2024届广东省广州市高考二模 物理 试题（学生版+解析版）

2024届广东省广州市高考二模物理试题

本试卷共6页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、试室

号、座位号填写在答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上，并在答

题卡相应位置上填涂考生号。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目选项的答案信息点涂黑；

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相

应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不

按以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选预中，只有

一项是符合题目要求的。

1.如图，光电管接入电路，用紫外线照射光电管阴极时，发生了光电效应，回路中形成电流。下列说法正

确的是（）

A.电流方向为a>R>b

B.电流方向为方

C.光照时间越长，光电子的最大初动能越大

D.入射光光强增大，光电子的最大初动能增大

2.如图甲，由细线和装有墨水容器组成单搜，容器底端墨水均匀流出。当单摆在竖直面内摆动时，长木

板以速度y垂直于摆动平面匀速移动距离L，形成了如图乙的墨痕图案，重力加速度为g,则该单摆的摆

长为（）

甲乙

A.B.4-C,必D.史

\（）7T~V~7l~V~4〃T71V

3.如图是。为圆心、A8为直径的透明圆盘截面，一束激光从空气中平行A8由C点射入圆盘，在8点反

射后从。点平行人B射出。已知圆盘半径和AC距离相等，则该圆盘对激光的折射率为（）

A.1.5B.2C.y/2D.G

4.如图为某发电厂输电示意图，发电厂的输出电压为U,输电线的等效电阻为r,输电线路中的电流为

/,理想变压器原、副线圈的匝数分别为,、“2,则该变压器（）

A.输入电压为UB.输入电压为〃

〃式U-/r）

c.输出电压为7------------D.输出电压为一--------

4

5.如图，一辆汽车以恒定速率通过圆弧拱桥，N为桥面最高处，则汽车（）

M

A.在N处所受支持力大小大于其重力

B.在N处所受支持力大小等于其重力

C.从M到N过程所受支持力逐渐增大

D.从M到N过程所受支持力逐渐减小

6.如图，在墙内或地面埋有一根通有恒定电流的长直导线。为探测该导线的走向，现用一个与灵敏电流计

（图中未画出），串联的感应线圈进行探测，结果如下表。忽略地磁场的影响，则该导线可能的走向是

)

灵敏电流计有无示

探测

数

沿3方向平

无

移

线圈平面平行于地面

Oabc

沿0c•方向平

无

移

沿3方向平

有

移

线圈平面平行于墙面

Oade沿Oe方向平

无

移

A.Oa方向B.Oh方向C.Oc方向D.Oe方向

7.如图，汽车定速巡航（即速率不变）通过路面岫cd,h时刻经过〃、,2时刻经过C、力时刻经过儿若汽

车行驶过程所受空气阻力和摩擦阻力的大小不变，则该过程汽车的功率。随时间/变化的图像是（）

bC

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

（1）将表面印有等距圆环的白纸固定在竖直放置的木板上;

（2）三根细线分别与弹簧测力计一端、一个图钉、待测重物相连，弹簧测力计的另一端固定，通过改变

图钉在木板的位置调节细线08,使细线的结点0与圆环的圆心位置重合；

（3）标出。4、OB、0C的拉力方向，记录弹簧测力计的读数N；

（4）①根据共点力平衡条件和平行四边形定则，用“力的图示”在图乙中作出0A、。8拉力的合力

②由作图结果可得重物的重力为N（结果保留一位小数）。

12.用图（a）的电路研究电容器的充放电，电源电动势为12V（内阻忽略不计）；品、&、R3为定值电

阻，其中&=160C；电流传感器（内阻忽略不计）将电流信息传入计算机，显示出电流随时间变化的/“图

像。

（1）①闭合开关K2,开关Ki与I接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电的4图像如图（b）中

的图线/,图线/与时间轴围成的“面积”为S,其物理意义是；

②断开开关K2,开关Ki与1接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电口图像如图（b）中的图线

II,图线H与时间轴围成的“面积”为S2,理论上应该有S________S2（选填或“二”）；

（2）测得S为2.64mA・s,由此可知电容器的电容C="，定值电阻&=Q；开关K2闭

合时，电容器放电过程中通过R3的电量为C。

13.如图为某同学根据“马德堡半球模型”设计的实验。两个底面积相同的轻质圆筒，开口端紧密对接,

圆筒内封闭气体的总体积为Vo=28mL,其压强与大气压强相等，均为所L0xl05pa。将注射器活塞推至针

筒底部，通过细管与气阀连通；打开气阀，然后缓慢拉动活塞，当注射器内气体体积为△V=12mL时停

止拉动。已知圆筒的底面积S=6xl()Ym2,装置气密性良好，圆筒形状与气体温度全程不变。

(1)求停止拉动活塞时圆筒内气体的压强〃；

(2)关闭气阀，撤去注射器，求将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力凡

14.如图，水平面内固定有平行长直金属导轨时、cd和金属圆环；金属杆A7N垂直导轨静止放置，金属杆

OP端在圆环圆心。处，另端与圆环接触良好。水平导抗区域、圆环区域有等大反向的匀强磁场。OP

绕。点逆时针匀速转动；闭合K,待MN匀速运动后，使OP停止转动并保持静止。己知磁感应强度大小

为B,MN质量为加，OP的角速度为①，。。长度、MN长度和平行导轨间距均为3MN和OP的电阻阻

值均为r,忽略其余电阻和一切摩擦，求：

(1)闭合K瞬间WN所受安培力大小和方向；

(2)MN匀速运动时的速度大小；

(3)从。产停止转动到M/V停止运动的过程，A7/V产生的焦耳热。

15.图(a)是水平放置“硬币弹射器”装置简图，图(b)是其俯视图。滑槽内的撞板通过两橡皮绳与

木板相连，其厚度与一个硬币的相同。滑槽出口端的“币仓”可叠放多个相同的硬币。撞板每次被拉动至

同一位置后静止释放，与底层硬币发生弹性正碰；碰后，撞板立即被锁定，底层硬币被弹出，上一层硬币

掉下补位。底层硬币被撞后在摩擦力作用下减速，最后平抛落到水平地面匕已知每个硬币质量为〃?，撞

板质量为3〃?；每次撞板从静止释放到撞击硬币前瞬间，克服摩擦力做功为W,两橡皮绳对撞板做的总功

为4W；忽略空气阻力，硬币不翻转。

(1)求撞板撞击硬币前瞬间，撞板的速度也

（2）当“币仓”中仅有一个硬币时，硬币被撞击后到抛出过程，克服摩擦力做功V%为其初动能的士，

20

求也;

（3）已知“币仓”中有〃（/2<10）个硬币时-，底层硬币冲出滑槽过程中克服摩擦力做功为（2月-1）叱.；试

讨论两次“币仓”中分别叠放多少个硬币时，可使底层硬币平施的水平射程之比为

硬币

2024届广东省广州市高考二模物理试题

本试卷共6页，15小题，满分100分。考试用时75分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、试室

号、座位号填写在答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上，并在答

题卡相应位置上填涂考生号。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目选项的答案信息点涂黑；

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相

应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不

按以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选预中，只有

一项是符合题目要求的。

1.如图，光电管接入电路，用紫外线照射光电管阴极时，发生了光电效应，回路中形成电流。下列说法正

确的是（）

A.电流方向a>R>b

B.电流方向为方

C.光照时间越长，光电子的最大初动能越大

D.入射光光强增大，光电子的最大初动能增大

【答案】B

【解析】

【详解】AB.电子从光电管阴极逸出，而电子带负电，与电流方向相反，故电流方向为力TR-,A错

误，B正确；

CD.逸出光子的最大动能只与入射光的频率有关，故CD错误。

故选Bo

2.如图甲，由细线和装有墨水的容器组成单摆，容器底端墨水均匀流出。当单撰在竖直面内摆动时，长木

板以速度v垂直于摆动平面匀速移动距离L形成了如图乙的墨痕图案，重力加速度为g,则该单摆的摆

长为（）

L

C.旦~D.也

7TV

【答案】A

【解析】

【详解】根据单摆的周期公式可得

由图可得

2T=-

v

联立可得

g匕

161泞

故选Ao

3.如图是。为圆心、AB为直径的透明圆盘截面，一束激光从空气中平行AB由C点射入圆盘，在8点反

射后从。点平行A8射出。已知圆盘半径和AC距离相等，则该圆盘对激光的折射率为（）

A.1.5B.2C.V2D.百

【答案】D

【解析】

【详解】已知圆盘半径和AC距底相等，则“OC为等边三角形，而NAC3=90"，由几何知识得

ZABC=^ACB=3(T

而入射角，与/AOC相等，由几何知识得

Z=ZAOC=60°

由折射定律

〃二些j

sin300

故选Do

4.如图为某发电厂输电示意图，发电厂的输出电压为U,输电线的等效电阻为八输电线路中的电流为

/，理想变压器原、副线圈的匝数分别为〃1、〃2,则该变压器（）

A.输入电压为UB.输入电压为Ir

几y（U一/r）建,（U+Ir）

C.输出电压为3------D.输出电压为--------

n\n\

【答案】C

【解析】

【详解】该变压器的输入电压为

Ux=U-Ir

根据理想变压器电压比等于匝数匕，可得

-U?=-=-%

可得该变压器的输出电压为

故选c。

5.如图，一辆汽车以恒定速率通过圆弧拱桥，N为桥面最高处，则汽车（）

A.在N处所受支持力大小大于其重力

B.在N处所受支持力大小等于其重力

C.从例到N过程所受支持力逐渐增大

D.从M到N过程所受支持力逐渐减小

【答案】C

【解析】

【详解】AB.在N点，根据牛顿第二定律可得

2

-N=m—

r

所以

2

..v

N=mg-m—<mg

r

故AB错误；

CD.设汽车与圆心连线与竖直方向的夹角为仇则

v2

1ngcos6-N-m—

r

从M到N过程，速率v不变，。减小，所以N增大，故C正确，D错误。

故选C

6.如图，白墙内或地面埋有一根通自恒定电流的长直导线。为探测该导线的走向，现用一个与灵敏电流计

（图中未画出）串联的感应线圈进行探测，结果如下表。忽略地磁场的影响，则该导线可能的走向是

)

灵敏电流计有无示

探测

数

沿0。方向平

无

移

线圈平面平行于地面

Oabc沿0c方向平

无

移

线圈平面平行于墙面沿0〃方向平有

OaAe移

沿。6方向平

无

移

A.方向B.（%方向C.0。方向D.0e方向

【答案】D

【解^5]

【详解】通电直导线周围的磁场的是以导线为圆心的一个个同心圆，当线圈平面平行于地面0〃儿移动

时，线圈中无感应电流产生，则穿过线圈的磁通最不变，说明线圈平面与磁场所在平面平行，即通电导线

应垂直于平面，当线圈平面平行于墙面0ade移动时，沿。。方向平移有电流，磁通量变化，沿O。

方向平移无电流，磁通量不变，说明导线应该沿Oe方向。

故选D。

7.如图，汽车定速巡航（即速率不变）通过路面a/”必力时刻经过从,2时刻经过c、力时刻经过d。若汽

车行驶过程所受空气阻力和摩擦阻力的大小不变，则该过程汽车的功率尸随时间r变化的图像是（）

bc

【答案】B

L%针斤】

【详解】根据题意可知，汽车运动速率不变，设汽车行驶过程所受空气阻力和摩擦阻力的大小为/,在

出?段有

6=mgsin。/

在儿段有

F?=f

在cd段有

居+，ngsin3=f

可知

F}>F2>F3

且£、尸2、5保持不变，由公式可知，汽车的功率

P\>P”P\

且R、P-巴保持不变。

故选B。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图，将磁铁在何形针正上方缓慢靠近。回形针被吸离桌面后向上运动过程（）

A.加速度增大B.加速度不变

C.机械能增大D.机械能不变

【答案】AC

【解析】

【详解】AB.对回形针受力分析，有

F微场力一'〃g=ma

回形针被吸离桌面后向上运动过程中，所受磁场力增大，所以其加速度增大。故A正确；B错误;

CD.磁场力对I可形针做正功，呵I形针的机械能增大。故C正确：D错误。

故选ACV

9.如图，运动员先后将甲、乙两冰壶以相同的初速度从A点沿直线A0推离。若甲以加速度0做匀减速运

动后停在。点；乙先以加速度42做匀减速运动，到达某位置，运动员开始刷冰面减小动摩擦因数，乙以

【解析】

【详解】设AO=x,甲、乙两冰壶的初速度为%,乙先以加速度。2做匀减速运动的位移为4,此时的速

度是V,由匀变速直线运动的速度位移关系公式，对甲冰壶可得

v()=2a}x

对乙冰壶可得

2

v--v=2a2xx

2

v=2^3(X-X))

联立可得

2a}x-2tz3(x-X1)=2a2M

整理可得

(4一%卜=(。2一心)%

由题意可知，乙冰壶在位移玉的摩擦力大于在位移的摩擦力，由牛顿第二定律可知的>%，可得

4>《，又有

+%(工一司)

a}x=a2xl

对上式可知，若〃2=4，则有4=生，现有。2>。3，推理可知4<%。

故选ACDo

10.如图，无初速度的：He经加运电场加速后，沿水平虚线进入速度选择器，打到右侧荧光屏上O点。若

无初速度的;H和；H经同一加速电场加速，进入速度选择器，最后打到右侧荧光屏上，则()

o

,下

加速电场A

+

A.：H打到。点B.；H打到。点

C.；H打到。点下方D.；H打到O点上方

【答案】BC

【解析】

【详解】在加速电场中，根据动能定理

j12

qUr=—mv

解得

一

Vm

;He经加速电场加速后，沿水平虚线进入速度选择器，打到右侧荧光屏上。点，则

qvB=qE

可得

E

v=­

B

F

:H的荷质比等于：He的荷质比，故：H离开加速电场时的速度等于；He离开加速电场时的速度，等于一，

~-B

故；H打到。点；；H的荷质比大于；He的荷质比，故；H离开加速电场时的速度大于；He离开加速电场时

p

的速度，大于万，在速度选择器中，；H受到洛伦兹力大于电场力，；H打到。点下方。

故选BCo

三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。

11.1.如图甲，用量程为5N的弹簧测力计，测量一个超出其量程的物体的重力：

（1）将表面印有等距圆环的白纸固定在竖直放置的木板上;

（2）三根细线分别与弹簧测力计一端、一个图钉、待测重物相连，弹簧测力计的另一端固定，通过改变

图钉在木板的位置调节细线08,使细线的结点0与圆环的圆心位置重合；

（3）标出。4、OB、0C的拉力方向，记录弹簧测力计的读数N；

（4）①根据共点力平衡条件和平行四边形定则，用“力的图示”在图乙中作出0A、。8拉力的合力

②由作图结果可得重物的重力为N（结果保留一位小数）。

【答案】①.3.00##2.99##3.01②.见解析③.7.0##6.8##6.9##7.1##7.2

【解析】

【详解】（3）[1]弹簧测力计的最小分度为0.1N,读数时需要估读到0.01N,所以其读数为3.00N。

（4）①⑵做出力的图示，如图所示

②网由作图结果可得重物的重力为7.0No

12.用图（a）的电路研究电容器的充放电，电源电动势为12V（内阻忽略不计）；R、心、R3为定值电

阻，其中&=160Q；电流传感器（内阻忽略不计）将电流信息传入计算机，显示出电流随时间变化的入图

像。

（1）①闭合开关Kz,开关Ki与1接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电的4图像如图（b）中

的图线/,图线/与时间轴围成的“面积”为3,其物理意义是,

②断开开关K?,开关Ki与1接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电的4图像如图（b）中的图

线II,图线0与时间轴围成的“面积”为S2,理论上应该有S&（选填或J”）；

（2）测得Si为2.64mA・s,由此可知电容器的电容C二定值电阻/<3=C;开关K2闭

合时，电容器放电过程中通过以的电量为Co

【答案】（I）①.电容器放电过程，通过电流传感器的电荷量②.=

(2)①.220②.480③.6.6xlO-4

【解析】

【小问1详解】

①U1根据

q=It

可知■图像与对应时间轴所围成的面枳表示的物理意义是电荷量,即电容器放电过程，通过旦流传感器的

电荷量。

②[2]$和S3均表示电容器放电的电荷量，所以

E=S2

【小问2详解】

[1]根据

c*

可得

C.=220pF

[2]根据

m=~R

可知，两次放电过程的最大电流与电路电阻成反比，即

x100mA=R2X75mA

解得

6=480。

[3]开关K2闭合时，电容器放电过程中通过&的电量为

QR=—^―xS.=0.66mA-s=6.6x1O-4C

1

%R2+R、

13.如图为某同学根据“马德堡半球模型”设计的实验。两个底面积相同的轻质圆筒，开口端紧密对接，

圆筒内封闭气体的总体积为Vb=28mL,其压强与大气压强相等，均为所LOxlOAa。将注射器活塞推至针

筒底部，通过细管与气阀连通；打开气阀，然后缓慢拉动活塞，当注射器内气体体积为△V=12mL时停

止拉动。已知圆筒的底面枳S=6xl()Ym2,装置气密性良好，圆筒形状与气体温度全程不变。

(1)求停止拉动活塞时圆筒内气体的压强〃；

(2)关闭气阀，撤去注射器，求将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力凡

【答案】(1)7xlO4Pa;(2)18N

【解析】

【洋解】(1)抽气过程，以原球内气体为研究对象，缓慢过程为等温变化过程，由玻意耳定律可得

解得

p=7x104Pa

(2)对一个圆筒受力分析，有

F=(p0-p)S=18N

可知将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力为I8N。

14.如图，水平面内固定有平行长直金属导轨外、4和金属圆环；金属杆MN垂直导轨静止放置，金属杆

。产一端在圆环圆心。处，另一端与圆环接触良好。水平导轨区域、圆环区域有等大反向的匀强磁场。0P

绕。点逆时针匀速转动；闭合K,待MN匀速运动后，使0P停止转动并保持静止。已知磁感应强度大小

为氏MN质量为〃?，0P的角速度为⑶0P长度、MN长度和平行导轨间距均为乙MN和0P的电阻阻

值均为「，忽略其余电阻和一切摩擦，求：

(1)闭合K瞬间MN所受安培力大小和方向；

(2)MN匀速运动时速度大小；

(3)从。户停止转动到MN停止运动的过程，MN产生的焦耳热。

【解析】

【详解】(1)当。。绕。点逆时针匀速转动时，由右手定则可知。点电势高，OP切割磁感线产生感应电

动势为

E=-B(OI3

2

闭合K瞬间，由闭合电路欧姆定律可知，通过M/V的电流大小为

EBcol?

2r4r

方向由M到则有MN所受安培力大小为

B2e(o

F=BIL=

4r

由左手定则可知，安培力方向水平向左

(2)闭合K后，则有MN向左做加速运动，速度逐渐增大，/WN切割磁感线产生感应电动势，则感应电流

方向与原电流方向相反，减弱原电流，可知"N受安培力逐渐减小，做加速度减小的加速运动，当"N中

电流减小到零时，安培力是零，加速度是零，MN的速度达到最大，设为也此时做匀速直线运动，则有

MN切割磁感线产生感应电动势与。尸产生的感应电动势大小相等，可知

EMN=BLV=；B①乃

解得

1r

v=—coL

2

（3）从。户停止转动到MN停止运动的过程，由能量守恒定律可知，电路中产生的焦耳热为

Q=—mv2=-E

28

MN产生的焦耳热为

Q.MN

2lo

15.图（a）是水平放置的“硬币弹射器”装置简图，图（b）是其俯视图。滑槽内的撞板通过两橡皮绳与

木板相连，其厚度与一个硬币的相同。滑槽出口端的“币仓”可置放多个相同的硬币。撞板每次被拉动至

同一位置后静止释放，与底层硬币发生弹性正碰；碰后，撞板立即被锁定，底层硬币被弹出，上