2024年12月28日初中物理周测单元测试

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页2024年12月28日初中物理周测/单元测试学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________评卷人得分一、实验题1．在“探究影响电流做功多少的因素”活动中，同学们设计了如图甲、乙两个电路：（1）本实验通过比较来反映相同时间电流做功的多少；（2）图中所选用的灯泡L1和L2的规格应；（3）应该选择图所示的电路研究电流做功多少与电压大小的关系，这样连接是为了控制相等；（4）小明发现，按图甲电路实验时L1比L2亮，同时观察到A1示数比A2大，由此可得出的结论是。接着他将这两个灯泡按图乙连接好观察到（L1/L2）更亮；（5）对于“电流做功的多少可能与通电时间有关”的猜想，小明是否必须通过实验验证？你的看法是（选填“不必”或“必须”），你的依据是。2．小明在验证“电功与电流的关系”活动中。（1）图中两只灯泡的连接方式是联，它们工作时的电阻要（选填“相同”或“不同”）；（2）小明正确操作，验证了实验的结论，支持该结论的实验现象是；（3）移动滑动变阻器的滑片改变了灯泡两端的电压，（选填“可以”或“不可以”）进一步验证“电功与电压的关系”3．在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V。他们所设计的实验电路如图甲所示：(1)为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到端；(2)小明同学闭合开关，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向端移动；(3)小明同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I-U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是W。4．小聪用甲图所示装置“测量小灯泡额定电功率”，电源电压恒定为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，电压表（量程为0~3V和0~15V）、电流表（量程为0~0.6A和0~3A）。(1)请用笔画线代替导线把甲图中的实物电路连接完整。(2)小聪连接电路后闭合开关，从一端开始移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡逐渐变暗，你认为小聪连接的电路中存在的问题是。(3)实验时小聪发现自己无法准确判断电压表指针是否指向3.8V（如图乙），于是她做了三次实验，每次实验都认为电压表示数最接近3.8V，相关实验记录及数据处理见下表：次数电流表示数/A灯泡额定功率/W灯泡额定功率的平均值/W10.291.10220.301.14030.311.178①你认为这样处理数据的方法是否合理（选填“合理”或“不合理”）②为了减小上述实验误差，小明对小聪设计的电路进行了改进，请你将改进后的电路图画在虚线方框内。③在科学探究过程中，经常需要多次试验。在本实验中，若进一步综合分析实验数据，你还能发现。可见这里的多次试验是为了发现不同现象背后的共同规律；有的多次试验是为了求平均值以减小实验误差，如：（填实验名称）。5．小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中：(1)安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示，应将平衡螺母向调节；(2)如图乙所示，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重为0.5N。在B处先施加一个竖直向下的拉力使杠杆在水平位置再次平衡，目的是，拉力的大小为N，若沿着图示的方向斜拉，拉力将（选填“变大”“不变”或“变小”）；(3)小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，且，如图丙所示，若两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的（选填“左”或“右”）端将下沉；(4)小明回到家里，发现家里的两种墙壁开关，如图所示，因其按钮可绕面板内的轴转动。根据你的生活经验，你认为（选填“1”或“2”）较易损坏，这是因为按动这种开关的较小，按动需要的力较大。6．在探究“杠杆平衡的条件”实验中：(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆（选填“是”或“不是”）平衡状态；要继续实验我们常把杠杆的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调；(2)图乙中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，杠杆会沿着（选填“顺时针”或“逆时针”）转动，此时将杠杆右侧的钩码（写出调节的具体方法及位置），能够使杠杆在水平位置再次平衡，多次实验，可以总结出杠杆的平衡条件；(3)一个小组用钩码和已调零的弹簧测力计进行如图丙所示的实验，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，如图丙a所示，此时弹簧测力计的示数理论上应该为（g取），而弹簧测力计实际的示数为1.9N，请分析数据不吻合的原因可能是；(4)如图丙，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F（选填“变大”、“变小”或“不变”）。7．如图所示是“测量滑轮组机械效率”的实验装置图。实验次数钩码的重力G/N钩码提升高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率/%120.10.90.374240.11.60.383360.1①0.3②(1)小明用弹簧测力计沿竖直方向提升不同数量的钩码，记录数据如表所示；(2)第3次实验，绳端测力计示数如图所示，则表格中编号为①的空格中应填，编号②的空格中应填（保留两位有效数字）；(3)从表格中的数据可得结论：用相同滑轮组提升钩码时，；如果使钩码升高的高度增加为原来的3倍，机械效率将（选填“增大”“减小”“不变”）；(4)汽车作为一种“机械”，提高效率对节能减排有重要意义。以下三种提高效率的方法中，方法与本实验的原理相同。方法一：鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员方法二：汽车制造厂用新材料减轻汽车重力方法三：经常给汽车做保养，保持良好的润滑8．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，小芳用如图所示的滑轮组分别做了甲、乙、丙3次实验，实验数据记录如表所示。次数钩码重/N钩码上升的距离/cm弹簧测力计的示数/N绳端上升的距离/cm机械效率/％12511566.72351.41571.434515(1)在实验操作中应该拉动弹簧测力计。(2)进行第3次测量时，弹簧测力计示数为N，机械效率约为％（保留到0.1％）。(3)分析实验数据，小芳得出的实验结论是：使用同一滑轮组提升不同重物，可以提高机械效率。(4)第1次实验时，钩码上升的速度为0.05m/s，则拉力的功率为W。(5)小芳进一步分析数据，发现用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功将（选填“变大”“不变”或“变小”），分析原因：。9．小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同的两个钢球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和H（H＞h）静止开始放下，观察纸盒被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。(1)小明通过观察，来判断小球动能的大小；(2)由乙、丙两图，可得到的实验结论是：当速度一定时，；(3)小明根据甲、丙两图得出结论：物体的动能太小与速度有关，他的看法是否正确？；理由是：；(4)善于动脑的小明又设计了如图丁的方案：让质量不同的两个钢球两次将同一弹簧压缩到相同程度，放手后将小球弹出去撞击放在同一位置的木块，这样做（填“能”或“不能”）验证动能与质量的关系。10．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。(1)比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验，实验时要观察来比较两种燃料的热值大小；(2)比较不同物质的比热容，选用合适装置加热相同一段时间后，液体a升温多，由此可知：质量相同的液体a与b，升高相同的温度时，液体a吸收的热量（选填“大于”或“小于”）液体b吸收的热量；(3)小红同学用同样的装置进行实验，发现在燃料燃尽之前液体就沸腾了，无法比较出两种燃料的热值。为避免出现小红同学实验的情况，请提出一条改进建议：。11．在“探究不同物质吸热升温现象”的实验中，将质量和初温相同的水、煤油两种液体分别倒入相同容器中，用相同的热源加热，如甲、乙两图所示。每隔相同时间，测量液体的温度，并根据记录的数据画出温度随加热时间变化的图像，如图丙所示。(1)由水和煤油沸腾前的温度与加热时间的关系图丙可知：若升高相同的温度（均未达到沸腾），（选填“水”或“煤油”）吸收的热量更多，若加热相同时间，则水吸收热量（选填“大于”“小于”或者“等于”）煤油吸收的热量；(2)小明认为利用此装置还可以比较不同燃料燃烧时放出的热量关系，于是增加了相同的装置如图丁，容器内倒入的煤油与甲、乙装置中的液体相等（选填“质量”或“体积”）；(3)对比图丁与图，能够比较煤油和酒精的热值，实验中，待燃料酒精和煤油燃烧相同的时间后，小明发现图丁烧杯中煤油升高的温度较高，这（选填“能”或“不能”）说明燃料煤油的热值较大；(4)除了图中已经呈现的器材，还需要用到其它测量工具。两个实验都还要用到的其它测量工具是；(5)若水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为。12．为探究物体动能的大小与哪些因素有关，某实验小组利用斜面、质量不同的小钢球、木块等器材进行了如图所示的实验：(1)实验中小钢球的动能的大小是通过来判断的；(2)实验中通过甲、乙两图可以得出结论：；(3)若在进行甲、丙两图实验时，两次实验中木块被推动的距离相近，为了改进实验，下列方法可行的是______A．换用一个质量较大的木扳 B．换用表面更粗糙的木板C．换用质量更大（如4m）的钢球 D．降低钢球滚下时的高度(4)完成实验后，小华联想到学习牛顿第一定律时，也用到了斜面；让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在三种不同的水平表面上的滑行情况（如下表），小车在毛巾、棉布和木板三种水平面士滑行的过程中，克服摩擦力所做的功分别为、和，它们的大小关系为______表面毛巾棉布木板摩擦力最大较大最小小车运动距离最近较远最远A． B．C． D．无法比较(5)图丁所示是小丽设计的实验装置，将弹簧压缩相同的长度后，由静止开始释放，推动质量不同的钢球，分别撞击同一木块，来验证“动能与质量的关系”，小华认为该实验不可行，因为没有控制相同；如果利用该装置进行实验，观察到的现象是。13．在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”的实验中，已知重物A、B、C的底面积相同，质量关系为．三个完全相同的木桩和三个从不同高度处释放时的重物位置如图甲所示，木桩被打击后陷入沙中的情形如图乙所示，重物B、C将木桩打入沙中的深度相同。(1)让重物自由下落打击在木桩上，通过观察木桩陷入沙中的深度判断（选填“重物”“木桩”）的重力势能大小。(2)比较两个重物将木桩打入沙中的深度，可判断重力势能的大小和高度的关系，初步得出的结论是：。(3)结合（2）中的实验结论，通过比较B和C两个重物将木桩打入沙中的深度，我们（选填“能”或“不能”）初步得出物体的重力势能与其质量有关的结论。(4)如图丙，小明又用海绵代替沙子，并用重物A、B、C分别竖直下落到海绵上，各个重物释放时的初始高度与图甲完全相同，静止后各个重物的位置关系是______。A． B． C． D．(5)如图丁，木块以某一初始速度从A点滑下，过B点、经BC水平面到C点冲出，沿图中虚线下落至D点。A和B、C和D之间的竖直距离均为h，若空气阻力不计，则A点到B点减少的机械能（大于/等于/小于）C点到D点减少的机械能，B点的动能（一定/不一定）大于A点的动能。14．小明、小红和小亮在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，提出了如下猜想。猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关。猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关。猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关。实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示；编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.251.0B镍铬合金0.501.0C镍铬合金0.252.0D锰铜合金0.251.0(1)小亮设计了如图所示电路。实验时，他在M、N之间分别接上不同的导体，闭合开关后，通过观察或来比较导体电阻大小。(2)为了验证猜想二，可依次把M、N跟、（选填导体的编号）的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析并比较这两根电阻丝电阻的大小。(3)为了验证猜想三，可依次把M、N跟、（选填导体的编号）的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析并比较这两根电阻丝电阻的大小。(4)小丽在探究同样的问题时，手边只有一根电阻丝。她利用这根电阻丝和上述电路，不能够完成猜想（选填“一”“二”或“三”）的实验验证。(5)要使电阻丝接入电路的阻值变大，可采用的方法是______。A．增大电阻丝两端的电压 B．减小通过电阻丝的电流C．将电阻丝拉长后接入电路 D．将电阻丝对折后接入电路15．如图甲是伏安法测电阻实验的电路图，图乙是该实验需要的电压表（量程0-3V、0-15V）、电流表（量程0-0.6A、0-3A）、滑动变阻器（0～20Ω），两节干电池、开关、待测电阻R（约为10Ω）的实物图。(1)连接电路时开关应，电流表的量程应选A，电压表的量程应V。(2)根据图甲提供的电路图，用画线代替导线，将乙图的实物连接成实验电路。(3)图甲中，在闭合开关前，滑片P应位于滑动变阻器的最端（填“左”或“右”）。(4)某次实验中，移动滑动变阻器的滑片P，测得电流表的示数为0.2A，电压表的示数如图丙，则电压表的示数为V，待测电阻R的阻值为Ω。16．如图所示，探究“电流与电压的关系”的实验中：实验次数1234电压U/V1.02.02.53.0电流I/A0.20.400.490.59(1)在图甲中用笔画线代替导线将电路连接完整，使滑片向右移时电压表示数变大。(2)在研究电流与电压关系的实验中，应该控制不变。(3)闭合开关，移动滑片，记录电流表和电压表示数，多次实验，请在图乙中绘制出图象。(4)实验完成后，将定值电阻换成小灯泡，重复上述实验过程，绘制出图象，如图丙中b所示。试分析图象中A、B、C三点电阻、、大小关系为。17．小明用图甲所示的实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V，三个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω和15Ω。(1)图甲电路连接不完整，请用笔画线代替导线将电路连接完整。(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到（选填“左”或“右”）端。(3)正确连接电路后，小明依次使用三个定值电阻进行实验。每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数与前一次实验相同，记录相应电流表示数，绘制出图像如图乙所示，由此初步得到的结论是，实验中电压表的示数为V。(4)小明找来一个未知阻值的电阻，重复上述实验，电流表表盘如图丙所示，则电流为A，该电阻的阻值为Ω。18．在探究通过导体的电流与电压、电阻关系的实验中，提供的器材有：两节干电池、滑动变阻器、电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。(1)用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，要求滑片P向右调节时其接入阻值变小；(2)小虎连完最后一根导线时，两电表均偏转，他的操作中存在的问题是．同组同学提醒后，他们按规范继续实验，记录多组电压表和对应的电流表的示数，画出如图乙的图像，可得到的结论是；(3)接着探究电流与电阻关系，首先将5Ω的定值电阻接入电路，调节变阻器，电流表示数如图丙，此时的电流为A；完成这一次实验后，接下来他计划更换10Ω的定值电阻继续实验，请在下面流程图的①、②处写出他应该完成的操作。①②19．小明用阻值为的三个定值电阻探究电流与电阻关系，电源电压为且保持不变。(1)用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表示数变大）；(2)连接电路时，开关应处于状态；(3)将的定值电阻接入电路，闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，电路出现的故障是；(4)根据实验数据描绘电流与电阻的倒数关系图像，如图乙所示。由图像可知，电阻R两端的电压为V。得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成比；(5)本实验中滑动变阻器的作用是。分析实验数据可知，本实验所选用的滑动变阻器的最大阻值应不小于。20．如图所示是利用了小灯泡的三个电学实验。(1)实验1、2、3中，需要更换不同规格的灯泡多次收集实验数据的是实验（填数字），多次实验的目的是为了；(2)实验3中，可以通过反映出电流做功越多，在实验（填数字）中也运用了该方法，实验3可以验证电功与是否有关。答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页参考答案：1．灯泡的亮度不同乙电流电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多L2不必根据生活经验可知，对同一个灯，通电时间越长，灯消耗的电能越多【详解】（1）[1]电灯功率越大，电灯越亮，则实验中电灯越亮，说明电灯的功率越大；实验中两电灯通电的时间相同，由W=Pt可知，功率大的电灯电流做功多，所以可以通过电灯的亮暗来比较相同时间内电流做功的多少。（2）[2]由电路图可知，甲图两灯并联，乙图两灯串联，要探究电流做功与电压的关系，应控制电流相等而电压不同；要探究电流做功与电流的关系，应控制电压相同而电流相同，要实现控制要求，应使用不同规格的灯泡。（3）[3][4]要探究电流做功多少与电压大小的关系，要控制两灯泡的电流相同，应选择串联电路，所以要选用乙图。（4）[5]甲图中两灯并联，由并联电路的电压特点可知，U1=U2；A1示数比A2大，即I1>I2；根据W=UIt可知，W1>W2，由此可得结论：电压和通电时间相等时，电流越大，电流做功越多。[6]甲图中两灯并联，两灯两端电压相等，由可知，R1<R2；乙图中两灯串联，通过灯泡的电流相等，由P=I2R可知，L2的实际功率较大，所以L2较亮。（5）[7][8]根据生活经验可知，用电器工作时间越长，用的电越多，也就是电流做的功越多，则对同一个灯，通电时间越长，灯消耗的电能越多，所以对于“电流做功的多少可能与通电时间有关”的猜想，不必通过实验验证。2．并联不同灯泡亮的电流表示数大(或“电流表示数大的灯泡亮”、“灯泡亮的电流大”）不可以【详解】（1）[1][2]由图示可知，两个灯泡是相互独立的，互不影响，它们是并联关系，并联时电压相等，要想让电流不相等，就要选用不同的电阻的灯泡。（2）[3]通过灯泡的电流越大，与灯泡串联的电流表的示数就越大，电流通过小灯泡做的功越多，小灯泡的实际功率就越大，灯泡就越亮。（3）[4]研究电流做功与电压的关系时，应控制电流和通电时间相同，由图可知：调节滑动变阻器的滑片P的位置来改变灯两端电压，也改变了灯泡中的电流，所以不能研究电流做功与电压关系。3．(1)A(2)B(3)0.5【详解】（1）为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即A端。（2）小明同学闭合开关，电压表示数如图乙所示，由甲可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.5V。小灯泡额定电压为2.5V。若他想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡的电压使其正常发光，由串联电路的电压规律可知应减小变阻器的电压，根据串联分压原理，应减小变阻器的阻值，所以应将图甲中滑片P向B端移动。（3）由图丙可知，灯泡两端电压为2.5V时，电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为4．(1)(2)滑动变阻器的滑片放在接入阻值最小处(3)合理见解析伏安法测量未知定值电阻的阻值【详解】（1）电压表应与小灯泡并联，电流表应与小灯泡串联，实物电路如图所示（2）从一端开始移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡逐渐变暗，则电流逐渐减小，回路中电阻逐渐增大，所以小聪连接的电路中存在的问题是闭合开关前滑动变阻器的滑片放在接入阻值最小处。（3）[1]由于3.8V在电压表表盘上没有刻度，只能估测，所以相应的电流值也不准确，会产生误差，但可以通过多次测量求平均值的方法减小实验误差，故这样处理数据的方法是合理的；[2]由于电压表直接测量小灯泡的电压量程较小，小灯泡达不到额定电压，所以可以让电压表与滑动变阻器并联的方式，测量滑动变阻器的电压，所以改进后的电路图如图所示[3]通过分析实验数据，还能发现时，时[4]通过多次试验求平均值以减小实验误差，比如伏安法测量未知定值电阻的阻值。5．(1)右(2)便于测量力臂2变大(3)右(4)1力臂【详解】（1）如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡。杠杆左偏右调，右偏左调。（2）[1]为了便于测量力臂，所以在B处先施加一个竖直向下的拉力使杠杆在水平位置再次平衡。[2]在A点悬挂3个钩码，A点距O点4个小格，则力臂为，B点距O点3个小格，则力臂为，则由杠杆的平衡条件得[3]倾斜拉动弹簧测力计，力臂变为力的延长线到O点的垂直距离，力臂变小，另一边力和力臂都不变，所以沿着图示的方向斜拉，拉力拉力变大。（3）杠杆的平衡条件若设每个硬币的重力为G，则由图可得所以若两边同时各取走一枚硬币，则左边为右边为，由于，所以杠杆的右端将下沉。（4）1较易损坏，这是因为按动这种开关的力臂较小，按动时所需的力较大。6．(1)是右(2)逆时针将右侧钩码向右移动1格(3)1.5见解析(4)变大【详解】（1）[1]由于静止状态是平衡状态，所以杠杆静止时，杠杆处于平衡状态。[2]由图可知，杠杆左端偏低，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右移动，这样便于测量力臂。（2）[1]设杠杆上一个小格长度为L，一个钩码的重力为G，杠杆在水平位置平衡时3G×2L=2G×3L将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，则2G×2L>G×3L所以杠杆会沿逆时针方向转动。[2]由于2G×2L=G×4L所以为了使杠杆重新平衡，可以将右侧钩码向右移动1格。（3）[1]在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，由杠杆平衡条件可得[2]弹簧测力计示数偏大，可能是杠杆与支架之间存在摩擦，导致拉力变大。（4）将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，拉力的力臂变小，由于阻力和阻力臂不变，要使杠杆始终保持水平平衡，由杠杆平衡条件可知，拉力F变大。7．(1)匀速(2)2.291(3)滑轮组的机械效率与重物的重力有关，且重物的重力越大，滑轮组的机械效率越高不变(4)一【详解】（1）用弹簧测力计沿竖直方向匀速提升不同数量的钩码，此时物体和测力计都处于受力平衡状态，测力计示数等于拉力大小。（2）[1]图中测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N，故表格中编号为①的空格中应填2.2。[2]第3次实验中，有用功为总功为机械效率为所以编号②的空格中应填91。（3）[1]由表中数据可知，使用相同的滑轮组提升钩码，从实验1至实验3，钩码的重力逐渐变大，机械效率也逐渐变大，由74%上升至91%，故可得：用相同滑轮组提升重物时，滑轮组的机械效率与重物的重力有关，且重物的重力越大，滑轮组的机械效率越高。[2]滑轮组的机械效率为可知机械效率与物体上升高度无关，所以使钩码升高的高度增加为原来的3倍，机械效率将不变。（4）实验得出的结论是在额外功一定时，增大有用功可以提高机械效率。方法一．鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员，在额外功一定时，通过增大有用功来提高机械效率，故方法一符合题意；方法二．汽车制造厂用新材料减轻汽车重力，是通过减小额外功来提高机械效率，故方法二不符合题意；方法三．经常给汽车做保养，保持良好的润滑，是通过减小额外功来提高机械效率，故方法三不符合题意。故选方法一。8．(1)竖直匀速(2)1.874.1(3)增大重物的重力(4)0.15(5)变大摩擦力变大【详解】（1）在实验操作中，为了使拉力大小不变，应该竖直匀速拉动弹簧测力计。（2）[1]由图丙得，测力计的分度值为0.2N，示数为1.8N，即进行第3次测量时，弹簧测力计示数为1.8N。[2]进行第3次测量滑轮组的机械效率约为（3）分析实验数据，使用同一滑轮组提升不同重物上升相同的高度，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高，则小芳得出的实验结论是：使用同一滑轮组提升不同重物，增大重物的重力可以提高机械效率。（4）第1次实验时，钩码上升的速度为0.05m/s，由得，钩码上升的时间为拉力的功率为（5）[1][2]小芳进一步分析数据，发现用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，由于物重增加，轮与轴、绳之间的压力变大，摩擦力变大，则滑轮组所做的额外功将变大。9．(1)纸盒被撞击后移动的距离(2)质量越大，动能越大(3)不正确图丙移动距离比甲图移动距离大，无法判断是受速度影响还是质量影响(4)不能【详解】（1）实验中通过观察纸盒移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；（2）乙、丙两图中小球的质量不同，初始高度相同，到达水平面时的速度相同，对纸盒做功多少不同，丙图小球的质量大，纸盒被推动的距离远，故可以得出结论：当速度一定时，质量越大，动能越大；（3）[1][2]小明根据甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与速度有关看法不正确，因为甲、丙两图小球的质量和小球下落的高度均不同，图丙移动距离比甲图移动距离大，无法判断是受速度影响还是质量影响；（4）若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击放在同一位置的木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹性势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验的。10．(1)甲、乙液体a上升的温度(2)小于(3)增加烧杯中液体的质量【详解】（1）[1][2]比较不同燃料的热值，则燃料种类不同而烧杯中液体种类相同，故选择甲、乙两图进行实验探究。实验时要观察液体a上升的温度来比较两种燃料的热值大小，液体a升温多的说明对应的燃料放出的热量多，热值大。（2）加热相同一段时间后，液体a升温多，说明a吸热能力差，比热容小。质量相同的液体a与b，升高相同的温度时，由可知，液体a吸收的热量小于液体b吸收的热量。（3）由可知，吸收相同的热量，液体的质量越大，温度变化量越小，所以可以通过增加液体的质量来减小温度变化量，来避免出现液体沸腾的情况。11．(1)水等于(2)质量(3)乙不能(4)天平(5)【详解】（1）[1]由水和煤油沸腾前的温度与加热时间的关系图丙可知：若升高相同的温度（均未达到沸腾），水需要的加热时间更长，吸收热量更多。[2]由于使用相同的热源进行加热，所以，根据转换法可知，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较。所以若加热相同时间，则水吸收热量等于煤油吸收的热量。（2）比较不同燃料燃烧时放出的热量关系，根据控制变量法，图丁容器内倒入的煤油与甲、乙装置中的液体的质量相同。（3）[1]比较煤油和酒精的热值，需要用不同的燃料（煤油和酒精）燃烧加热同种液体，所以选择图丁与图乙。[2]由可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，而在实验中没有控制燃料的质量相同，故据此不能说明煤油的热值较大。（4）由上述分析可知，实验中要控制液体的质量相同，所以还要用天平称量质量，即要用到相同的器材是天平。（5）由图丙可知，加热相同的时间（5min），吸收相同的热量，质量相同的水和煤油升温之比为，根据，比热容和温度变化量成反比，则水和煤油比热容之比为，则煤油的比热容为12．(1)木块被推动距离的长短(2)质量相同时，速度越大，动能越大(3)C(4)B(5)钢球质量质量不同的钢球将木块推动的距离相同【详解】（1）钢球对木块做功的多少反映球的动能的多少，而做功的多少可由木块被推动距离的长短来确定，该实验是通过观察木块被撞后运动的距离，来判断钢球动能的大小。（2）在甲、乙的两个实验中，钢球的质量相同，到达水平面时的速度不同，甲图中球速度越大，木块被球撞击后移动的距离越长，所得到的结论是：物体的质量相同时，速度越大，动能越大；（3）由题意可知，甲、丙实验探究在速度相同时，动能大小与质量的关系，质量越大，动能越大，撞击木块后移动的距离更远。A．换用一个质量较大的木板，木板的接触面的粗糙程度不变、钢球滚下时的高度不变，木块移动的距离不变，故A错误；B．换用表面更粗糙的木板，摩擦阻力增大，两次木块移动的距离都减小，达不到实验目的，故B错误；C．若在丙实验中换用质量较大的钢球，可增大钢球与木块碰撞时的动能，能增大木块被推动的距离，故C正确；D．降低钢球滚下时的高度，两次木块移动的距离会更接近，故D错误。故选C。（4）让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，下滑到水平面时的速度相同、动能也相同；在不同的材料表面上运动时，接触面越光滑，阻力越小，速度改变的越慢，小车最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相等。故选B。（5）若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同；由于钢球的动能相同，质量不同，所以速度不同，这样是不能完成实验目的。13．(1)重物(2)A、B物体的质量一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大(3)能(4)A(5)大于不一定【详解】（1）让重物自由下落打击在木桩上，重物会对木桩做功，所以通过观察木桩陷入沙中的深度判断重物的重力势能大小。（2）[1]要探究重力势能的大小和高度的关系，就要控制重物的质量相同，故应该选择A、B两个重物。[2]由图可知：物块B的高度大于A的高度，B撞击木桩的深度大于A撞击木桩的深度，所以结论为：物体的质量一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大。（3）虽然物块B的质量小于物块C的质量，且物块B的高度高于物块C的高度，但木桩陷入沙中的深度相同，即重力势能是相同的，所以结合（2）中的实验结论能得出物体的重力势能与其质量有关的结论。（4）根据题意可知根据重力公式可知由于物体对海绵的压力等于物体的重力，所以A、B处的压力、受力面积相同，由压强公式可知，海绵的凹陷程度相同；B、C处的受力面积相同，C处的压力大，根据可知，所以海绵的凹陷程度不同。且C处深一些，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。（5）[1]AB段有摩擦力机械能减少，CD段在空中运动忽略空气阻力机械能不变，A点到B点减少的机械能大于C点到D点减少的机械能。[2]由题意知忽略空气阻力，并没有说忽略摩擦力，即整个运动过程中都是存在摩擦力的。A到B的过程中，由于木块以某一初速度开始下滑，并未知道摩擦力大小，在AB段运动时可能出现三种情况。1、摩擦力较小时，木块加速下滑，A速度小于B速度，A动能小于B动能。2、摩擦力一般时，木块受力平衡，处于匀速直线运动状态，AB速度相等，AB动能相等。3、摩擦力较大时，木块减速下滑，A速度大于B速度，A动能大于B动能。所以B点的动能不一定大于A点的动能。14．(1)灯泡亮度电流表示数(2)AC(3)AD(4)三(5)C【详解】（1）[1][2]实验中，在M、N之间分别接上不同的导体，则可以通过观察电流表示数或小灯泡的亮暗来比较导体电阻的大小；由于电流表的电阻很小，实验中用灯泡来保护电路，从而防止烧坏电流表。（2）[1][2]要验证猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关，应控制导体材料与长度相同而横截面积不同，由表中数据可知，应选编号为A、C的两根电阻丝完成实验。（3）[1][2]要验证猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关，应控制导体横截面积与长度相同而材料不同，由表中数据可知，应选编号为A、D的两根电阻丝完成实验。（4）要探究电阻大小与导体材料的关系时，需保证电阻丝的长度、横截面积相同，材料不同，小丽在探究同样的问题时，手边只有一根电阻丝，不能改变材料，那么，他利用这根电阻丝和上述电路不能完成对猜想三的实验验证。（5）AB．导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，故AB不符合题意；C．将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故C符合题意；D．将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故D不符合题意。故选C。15．(1)断开0~0.60~3(2)(3)右(4)1.57.5【详解】（1）[1]连接电路时开关应断开，这样连接电路时可以避免出现短路等问题的出现而损坏电路元件；[2]当电路中滑动变阻器接入为零时电流最大则电路中电流最大为0.3A，则电流表选择量程为0~0.6A；[3]两节干电池电压为3V，故电压表量程选择0~3V。（2）有电路图可知滑动变阻器与定值电阻、电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，滑动变阻器滑片右移动电阻变大，连接实物图为：（3）在闭合开关前，滑片P应位于滑动变阻器的阻值最大处，即最右端。（4）[1]电压表量程选择为0~3V，分度值为0.1V，读数为1.5V；[2]根据求待测电阻阻值16．(1)(2)电阻(3)(4)RA<RC<RB【详解】（1）探究“电流与电压的关系”的实验中，电压表并联在电阻两端测量电阻两端的电压，要滑片向右移时电压表示数变大，应该接变阻器的右下端接线柱，如下图所示：（2）根据控制变量法可知，在研究电流与电压关系的实验中，应该控制电阻大小不变。（3）由表格（U，I）数据在坐标描点可得出，图乙中图象如下：（4）由图丙知，图线是正比例图线，所以点电阻与、相交处电阻相等，由图线可知，灯泡电阻随电压增大而增大，所以RA<RC<RB17．(1)(2)右(3)电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比2.4(4)0.1220【详