2025届贵州省贵阳市高三上学期11月模拟预测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1贵阳市2025届高三年级11月质量监测物理注意事项：1.本试卷共6页，三道大题，15道小题。试卷满分100分，考试时间75分钟。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将答题卡交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图，两根相同的导体棒PQ和MN置于两根固定在水平面内的光滑的长直平行导电轨道上，并处于垂直水平面向下的匀强磁场中。如果PQ获得一个向右的初速度并任由其滚动，运动中PQ和MN始终平行且与轨道接触良好。则下列描述不正确的是（）A.开始阶段，回路中产生的感应电流的方向为PQMNB.开始阶段，作用在PQ棒上的安培力向左C.MN棒开始向右加速运动D.PQ棒向右做匀减速运动直至速度为零【答案】D【解析】A．根据安培定则可知开始阶段，回路中产生的感应电流的方向为PQMN，故A正确；B．根据左手定则可知开始阶段，作用在PQ棒上的安培力向左，故B正确；C．同理根据左手定则可知开始阶段，MN棒所受的安培力向右，即MN棒开始向右加速运动，故C正确；D．设PQ棒的速度为，MN棒的速度为，回路中总电阻为，导轨间距为，则感应电流PQ棒减速，MN棒加速，则感应电流减小，根据可知两棒所受安培力减小，结合牛顿第二定律可知加速度减小，即PQ棒向右做加速度减小的减速运动，直到两棒的速度相等后，做匀速直线运动，故D错误。本题选不正确项，故选D。2.甲、乙两辆小汽车并排在平直道路上行驶时的位置（x）——时间（t）图线如图所示。则下列说法正确的是（）A.在6s时，甲、乙两车的速度相同B.在7s时，乙车比甲车的速度大C.在4s到6s时间内，乙车的速度总是在增加D.在8s后，甲车超过乙车【答案】D【解析】A．在6s时，甲车图像的斜率大于乙车，位移时间图像中斜率表示速度，故甲车速度更大，故A错误；B．在7s时，甲车图像的斜率大于乙车，位移时间图像中斜率表示速度，故甲车速度更大，故B错误；C．在4s到6s时间内，乙车的斜率先增大后减小，即乙车速度先增加后减小，故C错误；D．8s时，甲车与乙车图像相交，即相遇，8s后甲车位置比乙车远，甲车超过乙车，故D正确。故选D。3.如图，一广告商想挂起一块重7.5×102N的广告牌。他将缆索A固定在其中一栋建筑的竖直墙壁上，缆索与墙面成30°角，缆索B固定在毗邻建筑的墙上，呈水平方向。则缆索B所受广告牌的拉力大小最接近（）A.4.3×102N B.6.5×102N C.8.7×102N D.1.3×103N【答案】A【解析】对广告牌受力分析有联立解得故选A。4.质量相同的a、b两颗卫星均绕地球做匀速圆周运动。a卫星是地球同步卫星，b卫星绕地球的周期约为3小时。则b卫星受地球的引力大小约是a卫星受地球引力大小的几倍（）A.1 B.8 C.16 D.27【答案】C【解析】由于两颗卫星均绕地球做匀速圆周运动，根据开普勒第三定律，可知可知a、b卫星的轨道半径之比为根据万有引力定律，可知a、b卫星受地球的引力大小之比为可知，b卫星受地球的引力大小约是a卫星受地球引力大小的16倍。故选C。5.如图，光滑轨道abc竖直固定，a、b、c三点距地面的高度已在图中标出，最低点b附近轨道形状近似为圆形，半径R=0.6m。将可视为质点的小球由a点静止释放，并沿轨道abc运动，经过b点时所受合力大小为30N，小球从c点离开轨道时，其速度方向与水平面成60°角，最终落在地面上e点。不计空气阻力，重力加速g取10m/s2。则下列关于小球的说法正确的是（）A.比较小球在b、c、d、e各点速率，小球在b点的速率最大B.小球的质量为0.5kgC.小球运动到c点时的速度大小为D.小球从c点刚好飞行到e点所需的时间为0.5s【答案】B【解析】A．小球由a点静止释放，之后小球只有重力做功，机械能守恒，重力势能最小时，动能最大，速率最大，可知，小球在b、c、d、e各点速率，小球在e点的速率最大，故A错误；B．小球经过b点时所受合力大小为30N，根据牛顿第二定律有小球从a到b过程，根据动能定理有解得故B正确；C．小球从a到c过程，根据动能定理有解得故C错误；D．小球从c点飞出后做斜抛运动，在竖直方向上有舍去负值，结合上述解得故D错误故选B。6.位于坐标原点处的波源，从时刻开始振动，其位移y随时间t变化的关系式为，形成的一列简谐横波以0.5m/s的速率沿x轴正方向传播。则时的波形图为（）A. B.C. D.【答案】B【解析】从时刻开始振动，其位移y随时间t变化的关系式为则周期为波长为则时，即经过一个周期后，坐标原点处的波源从回到平衡位置向上振动，由于沿x轴正方向传播，根据同侧法可知，时的波形图为B选项中的波形图。故选B。7.如图，质量为m的四轴无人机有四个螺旋桨。四个螺旋桨旋转共扫出的总面积为S，当四个螺旋桨同时旋转产生竖直向下的气流，可使该无人机悬停在空中某一固定位置。已知空气的密度为，重力加速度大小为g。要使无人机悬停，则螺旋桨旋转产生竖直向下的气流的速率应为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】对无人机受力分析可知在极短时间t内，对空气列动量定理联立解得故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图，一车手以8.0m/s的速度骑着自行车在粗糙水平道路上沿直线匀速前行，所受阻力恒为17.0N，后轮与地面不打滑，车手与自行车的总质量为65kg。在s时，车手看到正前方9m处红灯亮起，并立即刹车制动使自行车匀减速直线前行，最终在s时停下，已知车手的反应时间为0.2s。下列关于自行车和车手的说法正确的是（）A.自行车匀速前进时，后轮与地面接触点所受的摩擦力与其前进方向相反B.自行车匀速前进时，车手所提供的机械功率为136WC.车手和自行车匀减速直线前行过程受到的阻力大小为325ND.自行车刚停下，车与红灯的距离为1m【答案】BCD【解析】A．自行车匀速前进时，后轮与地面接触点所受的摩擦力向前，与其前进方向相同，选项A错误；B．自行车匀速前进时，车手所提供的机械功率为选项B正确；C．车手和自行车匀减速直线时由逆向思维可知则前行过程受到的阻力大小为选项C正确；D．反应时间内自行车的位移自行车刚停下，车与红灯的距离为选项D正确。故选BCD。9.如图1，某男子举重运动员，训练由架上挺举质量为100kg的杠铃。挺举过程中，杠铃竖直方向的速度随时间变化的关系图线如图2所示（以竖直向上为速度正方向）。图中a至i为挺举过程中的某些特定时刻。只考虑杠铃竖直方向的运动情况，重力加速度g取10m/s2。则下列有关杠铃的说法正确的是（）A.由零时刻到a时刻过程，杠铃处于失重状态B.由零时刻到a时刻过程，杠铃的动能增加C.由a时刻到b时刻过程，举重运动员挺举杠铃所施的平均作用力约为1500ND.由e时刻到g时刻过程，杠铃的重力势能减少【答案】CD【解析】A．由零时刻到a时刻过程，杠铃向下减速，加速度竖直向上，杠铃在竖直方向上只受重力和运动员举杠铃的力，即运动员举杠铃的力大于重力，处于超重状态，故A错误；B．由零时刻到a时刻过程，杠铃速度减小，动能减少，故B错误；C．由a时刻到b时刻过程，加速度约为由牛顿第二定律可知解得故C正确；D．由e时刻到g时刻过程，杠铃速度方向竖直向下，重力做正功，杠铃的重力势能减小，故D正确。故选CD。10.如图，带电荷量为的球1固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面上的O点，其正上方L处固定一带电荷量为的球2，斜面上距O点L处的P点有质量为m的带电球3恰好静止。球的大小均可忽略，已知重力加速度大小为g。迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动。下列关于球3的说法正确的是（）A.带负电B.运动至O点的速度大小为C.运动至O点的加速度大小为D.运动至OP中点时对斜面的压力大小为【答案】BC【解析】A．球3原来静止，迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动，说明1、3之间原来是斥力，球3带正电，故A错误；B．由几何关系知，球1球2球3初始位置为一正三角形，球3运动至O点过程中库仑力不做功，由动能定理得解得故B正确；C．设球3电量为Q，对P点的球3受力分析，在沿斜面方向有对O点球3受力分析，在沿斜面方向有联立解得故C正确；D．运动至OP中点时，在垂直斜面方向有解得根据牛顿第三定律可得运动至OP中点时球3对斜面的压力大小为，故D错误。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共57分。11.某小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置“研究加速度与力的关系”和“验证机械能守恒定律”。气垫导轨已调至水平，细线与轨道平行。托盘和砝码的总质量、滑块（含遮光条）的质量、滑块释放点到光电门的距离、遮光条的宽度和挡光片通过光电门的时间分别用m1、m2、l、d和△t表示。已知当地重力加速度为g。请完成下列问题：（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，游标卡尺的示数如图乙所示，则__________mm；（2）“研究加速度与力关系”。实验过程中可近似认为托盘和砝码受到的总重力等于滑块（含遮光条）所受的拉力。①改变托盘中的砝码个数，每次从同一位置静止释放滑块，测出△t。为完成实验，除已测量的物理量而外，还必需要测量的物理量有___________（选填“m1、m2、l）；②用所测物理量写出求滑块加速度大小的表达式__________（用“l、d或△t表示）。（3）“验证系统机械能守恒定律”。先测出m1、m2，通过改变滑块的静止释放位置，测出多组l、△t数据，并利用实验数据绘制出图像如图丙所示。若图丙中直线的斜率近似等于__________（用m1、m2和g表示），则可认为该系统机械能守恒。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】根据游标卡尺的读数规则【小问2详析】[1]根据题意实验研究“加速度与力的关系”，实验过程中可近似认为托盘和砝码受到的总重力等于滑块（含遮光条）所受的拉力，由实验为了验证加速度与合外力成正比关系，只需测量托盘和砝码质量，实验过程中控制滑块质量不变即可，不必测量出滑块质量，也不必测量滑块释放点到光电门的距离；[2]滑块经过光电门的速度为由运动学公式联立解得【小问3详析】若系统机械能守恒，则有解得斜率为若图丙中直线的斜率近似等于，则可认为该系统机械能守恒。12.一个有两个量程的电压表已损坏，电流表G的满偏电流，内阻未知，其电路如图甲所示。某同学对该电压表进行修复并校准的过程如下：（1）拆开电压表，经检测，R1损坏，表头和R2完好；（2）用如图乙所示的电路测量表头的内阻，图乙中电源的电动势4V。闭合开关前，滑动变阻器R的滑片应移到____________（填“a端”或“b端”），先闭合S1，调节滑动变阻器R，使表头的指针偏转到满刻度；再闭合开关S2，保持R不变，仅调节电阻箱阻值，使表头指针偏转到满刻度的，读出此时的阻值为200Ω，则表头的内阻的测量值为________Ω；（3）根据题给条件和（2）所测数据，请你推算电阻R1损坏之前阻值应为__________Ω，选取相应的电阻替换R1，重新安装好电表；（4）用标准电压表对修复后的电压表的“0~3V”量程进行校对，请在答题纸上把如图丙所示的实物电路补充完整__________；（5）校准时发现，修复后的电压表的读数比标准电压表的读数偏小，该同学认为造成这一结果的原因是，由于步骤（2）测量表头的内阻存在一定的误差，表头内阻的真实值__________（填“大于”或“小于”）测量值。【答案】（2）b100（3）9900（4）（5）大于【解析】【12题详析】[1]闭合开关前，为了保护电路，电路阻值应调大最大，故滑动变阻器R的滑片应移到b端；[2]题意知闭合S2前，干路电流为，闭合S2后，干路电流不变，电流表和电阻箱并联，电压相同，题意可知电流表示数为，故流过电阻箱的电流为，设电流表内阻为，则由并联特点有代入数据得[3]题意知电流表与R1串联构成了量程为3V的电压表，故解得[4]校准改装好的电压表需要标准电压表与其并联，故图如下[5]由于步骤（2）中闭合S2时认为干路电流不变，实际并联后的电路总电阻减小，总电流增大，此时干路电流大于，故流过的电流大于，故表头内阻的真实值大于测量值。13.一蒸汽弹射系统的简易图如图所示。在一次弹射测试中，用不可伸长的缆索将质量为2.6×104kg的战机与高压蒸汽贮气缸的活塞连接，当机尾的锁扣被松开，贮气缸中的高压蒸汽膨胀便推动活塞，从而带动战机在航母的水平甲板上加速运动，经1.5s，战机速度达到54m/s。此过程战机的发动机引擎未开启，忽略战机与甲板的摩擦力和空气阻力影响。求：（1）弹射过程战机的平均加速度大小；（2）高压蒸汽膨胀带动战机加速弹射过程对战机所做的功；（3）请判断在弹射过程中战机的加速度是不断增加、不断减小还是保持不变。并对你的判断作出解释。【答案】（1）（2）（3）见解析【解析】【小问1详析】弹射过程战机的平均加速度大小代入数据可得【小问2详析】高压蒸汽膨胀带动战机加速弹射过程对战机所做的功根据牛顿第二定律根据运动学公式代入数据联立解得【小问3详析】加速度不断减小，因为高压蒸汽膨胀提供推力使战机加速，而蒸汽膨胀后压强逐渐减小，即推力逐渐减小，由可知，战机质量不变时，其加速度逐渐减小。14.在足够大的空间范围内，同时存在着竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度大小为B。带正电的小球1和不带电的绝缘小球2静止放置于固定的水平悬空光滑支架上，两者之间有一被压缩的绝缘微型弹簧，弹簧用绝缘细线锁住，如图所示。小球1的质量为m1，电荷量为q。某时刻，烧断锁住弹簧的细线，弹簧将小球1、2瞬间弹开。小球1做匀速圆周运动，经四分之三个周期与球2相碰。弹开前后两小球的带电情况不发生改变，且始终保持在同一竖直平面内。不计空气阻力，两球均可视为质点，重力加速度大小为g。求：（1）电场强度的大小；（2）小球2被弹开瞬间的速度大小；（3）小球1、2的质量之比。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】小球1做匀速圆周运动，故小球1所受的重力和电场力等大反向解得【小问2详析】两球相撞时，小球2的水平位移和