东莞市2024届高考仿真模拟冲刺卷（一）物理试题

东莞市2024届高考仿真模拟冲刺卷（一）物理试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题；木题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律.以下实验

中属于理想实验的是（）

A.伽利略的斜面实验

B.用打点计时器测定物体的加速度

C.验证平行四边形定则

D.利用自由落体运动测定反应时间

2、在超导托卡马克实验装置中，质量为叫的；H与质量为吗的：H发生核聚变反应，放出质量为%的"，并生成

质量为%的新核。若己知真空中的光速为则下列说法正确的是（）

A.新核的中子数为2,且该新核是；He的同位素

B.该过程属于。衰变

C.该反应释放的核能为（e+砥一肛

D.核反应前后系统动量不守恒

3、我国计划在2020年发射首个火星探测器，实现火星环绕和着陆巡视探测。假设“火星探测器”贴近火星表面做匀速

圆周运动，测得其周期为兀已知引力常量为G,由以上数据可以求得（）

A.火星的质量

B.火星探测器的质量

C.火星的第一宇宙速度

D.火星的密度

4、笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件。当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作；当

显示屏合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态。如图所示，一块宽为。、长为。的矩形半导体霍尔

元元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向向右的电流/时，电子的定向移动速度外当显示屏闭

合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场8中，于是元件的前、后表面间出现电压U,以此控制屏幕的熄灭。

则元件的（）

A.前表面的电势比后表面的低。

B.前、后表面间的电压U=Bve

C.前、后表面间的电压U与/成正比

D.自由电子受到的洛伦兹力大小为斗

5、绝缘光滑水平面上有450三点，以。点为坐标原点，向右方向为正方向建立直线坐标轴x轴，A点坐标为一2m,

8点坐标为2m,如图甲所示。A、3两点间的电势变化如图乙，左侧图线为四分之一圆弧，右侧图线为一条倾斜线段。

现把一质量为小，电荷量为4的负点电荷，由A点静止释放，则关于负点电荷的下列说法中正确的是（忽略负点电荷

形成的电场）（）

WV

4m.2gl.厂、

甲HF2x/m

乙

A.负点电荷在A。段的加速度大于在。3段的加速度

B.负点电荷在4。段的运动时间小于在03段的运动时间

C.负点电荷由A点运动到。点过程中，随着电势的升高电势能变化越来越快

D.当负点电荷分别处于一0m和JJm时，电场力的功率相等

6、带电粒子仅在电场力作用下，从电场中。点以初速度记》入电场并沿虚线所示的轨迹运动到力点，如图所示，实线

是电场线，关于粒子，下列说法正确的是/j

A.在。点的加速度大于在力点的加速度

B.在〃点的电势能小于在力点的电势能

C.在。点的速度小于在"点的速度

D.电场中。点的电势一定比力点的电势高

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度。若不改变电容器的带电量，下列操作可能使静电计

指针的偏转角度变小的是（）

A.将左极板向左移动少许，同时在两极板之间插入电介质

B.将左极板向左移动少许，同时取出两极板之间的金属板

C.将左极板向左移动少许，同时在两极板之间插入金属板

D.将左极板向下移动少许，同时取出两极板之间的电介质

8、一列简谐横波，沿x轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，A点

位于x=0.5m处。下列说法正确的是_______

A.由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cm

B.位于原点的质点振动的周期是0.2s

C.由图1,在，等于/周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零

4

D.该波的传播速度是20m/s

E.由图2可知，经过/周期后，A点离开平衡位置的位移是・8cm。

2

9、粗细均匀的电阻丝围成如图所示的线框，置于正方形有界匀强磁场中，磁感应强度为用方向垂直于线框平面，图

中ab=bc=2cd=2de=2e尸2fa=2L°现使线框以同样大小的速度了匀速沿四个不同方向平动进入磁场，并且速度始终与线

框最先进入磁场的那条边垂直。在通过如图所示的位置时，下列说法中正确的是（）

XXxX

XXjXX

a<---------r*-ib<x§xx

XXX

ar--1-——ib__!xx^xxx

XXXXX

，卜卢XX

♦:K&XXX

甲乙丙T

A.图甲中〃、）两点间的电压最大

B.图丙与图丁中电流相等且最小

C.维持线框匀速运动的外力的大小均相等

柱体导电玻璃器件，上面标有“3V,L”的字样，主要步骤如下，完成下列问题.

（1）首先用螺旋测微器测量导电玻璃的直径，示数如图甲所示，则直径d=mm.

⑵然后用欧姆表xlOO档粗测该导电玻璃的电阻，表盘指针位置如图乙所示，则导电玻璃的电阻约为Q.

⑶为精确测量（在额定电压时的阻值，且要求测量时电表的读数不小于其量程的;，滑动变阻器便于调节，他们根

据下面提供的器材，设计了一个方案，请在答题卡上对应的虚线框中画出电路图，标出所选器材对应的电学符号

A,电流表A1（量程为60mA,内阻约为3Q）

B.电流表A2（量程为2mA,内阻R、=15C）

C.定值电阻R|=747。

D.定值电阻&=1985。

E.滑动变阻器R（0-20£2）一只

F.电压表V（量程为10V,内阻凡,二~。）

G.蓄电池E（电动势为12V,内阻很小）

H.开关S一只，导线若干

（4）由以上实验可测得该导电玻璃电阻率值。二（用字母表示，可能用到的字母有长度L.直径d、电流表A1、A2

的读数L、k，电压表读数U,电阻值R%、Rv、R「&）.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图甲所示，A端封闭、B端开口、内径均匀的玻璃管长L=100cm,其中有一段长〃=15cm的水银柱

把一部分空气封闭在玻璃管中。当玻璃管水平放置时，封闭气柱A长40cm。现把玻璃管缓慢旋转至竖直，如图

乙所示，再把开口端向下插入水银槽中，直至A端气柱长。=30cm为止，这时系统处于静止平衡。己知大气压强

P（y=75cmHg,整个过程温度不变，试求:

⑴玻璃管旋转至竖直位置时，A端空气柱的长度；

⑵如图丙所示，最后槽内水银进入玻璃管内的水银柱的长度d（结果保留两位有效数字）。

14.（16分）如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿），轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面

向里的匀强磁场，现有一质量为电量为+g的粒子（重力不计）从坐标原点。射入磁场，其入射方向与x的正方向

成45。角。当粒子运动到电场中坐标为（3LL）的尸点处时速度大小为为，方向与x轴正方向相同。求

（1）粒子从O点射入磁场时的速度V；

⑵匀强电场的场强E和匀强磁场的磁感应强度B；

⑶粒子从O点运动到P点所用的时间。

15.（12分）如图甲，一竖直导热气缸静置于水平桌面，用销钉固定的导热活塞将气缸分隔成A、〃两部分，每部分都

密闭有一定质量的理想气体，此时A、8两部分气体体积相等，压强之比为2:3,拔去销钉，稳定后A、B两部分气体

体积之比为2:1,如图乙。已知活塞的质量为横截面积为S,重力加速度为g,外界温度保持不变，不计活塞和

气缸间的摩擦，整个过程不漏气，求稳定后〃部分气体的压强。

甲乙

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解题分析】

A.伽利略的斜面实验，抓住主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地反映了自然规律，属于理想实验，故A正确;

B.用打点计时器测物体的加速度是在实验室进行是实际操作的实验，故B错误；

C.平行四边形法则的科学探究属于等效替代法，故C错误；

D.利用自由落体运动测定反应时间是实际进行的实验，不是理想实验，故D错误.

故选A.

2、A

【解题分析】

A.由质量数守恒和电荷数守恒可知新核的质量数和电荷数分别为4和2,新核是；He,是；He的同位素，中子数为2,

故A正确；

B.该过程是核聚变反应，不属于。衰变，故B错误；

C.该反应释放的核能为

AE=A/nc2=（叫+色—明—砥）《2

故C错误；

D.核反应前后系统动量守恒，故D错误。

故选A。

3、D

【解题分析】

AC.根据G竺?二〃?驾R和〃吆二用上可知，因缺少火星的半径，故无法求出火星的质量、火星的第一宇宙速度,

R2T2R

选项AC均错误；

B.根据上式可知，火星探测器的质量，〃被约去，故无法求出其质量，B错误；

D.根据

可得

4冗2炉

M=

GT2

又

4

M=4=pjR

代入上式可知，火星的密度

3万

P~~GTT

故可求出火星的密度，D正确。

故选D。

4、C

【解题分析】

A.电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，则后表面积累了电

子.前表面的电势比后表面的电势高.故A错误：

B.由电子受力平衡可得

e-=evB

a

解得U=B闺，电流越大，电子的定向移动速度u越大，所以前、后表面间的电压U与/成正比，所以故B错误，C

正确；

D.稳定时自由电子受力平衡，受到的洛伦兹力等于电场力，即

F=eE=e—

a

故D错误。

故选C。

5、B

【解题分析】

A.在电势随两点间距离的变化图线中，图线的斜率的绝对值表示电场强度的大小，设C点的坐标值为一点m,则C

点圆弧切线斜率大小等于直线斜率的绝对值，即此时电场强度大小相等，由牛顿第二定律可知，此时加速度大小相等,

故A错误；

B.由于沿场强方向电势降低，所以40段场强沿0A方向，03段场强沿。8方向，负点电荷在A。段做加速度减小

的加速运动，在05段做匀减速运动，由于5点电势等于A点电势，所以负点电荷在B点速度为零，则A0段的平均

速度大于08段的平均速度，所以A0段的运动时间小于08段的运动时间，故B正确；

C.相等电离上电势能变化越快，说明该处电场力越大，即场强越大，由A到。点场强逐渐减小，所以电势能变化应

越来越慢，故c错误；

D.当负点电荷分别处于一后m和血m时，电荷所受电场力相等，但一后m处的速度大于0m处的速度，所以

电场力的功率不相等，故D错误。

故选B。

6、C

【解题分析】

电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知EAVEB,所以a、b两点比较，粒子的加速度在

b点时较大，故A错误；由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向

与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，整个过程电场力做正功，电势能减小，即在a

点的电势能大于在b点的电势能，故B错误；整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时

的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故C正确；由于不知道粒子的电性，也不

能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误；故选C.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解题分析】

A.将左极板向左移动少许，则d变大，同时在两极板之间插入电介质，则£变大，根据可知C可能变大,

4乃kd

根据CU可知，U可能减小，即静电计指针的偏转角度可能变小，选项A正确；

B.将左极板向左移动少许，则d变大，同时取出两极板之间的金属板，则也相当于d变大，根据。可知C

一定变小，根据。=CU可知，U变大，即静电计指针的偏转角度变大，选项B错误；

C.将左极板向左移动少许，则d变大，同时在两极板之间插入金属板，则相当于d又变小，则总体来说可能d减小,

根据c二—二可知C可能变大，根据。=CU可知，U变小，即静电计指针的偏转角度可能变小，选项c正确；

4兀kd

D.将左极板向下移动少许，则S减小，同时取出两极板之间的电介质，则£变小，根据。二白；可知。一定减小,

根据。=CU可知，U变大，即静电计指针的偏转角度一定变大，选项D错误；

故选AC,

8、BCE

【解题分析】

A.振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图1读出振幅A=8cm；故A错误.

氏质点完成一个全振动的时间叫做一个周期，从振动图象中可以看成周期7=0.2s；故H正确.

C.当时，坐标原点的质点处在平衡位置向下运动，所以尸0；故C正确.

一4

D.从图2中可以看出波长/=2m，所以波速-=*=氤$=/如故口错误•

E.经过半个周期后，处于波峰的A质点运动到波谷位置，则离开平衡位置的位移为8cm,方向向下；故E正确.

9、ABD

【解题分析】

A.图甲中。〃两点间的电势差等于外电压，其大小为：

33

U=-^2Lv=-BLv

42

其它任意两点之间的电势差都小于路端电压，A正确；

B.图丙和图丁中，感应电动势大小为：

E=BLv

感应电流：

BLv

Ir=-----

R

感应电动势大小小于图甲和图乙，所以图丙与图丁中电流相等且最小，B正确；

C.根据共点力的平衡条件可知，维持线框匀速运动的外力的大小等于安培力大小，根据安培力公式：

F=BIL

图甲和图乙的安培力大于图丙和图丁的安培力，所以维持线框匀速运动的外力的大小不相等，C错误；

D.图甲和图乙的电流强度相等，速度相同，进入磁场的时间也相等，根据焦耳定律：

Q=I:Rt

可得图甲与图乙中《必段产生的电热的功率相等，D正确。

故选ABDo

10、AD

【解题分析】

AB.设斜面倾角为长度为小小物块以速度了平抛落在斜面上时位移关系有

12

v巾

tan9=■-=-.......

王当

解得

2vtan0

A=----------------

则落点距斜面顶端距离

$_vt\_2/tan0

I===

cos8cos。geos。

若第二次落在斜面上，同理落点距斜面顶端

2（2v）2tan6>

5*2=

geos。

则有

S-）—4S］=2L

该距离大于斜面的长度L,则第二次抛出时落在水平面上。以速度丫平抛时

2x-?-Lsin^

2LsinO

gg

以速度2u平抛落在水平面上时有

t2=

则有

1=_L

f26

所以A正确，B错误；

CD.第一次与第二次平抛的竖直位移之比为

A=2=1

y2Lsin02

所以D正确，C错误。

故选AD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、保持不变磁通量的变化量E和4的乘积E--

【解题分析】

（1）［1］为了定量验证感应电动势£与时间加成反比，我们应该控制磁通量的变化量△中不变；

⑵所以在实验中，每次测量的加时间内，磁铁相对线圈运动的距离都相同，从而实现了控制通过线圈的磁通量的变化

量不变：

(2)[3]为了验证£与。成反比，算出感应电动势？和挡光时间△/的乘积，若该数据基本相等，则验证了石与成

反比。

⑷在直角坐标系中作感应电动势E与挡光时间的倒数£关系图线'若图线是基本过坐标原点的倾斜直线'则也可验

证E与4成反比。

万屋/,（凡+&,）

12、1.990500p=­4哈V-，2）

KV

【解题分析】

(1)螺旋测微器的固定刻度为L5mm,可动刻度为49.0x0.01mm=0.490mm,所以最终读数为

1.5mm+0.490mm=1.990mm(1.989〜1.991mm均正确)

(2)表盘的读数为5,所以导电玻璃的电阻约为5x1000=5000.

(3)电源的电动势为12V,电压表的量程为10V,滑动变阻器的电阻为20。，由于滑动变阻器的电阻与待测电阻的电

阻值差不多，若串联使用调节的范围太小，所以滑动变阻器选择分压式接法；流过待测电阻的电流约为：

3

1=-----=0.006A=6mA,两电压表量程均不合适；

500

同时由于电压表量程为10V,远大于待测电阻的额定电压3V,故常规方法不能正常测量；

所以考虑用电流表改装成电压表使用，同时电压表量程为10V,内阻Rv=lkQ,故满偏电流为10mA,符合要求，故

将电压表充当电流表使用，电流表Az与R2串联充当电压表使用，改装后量程为4V,可以使用，由于改装后电表己知,

故内外接法均可，故电路图如图所示；

(4)根据串并联电路的规律可知，待测电阻中的电流：

电压：Ux=l2<R2+RA2)

由欧姆定律可知电阻：Rx=y

根据电阻定律可知；R=p;

而截面积：S=7T--

4

联立解得：

p='-A(U

点睛：本题考查电阻率的测量，本题的难点在于仪表的选择和电路接法的选择，注意题目中特别要求测量时电表的读

数不小于量程的1/3,所以一定要认真分析各电表的量程再结合所学规律才能正确选择电路和接法.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)50cni；(2)32cm

【解题分析】

(1)玻管旋转至竖直：A中气体的压强变为

PM=Po〃h=60cmHg①

对4部分气体，由玻意耳定律

PO'AS=PAI，AIS②

得到A端气柱长

LAI=50cm③

⑵旋转至竖直R端气柱长

Lg=L-LAI-/?=100-50-15=35cm©

过程二：玻管出入水银槽

4部分气体由玻意耳定律

PALA'S=PA2ks⑤

pA2=x60=1OOcmHg@

b部分气体，PB=Po