2024届新疆石河子某中学高考临考冲刺物理试卷含解析

2024届新疆石河子高级中学高考临考冲刺物理试卷

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如20年1月7日23时20分，在西昌卫星发射中心，长征三号乙运载火箭托举“通信技术试验卫星五号”直冲云霄。

随后，卫星被顺利送入预定轨道做匀速圆周运动，发射任务取得圆满成功，为我国2020年宇航发射迎来“开门红”。下

列说法正确的是（）

A.火箭发射瞬间，该卫星对运载火箭的作用力大于自身的重力

B.火箭发射过程中，喷出的气体对火箭的作用力与火箭对喷出的气体的作用力相同

C.卫星绕地匀速圆周运动中处于失重状态，所受地球重力为零

I）.由于卫星在高轨道的线速度比低轨道的小，该卫星从低轨道向高轨道变轨过程中需要减速

2、一台小型发电机的原理如图所示，单匝矩形线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动，发电机产生的电动势随时间变化的正

弦规律图像如图乙所示。已知发电机线圈内阻为1。，外接标有灯泡的交流电压表，则下列说法正确的是（）

甲乙

A.电压表的示数为220V

B.线圈转到如甲图所示位置时感应电动势为零

C.当，=0.01s时线圈中的磁通量最小为零

D.当，=0.01s时线圈中的磁通量最大，为

5乃

3、如下图所示，在自行车车轮的辐条上固定有一个小磁铁，前叉上相应位置处安装了小线圈，在车前进车轮转动过程

中线圈内会产生感应电流，从垂直于纸面向里看，下列U图像中正确的是（逆时针方向为正）

4、如图所示，平行板。、力组成的电容器与电池E连接，平行板电容器尸处固定放置一带负电的点电荷，平行板力接

地。现将电容器的，板向下稍微移动，贝!）（）

B.点电荷在P处的电势能减少

C.P点电势减小D.电容器的带电荷量增加

5、某加湿器在电子元件控制下，通过的电流如图所示，周期为1.0s,若等效工作电阻恒为100Q,则该加湿器1小时

消耗的电能约为（）

A.8.0x10"度B.7.5x10-2度c.7.0乂10一2度D.7.2乂10一2度

6、我国成功地发射了北斗三号组网卫星，如图为发射卫星的示意图.先将卫星发射到半径为勺=，•的圆轨道上做匀

速圆周运动，到A点时使卫星加速进入椭圆轨道，到椭圆轨道的远地点A点时，再次改变卫星的速度，使卫星进入

半径为4=3,•的圆轨道做匀速圆周运动。已知卫星在椭圆轨道时距地心的距离与速度的乘积为定值，卫星在椭圆轨

道上4点时的速度为%卫星的质量为地球质量为引力常量为G,则发动机在4点对卫星做的功与在8点对

卫星做的功之差为（不计卫星的质量变化）（）

B

A

A.与八出坦5,2GMm

B.—mv~-------

93r93r

5,3GMm42GMm

—〃2P~+-----D.-mv~------

84r93r

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、下列说法正确的是.

A.气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增大

B.己知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子间的平均距离

C.空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作不遵守热力学第二

定律

D.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润

E.若分子间的距离减小，则分子间的引力和斥力均增大

8、如图所示，光滑水平桌面放置着物块A,它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B,已知A的质量为m,B的质量

为3m,重力加速度大小为g,静止释放物块A、B后。

A.相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1

B.物块A、B的加速度之比为1：1

C.细绳的拉力为萼

D.当B下落高度h时，速度为

9、如图，在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在电场中通过A、5两点的连线中点对称地选取一个闭合

路径"cd。现将一个质子沿移动一周，下列说法正确的是（）

橡皮绳1根2根3根4根5根6根

做功W2W3W4W5W6IV

速度(u/m-sT)1.011.411.732.002.242.45

速度平方M/mZ.s-）1.021.992.994.005.026.00

在坐标系中描点、连线，作出图像。

()

⑷由图像可知，橡皮绳做功与小球获得的速度的关系为O

12.（12分）某同学设计出如图甲所示的实验装置来“验证机械能守恒定律”让小铁球从A点自由下落，下落过程中经

过4点正下方的光电门8时，光电计时器记录下小球通过光电门的时间f,当地的重力加速度为g。

（1）为了验证机械能守恒定律，除了该实验准备的如下器材：铁架台、夹子、铁质小球，光电门、数字式计时器、游标

卡尺（20分度），请问还需要（选填“天平”、“刻度尺”或“秒表”）；

⑵用游标卡尺测量铁球的直径。主尺水数（单位为cm）和游标的位置如图所示，则其直径为cm；

⑶用游标卡尺测出小球的直径为d,调整AB之间距离〃，记录下小球通过光电门〃的时间f,多次重复上述过程，作

出:随人的变化图线如图乙所示。若已知该图线的斜率为上则当地的重力加速度g的表达式为o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）光滑水平面上，质量为1kg的小球A以5m/s的速度向右运动，大小相同的小球8质量为4kg,以0.5m/s

的速度向右运动，两者发生正碰，碰撞后小球月以2m/s的速度向右运动.求：

①碰后A球的速度P；

②碰撞过程中A球对B球的冲量大小I.

An

14.(16分)图中MN和。。为竖直方向的两个无限长的平行直金属导轨，间距为L,电阻不计.导轨所在平面与磁感

应强度为8的匀强磁场垂直.质量为m、电阻为「的金属杆时始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触，导轨一端接有

阻值为火的电阻.由静止释放导体棒必，重力加速度为g.

(1)在下滑加速过程中，当速度为v时棒的加速度是多大；

(2)导体棒能够达到的最大速度为多大；

(3)设而下降的高度为儿求此过程中通过电阻K的电量是多少？

15.(12分)如图所示，弯成四分之三圆弧的细杆竖直固定在天花板上的N点，细杆上的PQ两点与圆心。在同一水

平线上，圆弧半径为0.8m。质量为0.1kg的有孔小球A(可视为质点)穿在圆弧细杆上，小球A通过轻质细绳与质量

也为0.1kg小球/相连，细绳绕过固定在Q处的轻质小定滑轮。将小球A由圆弧细杆上某处由静止释放，则小球A沿

圆弧杆下滑，同时带动小球4运动，当小球A下滑到。点时其速度为4m/s,此时细绳与水平方向的夹角为37。，己知

重力加速度g=10m/§2,sin370=0.6,cos370=0.8,cosl6°=0.1.问：

(1)小球A下滑到。点时，若细绳的张力7=x(N),则圆弧杆对小球A的弹力是多大？

(2)小球A下滑到。点时，小球4的速度是多大？方向向哪？

⑶如果最初释放小球A的某处恰好是尸点，请通过计算判断圆弧杆PO段是否光滑。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

A.由牛顿第二定律可知，火箭发射瞬间，卫星加速度向上，则该卫星对运载火箭的作用力大于自身的重力，A正确;

B.火箭发射过程中，喷出的气体对火箭的作用力与火箭对喷出的气体的作用力大小相等，方向相反，B错误；

C.卫星绕地运动过程中处于失重状态，所受地球重力不为零，C错误；

D.卫星从低轨道向高轨道变轨过程中需要加速，D错误.

故选Ao

2、D

【解析】

A.根据正弦交流电的有效值等于峰值除以血，可知感应电动势的有效值为220V,电压表测的是路端电压，由于电

源有内阻，所以路端电压和电动势不相等，所以电压表的示数不为220V,故A错误；

B.线圈转到如甲图所示位置时，感应电动势最大，故B错误；

CD.由乙图可知40.01s时，感应电动势为零，线圈位于中性面，与磁感线垂直，磁通量最大，由乙图可知周期T=0.02s,

由

E=BSa>=BS—

1m11ry,

可得

①=^=LL^wb

w5/r

故C错误，D正确。

故选D。

3、D

【解析】

磁铁靠近线圈时，线圈中向外的磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场向里，根据安培定则可知线圈中

感应电流方向为顺时针方向（负方向）；当磁铁离开线圈时，线圈中向外的磁通量减小，根据楞次定律可知感应电流产

生的磁场向外，根据安培定则可知线圈中感应电流方向为逆时针方向（正方向），ABC错误，D正确。

故选D。

4、B

【解析】

A.因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变，3板下移，则板间距离d增大，则板间电场强度后变小，由F=Eq

可知电荷所受电场力变小，故A错误；

BC.板间距离d增大，则板间电场强度E变小，由U=E"知，?与〃板的电压减小，而。的电势不变，故尸的电势升

高,由比二夕夕而q为负值，故电势能减小，故B正确，C错误；

D.由。=CU,又有故C减小，。减小，故D错误。

4兀kd

5、C

【解析】

根据有效值的定义，有

咐+/泗=/M

解得：交流电的有效值

―“洌+/泗_/『XRXOS+OSXRXO/A—而永

RT_V而一'

电阻功率

/>=/2/<=7OW=7.OxlO_2kW

所以加湿器1小时消耗的电能

E=p7=7.Oxl（r2kwh=7.0x10-2度

故C正确，ABD错误。

故选：Co

6、B

【解析】

根据万有引力提供向心力可得

GMmmv\

▼丁

解得卫星在轨道半径为r的圆轨道上运动的线速度大小

V普

同理可得在半径为3r的圆轨道上做圆周运动的线速度大小为

[GM

V

2=\V—jr

设卫星在椭圆轨道上8点的速度为匕，根据题意有

v*r=vH»3r

可知在4点时发动机对卫星做功

W.=—I11V2--/HV.2

1221

在B点时发动机对卫星做的功为

I"121/八2

VV,=-AW2--/«(-)

因此有

...5,2GMm

W.-W.=-mv-----------

1293r

故B正确，A、C>D错误；

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BDE

【解析】

A.温度是分子平均动能的标志，气体温度升高，分子的平均动能增加，分子的平均速率增大，不是每个气体分子运

动的速率都增大，故A错误；

B.知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可求出气体的摩尔体积，然后求出每个气体分子占据的空间大小,

从而能求出气体分子间的平均距离，故B正确；

C.空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，产生了其他影响，即消耗了电能，所

以不违背热力学第二定律，故C错误；

D.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，附着层内分子间作用表现为斥力，附着层有扩展趋势，液体与

固体间表现为浸润，故D正确；

E.若分子间的距离减小，则分子间的引力和斥力均增大，故E正确.

故选BDE.

8、AC

【解析】

同时间内，图中A向右运动h时，B下降一半的距离，即为h/2,故A、B运动的路程之比为2：1,故A正确；任意

相等时间内，物体A、B的位移之比为2；1,故速度和加速度之比均为2；1,故R错误；设A的加速度为a,则B

的加速度为0.5a,根据牛顿第二定律，对A,有：T=ma,对B,有：3mg.2T=3m・0.5a,联立解得：T=^y^,a=1g,

故C正确；对B,加速度为a，=0.5a=2g,根据速度位移公式，有：v2=2*ar*h,解得：v=也也，故D错误；故选

7V7

AC.

【点睛】

本题考查连接体问题，关键是找出两物体的位移、速度及加速度关系，结合牛顿第二定律和运动学公式列式分析，也

可以结合系统机械能守恒定律分析.

9、BD

【解析】

等量同种电荷电场线如图：

A.结合等量异种点电荷的电场线的图象可知，岫两点的电场强度的方向不同，故A错误；

B.d点的电势为正值，c点的电势为负值，。点电势低于d点电势，故B正确；

C.在加的连线上，两电荷连线上方，场强竖直向分量向下，两电荷连线下方，场强竖直向分量向上。则质子由力到

c，电场力先做正功后做负功，故C错误；

D.由CTd,质子受力的方向与运动的方向之间的夹角始终是钝角，电场力做负功，电势能一直在增大，故D正确。

故选BD,

10、CD

【解析】

A.U0时刻，金属细杆产生的感应电动势

E=Bdv[>

金属细杆两端的电压

p1

U=——R=—Bdv。

2R2。

故A错误；

B.仁八时刻，金属细杆的速度与磁场平行，不切割磁感线，不产生感应电流，所以此时，金属细杆不受安培力，故B

错误;

C.从U0到时刻，电路中的平均电动势

-△①Bdx2r

回路中的电流

在这段时间内通过金属细杆横截面的电量

q=i

故c正确:

D.设杆通过最高点速度为匕，金属细杆恰好通过圆弧轨道的最高点，对杆受力分析，由牛顿第二定律可得

A

mg=nz-

r

解得

从UO到时刻，据功能关系可得，回路中的总电热

2=—〃叫;--mv[-mg-2r

定值电阻K产生的焦耳热

QR=\Q

解得

C125

2/e=-^v0--/7?^r

故D正确

故选CD,

【点睛】

-E△①N△①

感应电量夕=-=，这个规律要能熟练推导并应用.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、橡皮筋做功与小球获得的速度平方成正比或w8y2

【解析】

(2)[1]根据胡克定律有:

F=k(Z2-/1)

求得橡皮绳的劲度系数为:

⑶⑵做出图象，如图所示:

(4)[3J由图象可知，亚尼图象为过原点的一条直线，所以橡皮绳做功与小球获得的速度的关系为：橡皮绳做功与小球

获得的速度平方成正比。

kd2

12、刻度尺1.015S=—

【解析】

(1)[1].根据实验原理和题意可知，还需要用刻度尺测量A点到光电门的距离，故选刻度尺；

(2)⑵.2。分度的游标卡尺，精确度是0.05mm,游标卡尺的主尺读数为1cm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度

对齐，所以游标读数为3xO.O5mm=O.15mm,所以最终读数为：lcm+O.15m=1.015cm.

(3)[3].根据机械能守恒的表达式有

,1,

mgn=—

利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度有

d

v=—

t

整理后有

则该直线斜率为

k.次

可得

kd2

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、①Irn/s方向向左②/=6N-s

【解析】

①48两球碰撞过程，系统动量守恒，取向右为正方向

m]V）+m2y2=m]v[+吗"

解得

v[=-lm/s