，海水比沙滩的温度高，故D正确。8.下表中有几种物质的比热容，小张同学依据供应的数据得出了四个结论，其中正确的是（）几种物质的比热容/[J•（kg•℃）﹣1]水4.2×103铁0.46×103酒精2.4×103铜0.39×103煤油2.1×103干泥土0.54×103冰2.1×103水银0.14×103A．一杯水比一桶煤油的比热容小B．液体的比热容肯定比固体的比热容大C．水汲取或放出热量的本事较强，常用作冷却剂D．比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类有关【答案】C【解析】比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质汲取热量的多少、质量多少、温度变更没有关系；依据比热容的特点进行分析推断。A．由表格中的信息可知，水的比热容大于煤油的比热容，比热容大小与质量无关，故A错误。B．液体的比热容不肯定比固体的大，比如：冰的比热容比水银的比热容大，故B错误。C．因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，上升相同的温度，水汲取的热量多，所以人们常用水作冷却剂，故C正确；D．比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类和状态有关，故D错误。9.福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。这主要是因为海水与砂石相比具有较大的（）A．密度 B．内能 C．比热容 D．质量【答案】C【解析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，汲取或放出相同的热量，水的温度上升或降低的少，据此分析。沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，汲取相同的热量，水的温度上升的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。10.A、B两物体质量相等，温度均为10℃；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃。现将A放入甲杯，B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4℃，乙杯水温降低了8℃，不考虑热量的损耗，则A、B两物体的比热容之比为（）A4:9B．3:5C．2:3D．1:2【答案】A【解析】设A、B的质量均为m，水的质量均为M，则对于A物体而言，它汲取的热量等于水所放出的热量，故cA

m×(46℃－10℃)=c水M×4℃；则对于B物体而言，它汲取的热量等于水所放出的热量，故cB

m×(42℃－10℃)=c水M×8℃；联立以上二式解之得cA：cB=4：9，故A是正确的。二、填空题11.将盛有凉牛奶的瓶子放在热水中（如图所示），通过方式变更牛奶的内能，图中乙是250g牛奶与热水的温度随时间变更的图象，则牛奶在加热过程中汲取的热量为J．[c牛奶=4.2×103J/（kg•℃）]【答案】热传递；2.1×104。【解析】（1）变更内能的方法：一是做功，二是热传递，物体放出热量、内能削减、温度降低；（2）知道牛奶的质量、比热容，求出温度上升值，利用吸热公式Q吸=cm△t求牛奶汲取的热量。给牛奶加热的过程中，牛奶汲取热量、内能增加，是通过热传递方式变更了牛奶的内能；由图乙可知，牛奶上升的温度：△t=40℃﹣20℃=20℃，则牛奶汲取的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.25kg×20℃=2.1×104J。12．太阳能、水能、自然气、地热能、风能、潮汐能中，属于不行再生能源的是。太阳能热水器内装有100kg水，水温从20℃上升到70℃[c水=4.2×103J/（kg•℃）]所汲取的热量是J。【答案】自然气；2.1×107。【解析】（1）在太阳能、水能、自然气、地热能、风能、潮汐能中，自然气是在短期内不能从自然界得到补充的能源，属于不行再生能源；而太阳能、水能、地热能、风能、潮汐能是能源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源。（2）水汲取的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（70℃﹣20℃）=2.1×107J。13．小明在探究“物质的放热实力与哪些因素有关”时，分别用质量均为0.5kg的水和另一种液体进行对比试验，并用图象对试验数据进行了处理，如图所示，试验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出：（选填“甲”或“乙”）物质为水，另一种液体的比热容为，这种液体在0～15min内放出的热量为。【答案】甲；2.1×103J/（kg•℃）；4.2×104J。【解析】（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q放=cm△t可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的状况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，所以若A、B两种液体中，一种液体是水，则这种液体肯定是甲液体，由图可知：液体的初温是60℃，放热15分钟后甲液体的末温是40℃，则水放出的热量：Q放=c水m水（t水﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。（2）由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙c水m水△t=c乙m（60℃﹣20℃）=4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。解得c乙=2.1×103J/（kg•℃）。（3）读图可得，乙在15min内由60℃降低到20℃，降低的温度是60℃﹣20℃=40℃，所以乙放出的热量Q放=cm△t=2.1×103J/（kg•℃）×0.5kg×40℃=4.2×104J。14．质量之比为2：3的甲、乙两种液体，当它们汲取的热量之比为7：5时，上升的温度之比为6：5，则甲、乙的比热容之比为。【答案】7：4。【解析】知道两物体的质量之比、上升的温度之比、汲取的热量之比，利用吸热公式求甲乙两物体的比热容关系。由题知，m甲：m乙=2：3，△t甲：△t乙=6：5，Q甲：Q乙=7：5，因为Q吸=cm△t，所以===，解得：==7：4。15．标准大气压下，质量为0.5kg、温度为70℃的水放出4.2×104J的热量，水的温度降低了℃[c水=4.2×103J/（kg•℃）]。【答案】20【解析】知道水的质量、放出的热量、比热容，利用Q放=cm△t求水温度降低值。由Q放=c水m△t可得，水降低的温度：△t===20℃。16．大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，这是利用了水的的特点。配制防冻冷却液时将乙二醇加入水中，二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，这说明分子是运动的，同时也说明。【答案】比热容大；分子之间有间隙。【解析】（1）因为水的比热容大，质量相同时上升相同的温度，汲取的热量多，故大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，就是利用了水的比热容大的特点；（2）水和乙二醇充分混合后的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，说明分子之间有间隙。17．对质量是50g的水加热，使水温从40℃上升到80℃，水汲取的热量是J[c水=4.2×103J/（kg•℃）]。【答案】8.4×103。【解析】知道水的质量、水的比热容、水的初温柔末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水汲取的热量。水的质量m=50g=0.05kg，水汲取的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（㎏•℃）×0.05㎏×（80℃﹣40℃）=8.4×103J。18．发电机是利用的原理发电的，将机械能转化为电能；太阳能热水箱是将太阳能转化为内能的装置。小明家的太阳能热水器的水箱中装有初温为15℃，质量为50kg的水，集热管每小时接收的太阳能为1.89×107J，则每小时该热水器里的水能上升的温度是℃．[不及热量损失，c水=4.2×103J/（kg•℃）]。【答案】电磁感应现象；85。【解析】发电机是依据电磁感应现象制成的；知道每小时接收的太阳能（水汲取的热量），水的质量、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm△t求水温度的上升值。发电机是利用电磁感应现象的原理发电的；设水温上升为△t，由Q=cm△t得：△t===90℃；末温为t'=15℃+90℃=105℃；由于水的沸点为100℃，故水的最终温度为100℃，水上升的温度为100℃﹣15℃=85℃。19.把1kg的水从60℃起先加热至沸腾，温度随时间变更的图像如图，由图像可知，水的沸点是℃;水从70℃加热至90℃须要汲取的热量是J;水沸腾时，水面上方的气压一个标准大气压(最终一空选填“大于”“小于”或“等于”)。[C水＝4.2×103J/(kg·℃)]【答案】98；8.4×104；小于。【解析】（1）依据液体沸腾的特点找到沸点：液体沸腾时不断汲取热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。

（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温柔末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水汲取的热量；

（3）1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。由图可知，水沸腾时，不断汲取热量，保持98℃不变，所以98℃是水的沸点。

水汲取的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（90℃-70℃）=8.4×104J；

1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。试验中水的沸点是98℃，所以试验时气压小于1标准大气压。

20.小明在燃气灶上煲汤，将质量为2kg、初始温度为20℃的汤，上升了80℃，汤汲取了J的热量，这是通过方式来变更汤的内能。[汤的比热容为4×103J/kg•℃）【答案】6.4×105；热传递。【解析】（1）汤汲取的热量：Q吸＝cm△t＝4×103J/（kg•℃）×2kg×80℃＝6.4×105J；（2）在燃气灶上煲汤时，汤汲取热量，内能增加、温度上升，是利用热传递来变更汤的内能。三、试验探究题21．小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热实力。（1）本试验须要用到天平这一测量工具，目的是；（2）加热10min，水汲取的热量（填“大于”、“小于”或“等于”）煤油汲取的热量；（3）依据试验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变更的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是℃，煤油的比热容是J/（kg•℃）【c水=4.2×103J/（kg•℃）】（4）若本试验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是J．（q酒=3.0×107J/kg）【答案】（1）限制不同物质的质量相同；（2）等于；（3）98；2.1×103J/（kg•℃）；（4）6.0×105。【解析】（1）本试验须要用到天平这一测量工具，目的是：限制不同物质的质量相同；（2）加热10min，水汲取的热量等于煤油汲取的热量；（3）水沸腾时保持不变的温度叫沸点，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变更的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是98℃，由图乙知，上升相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即汲取的热量是煤油的2倍，依据c=，在质量、升温相同的状况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：×4.2×103J/（kg•℃=2.1×103J/（kg•℃）。（4）若本试验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是：Q放=mq酒=0.02kg×3.0×107J/kg=6.0×105J。22．小华同学用温度计测出一部分冰的温度如图甲所示，然后利用图乙所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并视察物质的状态。图丙是他依据记录的数据绘制的温度﹣﹣时