2024年高考押题预测卷-物理（山东卷01）（全解全析）

2()24年高考押题预测卷()1【山东卷】

物理-全解全析

1234567891()1112

BCCDDCDCACADABDBC

2024年高考押题预测卷01【山东卷】

高三物理

(考试时间：90分钟试卷满分：100分)

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。

1.2023年9月15日，三星堆遗址考古入选世界重大田野考古发现。三星堆古遗址距今已有f00()至3000

年历史，昭示长江流域与黄河流域一样同属中华文明的母体。应用碳14测定年代是考古中的重要方法，在

高空大气中，来自宇宙射线的中子轰击氮14,不断以一定的速率产生碳14,接着碳14就发生放射性衰变，

其半衰期为5730年，反应方程分别为：；4N+；nf：4C+：H：Cf；4N+：e。以下说法中正确的是()

A.核反应方程要遵循电荷数守恒和质量守恒

B.碳14发生的放射性衰变是P衰变

C.埋入地下的植物中，其碳14的半衰期将变长

D.4个碳14原子核在经过〜个半衰期后，一定还剩2个

【答案】B

【详解】A.核反应方程要遵循电荷数守恒和质量数守恒，而质量会亏损，释放核能，故A错误；

B.碳14发生的放射性衰变方程是是p衰变，故B正确；

C.放射性元素的半衰期与物理环境和化学状态均无关，由原子核自身的结构有关，故埋入地下的植物中其

碳14的半衰期将不变，故C错误；

D.半衰期是大量原子核衰变的统计规律，则4个碳14原子核在经过一个半衰期后，不一定剩2个，故D

错误。故选B。

2.如图所示，将附有一层肥皂液膜的圆形铁丝圈竖直放置在红色光源的右侧，人在与光源同侧的位置观察

液腴，下列说法正确的是（）

A.若将该装置放在地球表面上观察，可看到竖直直条纹

B.若将该装置放在空间站上观察，可看到水平直条纹

C.若该装置在地球表面观察到的水平直条纹的间距为小i,在月球表面观察到的水平直条纹的间距为人今,

则Ax;<

D.若将红色光源换为蓝色光源，在地球表面观察到的水平直条纹的间距将增大

【答案】C

【详解】A.单色光在光程差相同的位置干涉连成的线会形成条纹，当肥皂液膜竖直放置时，单色光垂直照

射肥皂液膜，在前、后两面反射形成干涉条纹，若将该装置放在地球上观察，由于重力作用，在高度相等

的位置的光程差相同，故可看到水平直条纹，故A错误；

B.若将该装置放在空间站观察，由于处于完全失重状态，肥皂液膜厚度均匀，所以观察不到干涉条纹，故

B错误；

C.因为地球表面的重力加速度大于月球表面的重力加速度，该装置在地球表面薄膜上下厚度相差更大，该

装置在地球表面观察到的水平条纹间距为加1,在月球表面观察到的水平直条纹间距为则&。v,

故C正确；

D.若将光源换为蓝色光源，因为波长变短，所以在地球表面观察，可看到水平直条纹的间距将减小，故D

错误。故选c。

3.中国科学院院士叶笃正在大气动力学、大气环流等领域成就卓著，获得国家最高科学技术奖，大气气流

的升降运动会造成不同高度的温度变化，致使气象万变，万米高空的气温往往在-50C以下，在研究大气现

象时可把温度、压强相同的一部分气体作为研究对象，叫做气团，气团直径可达几千米，由于气团很大，

边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略，用气团理论解释高空气温很低的原因，是

因为地面的气团上升到高空的过程中（）

A.剧烈膨胀，同时大量对外放热，使周围温度降低

B.剧烈收缩，同时从周围吸收大展热量，使周围温度降低

C.剧烈膨胀，气团对外做功，内能大旱减少导致温度降低

D.剧烈收缩，外界对气团做功，故周围温度降低

【答案】C

【详解】地面的气团上升到高空的过程中压期减小，气团膨胀，对外做功WvO由于气团很大，边缘部分与

外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略，即Q=。根据热力学第一定律AUrW+Q可知△"＜（）气

团内能减小，温度降低，故C正确，ABD错误。故选C。

4.如图所示为我国某平原地区从P市到Q市之间的高铁线路。线路上工、4、1、一位置处的曲率半径分

别为10,、9厂、8-、7r＜＞若列车在P市到Q市之间以3OOkm/h匀速率运行，列车在经过工、久、果、7；位

置处与铁轨都没有发生侧向挤压。则这四个位置中内外轨道的高度差最大的位置是（）

【答案】D

【详解】根据火车在转弯处的受力分析，由牛顿第二定律〃3=其中，在（处的:最大，贝hana

RR

和。角度最大，故内外轨道的高度差最大。故选D。

形的中轴线，交正方形所在平面于。点，两电荷量大小相等的带电小球甲、乙恰好静止在MN轴上距。点

相同距离的位置。下列说法正确的是（）

M

甲.

bp--------->c

/1。/

〃・'-...

乙'

A.甲、乙可能为同种电性

B.甲、乙质量可能不同

C.甲、乙质量一定不同

D.点电荷4、仄c、4在甲、乙位置处产生的场强相同

【答案】C

【洋解】D.水平面内正方形的四个顶点固定着四个完全相同的点电荷〃、b、c、d,祀和〃d分别为等量同

种电荷，MN分别在它们连线的中垂线上，根据等量同种的电荷周围的电场分布，可得，MN二甲、乙静止

的两点的电场等大反向，故D错误；

A.甲、乙静止，即甲、乙受力平衡。设甲、乙之间的库仑力大小为人若甲、乙为同种电荷，则甲、乙受

到的电场力和彼此间的库仑力均大小相等，方向相反，即甲、乙受到的电场力和库仑力的合力等大反向，

不可能都能和重力平衡，即甲、乙一定为不同电性，故A错误；

BC.由A选项可得，甲、乙一定为不同电性，则电场力相同，库仑力等大反向，则甲、乙受到的电场力和

库仑力的合力大小一定不相同，则与之平衡的重力一定不同，即甲、乙的质量一定不同，故B错误，C正

确。故选C。

7.螺旋千斤顶由带手柄的螺杆和底座组成，螺纹与水平面夹角为“，如图所示。水平转动手柄，使螺杆沿

底座的螺纹槽（相当于螺母）缓慢旋进而顶起质量为机的重物，如果重物和螺杆可在任意位置保持平衡，

称为摩擦自锁。能实现自锁的千斤顶，。的最大值为旬。现用一个倾角为4的千斤顶将重物缓慢顶起高度。

后，向螺纹槽滴入润滑油使其动摩擦因数〃减小，重物回落到起点。假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力，

不计螺杆和手柄的质量及螺杆与重物间的摩擦力，转动手柄不改变螺纹槽和螺杆之间的压力。卜.列说法正

确的是（）

A.实现摩擦自锁的条件为tana2〃

B.下落过程中重物对螺杆的压力等于，咫

C.从重物开始升起到最高点摩擦力做功为〃，的

D.从重物开始升起到最高点转动手柄做功为2〃?以？

【答案】D

【详解】A.实现自锁的条件是重物重力沿斜面下滑的分力小于等于最大静摩擦力，即〃取sinaW〃〃吆cosa

解得tana4〃故A错误；

B,重物从静止开始下落，一开始加速度方向向下，重物处于失重状态，螺杆对重物的支持力小于根

据牛顿第三定律可知重物对螺杆的作用力小于哄,故B错误；

C.重物缓慢顶起的过程中，以螺杆和重物为整体的受力分析如图所示

mg

则摩擦力做功为叱=cosaM.=-tana•mgcosa-」一=侬故C错误;

sina

D.从重物开始升起到最高点，即用于克服摩擦力做功，也转化为重物上升增加的重力势能小财，所以根据

动能定理有W+-〃7皿-0解得W=2mgh故D正确。故选D。

8.总质量为m的返回式人造地球卫星沿半径为R的圆轨道绕地球运动到某点时，向原来运动方向喷出气体

以降低卫星的速度，随后卫星转到与地球相切的椭圆轨道，要使卫星相对地面的速度变为原来的4倍(&V1),

则卫星在该点将质量为〃的气体喷出的对地速度大小应为(将连续喷气等效为一次性喷气，地球半径为凡，

地球表面重力加速度为g)

A.厝B.出

m+kNn-km

C.

【答案】C

【详解】设原本速度3由万有弓力提供向心力G等二幅喷出后速度W相对地球速江由动量

守恒〃%=("7-A/7Z)k\\+A/77V又G=mg解得狩=叱铲符选C.

%

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分。

9.均匀介质中，波源位于点的简谐横波在水平面内传播，/=0时刻，所有波峰、波谷的分布如图甲所示,

其中实线表示波峰，虚线表示相处的波谷，坐标处的质点P处于波峰.质点尸的振动图象如图乙所示，z轴

正方向竖直向上。下列说法正确的是()

甲乙

A.该波的传播速度大小为5m/s

B.坐标(0,40)处的质点M第一次处于波谷的时刻为4s

C.坐标(1(),0)处的质点N的振动方程为z=-2cos]f(cm)

D.坐标(0,10)处的质点在8.5s末在z轴上的坐标为-1cm

【答案】AC

【详解】A.由题知，图甲中实线表示波峰，虚线表示相邻的波谷，则有I-IOm图乙为质点P的振动图象，

2on

则T=4s根据波速计算公式有v=^=^m/s=5m/s,A正确；

B.由图甲可知当波谷传到坐标(0,40)处的质点M时,走过的位移为x=30m则需要的时间为/J=&=6s

v5

B错误;

C.由图乙知7=4s；八=2cm则3=臣=］则可写出坐标(10.0)处的质点N的振动方程为

z=-AcosftX=-2cos—/(cm),C正确；

2

D.将/=8.5s代入上式可得质点N在z轴上的坐标z=-2cosgx8.5卜m)=-\/icm坐标(0,10)处的质点和

N在z轴坐标是一致的，D错误。故选AC。

10.如图，在清澈平静的水底，一条鱼向上观察，看到了•个十分有趣的景象：水面外的景物蓝天、白云、

树木、房屋等，都呈现在倒立圆隹底面的“洞'’内，还看到“洞''的边缘是彩色的，"洞''的边缘红光在水中传播

到锥顶的时间为内，水对红光的折射率为々；“洞”的边缘紫光在水中传播到锥顶的时间为4,水对紫光的折

A.“洞”的彩色边缘是内紫外红B.“洞”的彩色边缘是内红外紫

【答案】AD

【详解】AR.仝发射的临界角为sin。-4在边缘处折射角等于临界角，设鱼距离水面的深度为儿贝仁洞”

n

的边缘光到锥顶的水平距离为x=/?tanO=T=〒由于水对紫光的折射率大，临界角小，因此，洞”的彩色边

，犷一1

缘是内紫外红，故A正确，B错误;

j2»

CD.“洞”的边缘光在水中传播到锥顶的距离为户袅=后"传播时间众、

故C错误，D正确,故选AD。

11.图为深坑打夯机工作示意图.电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将夯杆从深坑竖直提起；当夯杆的下

端刚到达坑口时，夯杆被松开，•段时间后又落回坑底：周而复始地这样工作，就可将坑底夯实。已知电

动机皮带运行速率v=4m/s,两摩擦轮对夯杆的压力均为/=2xl（rN,与夯杆的动摩擦因数均为〃=03夯杆

的质量/〃=lxlO*g,坑深力=4.2m,重力加速度K=10m/s）不计空气阻力及夯实坑底引起的深度变化，则（）

2

1

A.夯杆在上升阶段经历了加速运动、匀速运动和减速运动

B.夯杆下端离开坑底的最大高度为5m

C.每个打夯周期中，摩擦轮对夯杆做的功为4.2x10」

D.由题目所给信息，可以计算出该深坑打夯机的打夯周期

【答案】ABD

【详解】A.夯杆在上升阶段经历了向上加速运动、达到与摩擦轮共速后匀速运动，最后减速运动到最高点，

故A正确：

B.夯杆的下端刚到达坑口时，夯杆被松开，电动机皮带运行速率v=4m/s,夯杆下端离开坑底的最大高度为

2

hm=^—+h=5m故B正确；

2g

C.根据能最守恒，每个打夯周期中，摩擦轮对夯杆做的功为卬=〃?g幻=5x10"故C错误：

D.打夯机向上加速度2〃尸-加g=〃也加速时间;二上二2s加速位移内=4m匀速时间r,=^—^=0.05s

a2v

减速时间A=2=°-4s反向运动时间幻=解得。=1s运动总时间即周期t=3.45s故D正确,故选ABDo

S2

12.如图所示，两根金属棒垂直地放在光滑的水平导轨上，两金属棒始终和导轨接触良好、左、右两部分

导轨间距分别为L和2L,A8棒的质量为m且电阻为心。。棒的质量为2〃?且电阻为2R,导轨间左、右两

部分处在大小相等、方向相反的匀强磁场中，磁场方向如图所示。不计导轨电阻，现用水平恒力/向右拉

棒，使C。棒向右运动，导轨足够长，磁场区域足够大。下列说法正确的是（）

c

A.稳定后，A4棒向左匀速运动，CO棒向右匀速运动

B.稳定后，。。棒的加速度大小是」二

6/n

C.若尸作用一段时间后，A6棒和C。棒速度大小均为V,此时立即撤去拉力入此后棒最终的速

度大小为?■，方向向左

D.当A8棒和CO棒速度大小均为，时,立刻撤去拉力巴之后的过程整个路产生的焦耳热为

【答案】BC

【详解】AB.两棒的长度之比为1:2,电阻之比为1:2,电阻为R,对。。棒，根据牛顿第二定律

"-2〃3=2〃9A8棒，根据牛顿第二定律〃4=/加2；/=%三段1由此可知，稳定后，回路中电流恒

3A

定，磁通量变化量相同，故A8棒速度为C。棒速度的两倍，A3棒向左匀加速运动，CQ棒向右匀加速运动，

则AE棒的加速度大小是棒的加速度大小的2倍，即生=24可得C。棒的加速度大小为q二；,

O/AZ

故A错误，B正确：

C.如果尸作用•段时间后，AB棒和CZ）棒的速度大小均为乙此时立即撤去拉力尸后，48棒继续向左加

速运动，而C。棒向右开始减速运动，两棒最终匀速运动时，电路中电流为零，两棒切割磁感线产生的感应

电动势大小相等，则2BL%=对CD棒和AB棒分别用动量定理得-27〃"=2〃叼-2/如；iLBt=>trv2-nru

24

联亚可得CO棒最终的速度匕方向向右，48棒最终的速度%方向向左，故C正确；

D.根据能量守恒定律可得。=；（〃?+2加）/一；〃冠-1x2/;^解得该过程中回路产生的焦耳热为。二:〃病

故D错误。故选BC。

三、非选择题：本题共6小题，共60分。

13.如图甲为桶装水电动抽水器，某兴趣小组利用平抛运动规律测量该抽水器的流量Q（单位时间流出水

的体积）。

jn

甲

(1)如图乙所示，为了方便测量取下不锈钢出水管，用游标-卜尺测量具外径。；读数为mm；

(2)①为了使水能够沿水平方向流出，转动出水管至出水口水平；

②接通电源，待水流稳定后，用米尺测出管II到落点的高度差〃=44.10cm和管II到落点的水平距离

L=3().(X)cm；已知重力加速度g=9.8m/$2,水流速度甘=m/s(保留两位有效数字)；

(3)己知出水管管壁的厚度为d,该抽水器的流量。的表达式为(用物理量。、&u表示)；

(4)抽水时若电机的输出功率恒定，当桶内水面降低时，抽水器的流量Q(选填“不变”、"减小”或”增

加

【答案】(1)7.1⑵1.0(3)乃(■§-d)2v(4)减小

【详解】(1)游标卡尺的精确度为0.1mm,读数为7mm+0.1mmx1=7.1mm；

(2)水流做平抛运动，则有人=武，/?=；«/解得v=1.0m/s

(3)抽水器的流量Q的表达式为Q="=i(弓-4)、

(4)抽水时若电机的输出功率恒定，单位时间内电机对水做功相同，当桶内水面降低时，水上升的高度变

大，增加的重力势能增大，增加的动能减小，在出水口水的速度减小，所以抽水器的流量减小。

14.李华同学查阅资料：某金属在。〜100℃内电阻值(与摄氏温度，的关系为4=9(1+/)，其中凡为该

金属在0C时的阻值，々为温度系数(为正值)。李华同学设计图甲所示电路以测量该金属的电阻凡和々值。

可提供的实验渊材有:

A.干电池(电动势约为L5V,内阻不计)

B.定值电阻R1（阻值为IkH）

C.定值电阻&（阻值为800C）

D.滑动变阻器人|（阻值范围040C）

E.滑动变阻器&?（阻值范围。〜4kQ）

F.电流计G（量程。〜200〃A,内阻约5（X4）

G.电阻箱R（最大阻值为9999.9Q）

H.摄氏温度计

I.沸水和冷水各一杯

J.开关两个及导线若干

请回答下列问题：

（1）滑动变阳器应选用［选填“扁”或“降”），开关&闭合前，滑动变阳器的滑片移到（诜

填或“b”）端。

（2）将电阻箱的阻值调为5（X4,闭合开关帝,读出电流计G的示数，再闭合开关S,调节电阻箱的阻值,

直至闭合SZ前、后电流计G的示数没有变化，此时电阻箱的示数为360Q,则电流计G的内阻为C。

（3）利用上述电流计G及电路测显该金属的电阻R°和a值的步骤如下：

①断开开关加、S:,将&取下换成该金属电阻，并置于沸水中；

②闭合开关S-读出电流计G的示数；闭合开关与，调节电阻箱的阻值，直至闭合开关加前、后电流计G的

示数没有变化，记下此时电阻箱的示数R和温度八

③多次将冷水倒一点到热水中，重复步骤②，可获得电阻箱的示数R和温度/的多组数据.

（4）以电阻箱的示数R为纵轴，温度，为横轴，作出图像如图乙所示，则该金属电阻在0C时的阻值为一

C,温度系数为（结果用〃、b、c表示）

_-20b-a

【答案】Rp〉a4〉0—a------

9ac

I（R+R.）

【详解】（1）闭合、S:断开时，干路中的最大电流约/=4+—~'=5751出滑动变阻器两端的

A2

I2V

电压最小值约为L5V-（lkC+0.5kQ）x0.2mA=1.2V滑动变阻器的最小电阻约为4加==2k。

0.575mA

滑动变阻器应选用凡2。为了保护电流计G不被损坏，开关加闭合前，应将滑动变阻器的滑片向卜.移动到。

端。

（2）［3］闭合S?前、后电流计G的示数没有变化，则电流计G中的电流与凡的电流相等，尺中的电流与此中

的电流相等，凡与R2两端的电压相等，电流计G与R两端的电压相等，可得电流计的内阻

凡=旦R=—x360Q=450c

£R20.8

（4）⑷⑸将&取下换成该金属电阻的情况下，同理可得凡=5尺=”《由图乙得R=匕/+〃

即&=网空"+以又人=K（i+M=Km+鸟则4a=亚二6,&=当。解得。=j

9c99c9ac

15.如图所示是消防高压水枪的结构原理图。已知储气储水罐的容积为12匕空气压缩机的气罐体积为匕

管子的体积可忽略不计。现在通过进水口向储气储水罐中注入6V的水，然后关闭其他通道，仅打开进气口

让空气压缩机连续工作了12次，假设大气压强为几，储气储水罐一开始灌水后的罐内气体压强以及空气压

缩机每一次压气时气罐内气体压强均等于大气压强，空气压缩机每一次压气都能把气罐内气体全部压入储

气储水罐，压气过程两罐内气体温度变化可忽略不计，环境温度为7；。

（1）求压缩机停止压缩后，储气储水罐内的气体压强；

（2）消防车到达火灾现场时的环境温度为L27；，假设储气储水罐导热性能良好，则当储气储水罐内水即将

用完时罐内气体压强为多少？

【详解】（1）根据玻意耳定律有PM=PM其中气体初始的体积为%=（12-6）V+（12X1»=18V

气体压缩后的体积为K=6V解得外=3〃o

（2）根据理想气体状态方程有华•二竽其中7；=（；4=1.27；）；匕=12V解得〃2=1.8〃。

16.掷铅球是一个需要力量和灵活性的运动，今年的学校运动会，高三（5）班学生周红要参加掷铅球比赛，

傍晚来到运动场训练，热身后（不计空气阻力，重力加速度取lOm*,730=5.5）

（D她在第一次投掷中把铅球水平推出,高度为h=L5m,速度为%=8m/s,则铅球被推出的K平距离是多

少米？

（2）第一次投掷后体育老师绐r建议，让她投掷时由于点高一点，斜向上推出铅球。于是，第二次她从离

地高为H=1.65m处推出铅球，出手点刚好在边界线上方，速度方向与水平方向成53。，如图所示，此次推

出铅球时铅球的速度大小仍为8m，s,则这次投掷的成绩为多少米？

【答案】（1）4.4m；（2）7.2m

【详解】（1）由平抛运动知识力=g划2；解得铅球被推出的水平距离为x=4.4m

（2）被推出的铅球在竖直方向做竖直上抛运动，则有-〃=i，sin53O/'-ggf'2

解得f'=L5s,r'=-O.22s（舍去）铅球在水平方向做匀速直线运动，则这次投掷的成绩为

V=v0cos53°r*=8x0.6x1.5m=7.2m

17.如图所示，以长方体a庆d-aT/c”的ad边中点。为坐标原点、a”方向为x釉正方向、a'a方向为V轴

正方向、，心方向为z轴正方向建立Oxyz坐标系，已知Qa=L。长方体中存在沿v轴负方向的匀强

磁场，现有质量为〃?、电荷量为4的带正电粒子（不计重力）.从。点沿z轴正方向以初速度-射入磁场中，

恰好从。点射出磁场。

（1）求磁场的磁感应强度B的大小：

（2）若在长方体中加上沿了轴负方向的匀强电场，让粒子仍从。点沿z轴正方向以初速度甘射入磁场中，

为使粒子能从"点射出磁场，求电场强度£的大小；

（3）若在长方体中加上电场强度大小为马=迈吧、方向沿z轴负方向的匀强电场，让该粒子仍从。点

qL

沿2轴正方向以初速度V射入磁场中，求粒子射出磁场时与。点的距离$。

【答案】⑴整⑵篝；(3)(1-第4

【详解】（1）粒子在aOz/r平面内做匀速圆周运动，如图中轨迹1所示

b

根据几何关系有r=由洛伦兹力提供向心力，有/8=加?解得4=宁

（2）粒子在电磁复合场中的运动为匀速圆周运动与类平抛运动的合运动，在长方体中运动的时间/

在F轴方向上做初速度为零的匀加速直线运动，则Ln!，/乂*=nui解得&

2kqL

（3）将初速度箕分解为匕、眩，使匕对应的洛伦兹力恰好与电场力平衡，分解如图所示

即时B=其中区=友誓■解得匕则根据勾股定理可得为=护1千=2口根据几何关系易知匕与z

qL

轴正方向的夹角。=60若仅在v对应的洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，即qvB=则轨道半径

22R

三R

R=勺解得R=L该分运动的情况如图中轨迹2所示。粒子在磁场中运动的时间,_己_由于粒子也参与

qB12~

v2

速度大小为V）,方向沿x轴正方向的匀速运动，粒子射出磁场时与0点的距离s=乙-卬2解得s=

6

18.如图所示，固定平台A长度4=1.15m,右端紧挨着水平木板她,木板必长度L=2m、质量

"=2kg,木板力端与足够长的固定平台〃之间的距离为&=0.25in.木板上表面跟平台A8等高。质量

均为，〃=lkg的滑块1、滑块2…滑块〃从左向右依次静止于平台8上，滑块1位于平台8的左端，相

邻两滑块间的间距均为d，滑块均可视为质点。质量%=3kg的小球用长度/=1.6m的细绳栓接在0点,

无初速度释放时细绳刚好伸直且与水平方向夹角6=30。,运动到最低点时与质量〃?=lkg的滑块/，发生

弹性碰撞，碰撞后滑块尸沿平台A滑动，之后滑上木板，当木板的〃端撞到平台3时立即静止。滑块P

与滑块I相碰后粘在一起，两滑块继续运动，直至与滑块2相碰，碰后三滑块粘在一起继续运动……后面

重复前面的运动情况，所有碰撞时间极短。已知滑块〃与平台A、木板时之间的动摩擦因数均为

必=0.5,木板ah与水平面之间的动摩擦因数为