2016年福建省福州市中考真题物理试题（解析版）

初中学业水平考试试题PAGEPAGE12016年福建省福州市中考物理试卷一、选择题（本大题有16小题，每小题2分，共32分．每小题只有一个选项正确）1．（2分）（2016•福州）骑行是一种时尚的健身运动，如图，图中骑行者影子的形成是由于（）A．光的反射 B．光的色散 C．光的折射 D．光的直线传播〖分析〗影子是光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区．故选D．〖点评〗一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理．2．（2分）（2016•福州）有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地，目的是（）A．防触电 B．防短路 C．节能 D．稳固〖分析〗由安全用电的常识和家用电器的金属外壳一定要接地线来进行解答．〖解答〗解：如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通，外壳就带电，人体接触外壳等于接触火线，就会发生触电事故；如果把外壳用导线接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险．故选A．〖点评〗本题考查了金属外壳用电器的地线的作用．3．（2分）（2016•福州）福州许多路口安装有盲人过街提示器，盲人可以根据提示器发声音的高低辨别方向．其中声音的高低是指声音的（）A．音色 B．音调 C．振幅 D．响度〖分析〗掌握声音的三要素，物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调．知道音色反应了声音的品质与特色，人们能够区别不同的发声体，是根据发声体的音色来区分的〖解答〗解：音调是指声音的高低．故选B．〖点评〗本题考查了音调的定义，是一道基础题，学生易于掌握．4．（2分）（2016•福州）初春的清晨常常有雾，雾的形成是（）A．凝固 B．升华 C．液化 D．熔化〖分析〗要解答本题需掌握：雾的形成，以及生活中常见的液化现象．〖解答〗解：雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴悬浮在空气中的现象．故选C．〖点评〗本题主要考查学生对生活中的常见的现象属于哪种物态变化的判断能力．5．（2分）（2016•福州）下列主要利用大气压原理工作的是（）A．船闸 B．密度计 C．轮船 D．气压计〖分析〗分别从船闸、密度计、轮船、气压计的原理分析，判断是否利用大气压工作．（1）船闸是利用连通器原理．（2）轮船、密度计利用的都是浮力原理；（3）气压计是利用大气压强的原理工作的；〖解答〗解：A、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器，故A不符合题意．B、密度计的设计利用了物体的浮沉条件，即让密度计在液体中漂浮，则可知密度计在任何液体中所受浮力都等于密度计的重力．故B不合题意；C、轮船漂浮在水面上，受到的浮力等于自重，是利用浮力工作，故C不合题意；D、气压计是测气压的工具，利用大气压所能支持的水银柱高度来表示大气压的大小．是利用大气压原理工作的，故D符合题意．故选D．〖点评〗解答本题的关键是学生对船闸、密度计、轮船、气压计的原理要有一个明确的认识，然后方可知道是否利用大气压工作的，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释．6．（2分）（2016•福州）如图是小亮用漫画的方式描绘了“迷糊教授”的实验操作，其中正确的是（）A． B． C． D．〖分析〗（1）用温度计测量液体的温度的时候，温度计的液泡不能碰到容器底和容器壁，且读数时液泡不能离开被测液体，视线应与液柱凹面底部相平；（2）使用量筒测量液体体积时，要把量筒放在水平台上，读数时视线与液面相平；（3）使用刻度尺测量物体长度时，在放置刻度尺时，要用刻度尺有刻度的一侧贴近被测物体．〖解答〗解：A、根据温度计的正确使用规则可知，温度计在读数时，不能离开被测液体，故A错误；B、用量筒测量液体体积时，量筒的放置以及读数时的视线都是正确的，故B正确；C、图中刻度尺有刻度的一侧没有紧贴被测物体，故C错误；D、用量筒测量液体体积读数时，量筒没有放置在水平面上，视线没与凹液面的底部相平，故D错误．故选B．〖点评〗此题考查了刻度尺、温度计、量筒的使用；每个测量工具都要自己的使用规则，使用时要按照规则操作，与规则不符的就是错误的．7．（2分）（2016•福州）第一个通过理想实验发现“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（）A．伽利略 B．亚里士多德 C．牛顿 D．帕斯卡〖分析〗亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，伽利略通过理想斜面实验第一次提出了力不是维持物体运动的原因．〖解答〗解：A、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故A正确；B、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故B错误；C、牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，故C错误；D、帕斯卡发现了帕斯卡原理，在液体压强的研究中做出了贡献，故D错误．故选A．〖点评〗对于物理学上重大发现和著名理论，要加强记忆，牢固掌握，这是小高考经常考查的内容．8．（2分）（2016•福州）下列估测中最接近真实值的是（）A．人感觉舒适的室温是42℃B．课桌的高度约为1.8mC．我国1元硬币的质量大约是6gD．人正常呼吸一次的时间约1min〖分析〗不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．〖解答〗解：A、人感觉舒适的室温是24℃左右，此选项不符合实际；B、中学生的身高在1.65m左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在0.8m左右，此选项不符合实际；C、我国1元硬币的质量大约是6g左右，此选项符合实际；D、人1min呼吸18次左右，正常呼吸一次的时间约为3s，此选项不符合实际．故选C．〖点评〗此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案．9．（2分）（2016•福州）下列措施中能增强通电螺线管磁性的是（）A．减小螺线管的电流 B．减少螺线管的匝数C．在螺线管内插入铁芯 D．改变螺线管的电流方向〖分析〗影响螺线管磁性强弱的因素有：线圈中电流的大小；线圈的匝数；线圈中有无铁芯．并且，电流越大，匝数越多，磁性越强；在电流与匝数相同的情况下，加入铁芯的磁性要比不加入铁芯时的磁性要强．因此要增强螺线管的磁性，就要从以上三个因素入手考虑．〖解答〗解：A、在相同条件下，减小螺线管的电流，磁性减弱，不符合题意；B、在相同条件下，减少螺线管的匝数，磁性减弱，不符合题意；C、在相同条件下，插入铁芯，磁性增强，符合题意；D、改变电流的方向，只能改变通电螺线管的磁极，不符合题意．故选C．〖点评〗在明确影响螺线管磁性强弱的因素的基础上，再结合对应的措施来确定答案．10．（2分）（2016•福州）下列实例中，通过做功方式改变物体内能的是（）A．阳光晒热棉被 B．锯木头时锯条变热C．用热水袋取暖 D．冷气使房间温度降低〖分析〗改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分．〖解答〗解：A、阳光晒热棉，属于热传递改变物体的内能，不符合题意；B、锯木头时锯条变热，是因摩擦（克服摩擦力做功）而发热，属于做功改变物体的内能，符合题意；C、用热水袋取暖，属于热传递改变物体的内能，不符合题意；D、冷气使房间温度降低，属于热传递改变物体的内能，不符合题意．故选B．〖点评〗此题查学生对基本概念和基本规律的识记能力，做对题的前提是熟记这些知识点，并灵活进行运用．11．（2分）（2016•福州）如图是“混合动力汽车”原理结构的示意图，该车行使过程中把电能转化为机械能的部件是（）A．汽油发动机 B．电池 C．发电机 D．电动机〖解答〗解：“混合动力电动汽车”在工作过程中消耗电能获得机械能，是依靠电动机实现这一能量的转化，故D正确．故选D．〖点评〗本题考查电动机能量的转化，属于基础题．12．（2分）（2016•福州）如图，图中能正确表示像与物关系的是（）A． B． C． D．〖分析〗凸透镜应用：U＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．U＜f，成倒正立、放大的虚像．平面镜成正立、等大的虚像，像与物关于平面镜对称．〖解答〗解：A、根据图示可知，U＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，故A正确；B、2f＞U＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，故B错误；CD、平面镜成正立、等大的虚像，像与物关于平面镜对称，故CD错误．故选A．〖点评〗本题考查凸透镜成像和平面镜成像的应用，凸透镜成像的三种情况和平面镜成像的特点一定要熟练掌握．13．（2分）（2016•福州）如图所示电路，闭合开关，以下判断正确的是（）A．灯L1、L2串联 B．电流表测灯L1电流C．电流表测灯L2电流 D．电流表测总电流〖分析〗根据电流的流向法，找出电流的路径，再根据串并联电路的特点做出判断．并确定电流表的测量范围．〖解答〗解：A、读图可知，电流从电源的正极出发，经开关后分别流经两只灯泡，所以电路为并联，故A错误；BC、图中电流表与灯L1串联在同一支路中,所以电流表测灯L1的电流，故B正确、C错误；D、电流表测灯L1的电流，不是测总电流，故D错误．故选B．〖点评〗本题主要考查了对实物电路连接情况的读图能力，是电学的基本能力之一，应熟练掌握．14．（2分）（2016•福州）将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图所示，图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（）A． B． C． D．〖分析〗当ρ液＞ρ物时，物体漂浮，浮力等于重力；当ρ液=ρ物时，物体悬浮，浮力等于重力；当ρ液＜ρ物时，物体下沉，浮力小于重力．根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断鸡蛋所受浮力的变化．〖解答〗解：当鸡蛋在浓盐水中漂浮时，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力；当给浓盐水中缓慢加入水时，混合液的密度开始减小，当此时混合液的密度仍大于鸡蛋的密度，虽然鸡蛋开始缓慢下沉，不过鸡蛋仍处于漂浮状态，只是浸入液体中的体积在增大，而露出的体积在减小，所以此时鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当混合液的密度逐渐减小到等于鸡蛋的密度时，此时鸡蛋在液体中处于悬浮状态，鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当浓盐水中的水越来越多而引起混合液的密度比鸡蛋密度小的时候，此时鸡蛋受到的浮力就会小于重力，鸡蛋出现下沉直至沉到杯子的底部．由此可知，鸡蛋受到的浮力是先不变，然后减小，所以选项C符合．故选C．〖点评〗本题关键：一是浮沉条件的使用，二是鸡蛋自重和体积不变（隐含条件），三是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）．15．（2分）（2016•福州）如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯亮，且只有一个电表有示数，其故障可能是（）A．灯L1开路 B．灯L1短路 C．灯L2开路 D．灯L2短路〖分析〗根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L2两端电压；（1）根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障；（2）先确定电路故障，然后逐一分析．〖解答〗解：A、若L1开路，只有L2发光，电流表、电压表都有示数，故A不符合题意；B、若灯L1短路，L2也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故B不符合题意；C、若L2开路，灯L1发光，电流表无示数，电压表有示数，故C符合题意；D、若L2短路，灯L1也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故D不符合题意．故选C．〖点评〗要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因．16．（2分）（2016•福州）如图所示，木块漂浮水面上，不可伸长的细线处于松弛状态，装有足够多水的容器底有一阀门K．打开阀门使水缓缓流出，当细线断裂的瞬间关闭阀门，则（）A．细线断裂的瞬间，木块受到的拉力大于重力B．细线断后，容器底受到水的压强比断线的瞬间大C．细线断裂前，木块受到的拉力的变化量大于浮力变化量D．细线断后，木块再次漂浮时受到的浮力比断线的瞬间小〖分析〗（1）细线断裂的瞬间，木块受到的重力等于拉力加上浮力，据此可判断拉力和重力的大小关系；（2）细线断后，受到的拉力不存在，物体将将下沉一些，容器内水的深度变大，利用液体压强公式p=ρgh判断容器底受到水的压强变化；（3）细线断裂前，木块受到重力、浮力和拉力的作用，重力等于拉力加上浮力，水流出后，木块排开水的体积减小、浮力减小，受到的拉力增大，拉力的变化量等于浮力变化量；（4）细线断后，受到的拉力不存在，物体将将下沉一些，木块再次漂浮时，排开水的体积变大，利用阿基米德原理得出受到的浮力变化．〖解答〗解：A、细线断裂的瞬间，木块受到重力、浮力和拉力的作用，而重力等于拉力加上浮力，所以拉力小于重力，故A错；B、细线断后，受到的拉力不存在，物体将下沉一些，容器内水的深度变大，由p=ρgh可知容器底受到水的压强变大，比断线的瞬间大，故B正确；C、细线断裂前，木块受到重力、浮力和拉力的作用，重力等于拉力加上浮力，木块受到的拉力的变化量等于浮力变化量，故C错；D、断线的瞬间，木块受到的浮力小于重力，细线断后，木块再次漂浮时，受到的浮力等于重力，所以此时的浮力比断线的瞬间大，故D错．故选B．〖点评〗本题考查了液体压强公式、阿基米德原理的应用，分析题意确定细线断裂前后木块排开水的体积变化、水的深度变化是关键．二、填空、作图题（本大题有5小题，每空1分，其中21小题3分，共17分）17．（6分）（2016•福州）2016年5月8日，福州地铁1号线南段（一期）开通试运营，标志福州正式进入地铁时代．（1）列车流线型车身可以减小行使过程的_________；车轮加装阻尼环降低噪声，使噪声在_________处减弱车体采用轻量化铝合金制造，是利用了铝合金密度_________的特性．（2）车厢内的电视通过无线网络播放节目，无线网络是利用_________（选填“电磁波”或“声波”）传递信号；车内LED显示屏的核心元件是二极管，制作二极管的材料属于_________（选填“导体”或“半导体”）．（3）列车采用再生制动方式，将刹车时损失的能量，转化为车站内照明等用电设备使用的_________能．〖分析〗（1）流线型物体运动过程中，可以减小阻力，提高速度；物体质量越小，对支持面的压力越小，摩擦力越小；减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；铝合金车体比目前碳钢材料火车的质量减轻了百分之五十多，而体积不变，根据密度公式ρ=分析回答；（2）无线网络是利用电磁波传递信号的；导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元件上；（3）明确电机反向旋转的含义，列车速度减小，当然机械能减小．〖解答〗解：（1）动车的车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；车轮加装阻尼环降低噪声是在声源处减弱噪声；车体采用强度高、密度小的铝合金等材料制造，使整车质量减小，有利于列车高速运行；动车的车体采用铝合金材料与目前碳钢材料相比，质量减小、体积不变，是利用了其密度小的特点；（3）电机消耗电能转动，将电能转化为机械能；电机反向旋转时，将机械能转化为车站内照明等用电设备使用的电能．故答案为：（1）阻力；声源；小；（2）电磁波；半导体；（3）电．〖点评〗本题以和谐号动车对背景，考查了学生对电磁波、半导体等知识的掌握和运用，本题题干较大，能从中搜集相关信息加以利用是本题的关键．18．（2分）（2016•福州）某电加热噐额定功率是2×103W，正常工作210s，消耗的电能是_________J；若不计热损失，这些能量可使质量是_________kg的水温度升高50℃．〖c水=4.2×103J/（kg•℃）〗．〖分析〗先根据W=Pt求出加热器消耗的电能；然后根据W=Q=cm△t求出水的质量．〖解答〗解：消耗的电能：W=Pt=2×103W×210s=4.2×105J；由Q=cm△t可知，水的质量：m====2kg．故答案为：4.2×105；2．〖点评〗本题考查了电功计算和热量公式的运用，属于基本运算，难度不大，比较简单．注意公式W=Pt中单位配套．19．（4分）（2016•福州）生活中我们经常使用简单机械．（1）图1是家用手摇晾衣架，A、B两滑轮中属于动滑轮的是_________；若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F=_________N．请你提出一种使用时提高手摇晾衣架机械效率的方法：_________．（2）如图2所示，已知撬棒AD=1m，CD=BC=0.15m，石头垂直作用在棒上的力是420N，若要撬动石头，则施加在撬棒A点的力至少是_________N．〖分析〗（1）①定滑轮和动滑轮的主要区别是：动滑轮会随物体一起运动，定滑轮不随物体运动；②由图可以看出连接动滑轮绳子的股数，不计动滑轮重、绳重及摩擦，根据F=求出静止时绳的拉力；③在额外功一定时，增加物重可提高机械效率．减轻动滑轮的重也可以提高机械效率；（2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2的变形公式F1=可得，在阻力和阻力臂一定时，动力臂L1越大，动力F1越小．〖解答〗解：（1）A滑轮的轴是固定不动的，是定滑轮，B滑轮的轴与物体一起运动，是动滑轮．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=4，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力：F===30N，提高手摇晾衣架机械效率的方法有：增大提升的物重或减小晾衣架重等．（2）要使施加在撬棒A点的动力最小，应使动力臂L1最大．当以D为支点，在A点施加垂直AD向上的动力时，动力臂L1=AD=1m，即动力臂为最大值，则动力为最小．此时阻力F2=420N，阻力臂L2=CD=0.15m，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，施加在撬棒A点的力：F1===63N．故答案是：（1）B；30；增大提升的物重或减小晾衣架重；（2）63．〖点评〗本题主要考查滑轮组的拉力的计算、提高机械效率的方法及杠杆平衡条件的掌握和运用，对于滑轮组关键有二：一是承担物重的绳子股数n的确定（直接从动滑轮上引出的绳子股数），二是不计摩擦和动滑轮重时，F=G物．在确定杠杆最小动力时，首先找到动力作用点和支点，这两点的连线就是最大的动力臂，然后过动力作用点作连线的垂线，垂线方向应根据实际情况来确定，就可以找到最小的动力了．20．（2分）（2016•福州）如图所示，电源电压不变，先闭合开关S，待电路稳定后再闭合开关S1，电流表A的示数_________，电压表V示数与电流表A1示数的乘积_________．（选填“变大”、“变小”或“不变”）〖分析〗由电路图可知，闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电压表测电源的电压，两电流表均测电路中的电流；再闭合开关S1后，R1与R2并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化，然后判断电压表V示数与电流表A1示数的乘积变化，根据并联电路的电流特点可知电流表A示数的变化．〖解答〗解：由电路图可知，闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电压表测电源的电压，两电流表均测电路中的电流；再闭合开关S1后，R1与R2并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压；因电源电压不变，所以，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R2的电流不变，即电流表A1的示数不变，则电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表A的示数变大．故答案为：变大；不变．〖点评〗本题考查了电路的动态分析，分析好开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．21．（3分）（2016•福州）请按下列要求作图．（1）在图1中画出足球受到重力的示意图．（2）在图2中画出入射光线经凸透镜后的折射光线．（3）在图3中标出电源的“+”极．〖分析〗（1）根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可．（2）在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．（3）根据右手螺旋定则判断出电流的方向即得电源的正负极．〖解答〗解：（1）重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：（2）通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．如图所示：（3）根据右手螺旋定则，伸出右手，使大拇指指示螺线管的N极，则四指弯曲的方向为电流的方向，即电流由螺线管的右端流入，电源的右端为正极，左端为负极．如图所示：〖点评〗（1）本题考查了重力的示意图的作法．不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的．（2）凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴.②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点.③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变．（3）利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．三、解答题（本题3分）22．（3分）（2016•福州）自行车车胎表面有凸凹不平的花纹，请解释这样设计的目的．〖分析〗影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力．〖解答〗答：轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大轮胎和地面间接触面的粗糙程度来增大摩擦，防止打滑．〖点评〗本题考查的是摩擦力知识在生活中的应用，学以致用，这是我们学习物理的目的，是一道好题．四、计算题（本大题有2小题，每小题9分，共18分）23．（9分）（2016•福州）为提高车辆通行质量，福州交警在市区一些道路某些时段推出“绿波通行”，即车辆在绿波路段以如图所示的50km/h～55km/h范围内行驶，一路绿灯．在绿波时段，质量是1.2×103kg的汽车，经过绿波路段上相距2.7×103m的两个路口，用时180s，问：（1）汽车行驶的平均速度是多少？是否“绿波通行”？（2）若汽车在这段距离内行驶的牵引力保持3000N不变，则汽车的输出功率是多少？（3）若轮胎与地面接触的总面积是0.6m2，汽车静止时对水平地面的压强是多少？（g取10N/kg）〖分析〗（1）知道汽车行驶的路程和所用的时间，根据v=求出汽车行驶的平均速度，进而可以判断汽车是否“绿波通行”；（2）知道汽车的牵引力和通过的路程，根据W=Fs求出汽车的牵引力做的功，又知道行驶时间，再利用P=求出汽车的输出功率；（3）根据G=mg求出汽车的重力，进而得出汽车对水平地面的压力，然后根据p=求出汽车静止时对水平地面的压强．〖解答〗解：（1）汽车行驶的平均速度：v===15m/s=54km/h．因为50km/h＜v=54km/h＜55km/h，所以该汽车是“绿波通行”．（2）汽车的牵引力做的功：W=Fs=3000N×2.7×103m=8.1×106J，则汽车的输出功率：P===4.5×104W．（3）汽车的重力：G=mg=1.2×103kg×10N/kg=1.2×104N，因为汽车静止在水平地面，所以汽车对水平地面的压力：F压=G=1.2×104N，则汽车静止时对水平地面的压强：p===2×104Pa．答：（1）汽车行驶的平均速度是54km/h；是“绿波通行”；（2）汽车的输出功率是4.5×104W；（3）汽车静止时对水平地面的压强是2×104Pa．〖点评〗此题主要考查的是学生对速度公式、功率计算公式及压强计算公式的理解和掌握，熟练运用相关公式即可正确解题，属于基础性题目，难度不大．24．（9分）（2016•福州）图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“6V1.2W”字样，当滑动变阻器的滑片P在a点时，灯正常发光，AB两端电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响．问：（1）灯丝的电阻和AB两端电压U是多少？（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是10Ω时，灯消耗的实际功率是多少？（3）当滑片P位于中点b和右端c时，灯两端电压之比是5：4，则滑动变阻器的最大阻值是多少？〖分析〗（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路，根据P=的变形公式可知灯泡的电阻，根据灯泡的额定电压可知AB两端电压值．（2）根据电路图可知，灯L与滑动变阻器串联；先根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路电流，然后根据P=I2R求出灯泡的实际功率；（3）根据欧姆定律表示出滑片在b端和c端时灯泡两端电压，然后根据滑片在b端和c端时滑动变阻器接入电路阻值的关系，再根据灯泡两端电压之比即可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值．〖解答〗解：（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路；因为灯泡正常发光，所以AB两端电压为6V；由P=可得，灯丝的阻值：RL===30Ω；（2）因为灯L与滑动变阻器串联，所以电路中的电流：I==0.15A；灯泡的实际功率：P=I2RL=（0.15A）2×30Ω=0.675W；（3）当滑片P在b点时，灯两端电压：Ub=RL；当滑片在c点时，灯两端电压：Uc=RL；依题意可知，Rb=Rc，=即：==Rc=20Ω．答：（1）灯丝的电阻和AB两端电压分别是30Ω和6V；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是10Ω时，灯消耗的实际功率是0.675W；（3）滑动变阻器的最大阻值是20Ω．〖点评〗本题考查了欧姆定律和电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时，灯泡两端电压等于额定电压，灯泡的实际功率等于额定功率．五、实验、探究题（本大题有7小题，共30分）25．（2分）（2016•福州）小亮在“长度的测量”实验中：（1）图1中圆的直径是_________cm．（2）一条纸带厚薄均匀，他把纸带紧密地环绕在圆柱形铅笔上，直至恰好能套进一个圆环中，如图2所示，纸带环绕了n圈，则纸带厚度是_________（选填“A”或“B”）．A.B.〖分析〗（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）由于受刻度尺分度值的影响，均匀纸带的厚度很难直接测量，可用利用圆环和铅笔直径的差值计算出多层纸带的厚度，然后再计算一层纸带的平均厚度，从而最大限度的减小测量误差．〖解答〗解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；圆的左侧与1.00cm对齐，右侧与2.54cm对齐，所以圆的直径为d=2.54cm﹣1.00cm=1.54cm；（2）由于纸带的厚度太小，所以无法直接用刻度尺来进行测量，因此要用累积法来完成实验；可将纸带紧密绕在铅笔上，直到刚好套入圆环中，然后数出纸带的圈数n；n圈纸带的厚度为圆环内径与圆柱形铅笔的直径差的二分之一，即：（D2﹣D1），故B正确．故答案为：（1）1.54；（2）B．〖点评〗此题考查的是刻度尺的读数和对于特殊测量方法的了解，有一定的难度，知道内径指的是直径是关键．26．（5分）（2016•福州）小亮在探究“水沸腾时温度随时间变化的规律”实验中：（1）如图所示，是某时刻温度计的示数，是_________℃．（2）他记录的数据如表所示，其中第_________min数据是错误的．时间/min012345678910…温度/℃9293949596979898939898…（3）根据实验数据可知水的沸点是_________℃，水沸腾过程中温度_________（选填“升高”、“不变”或“降低”）．（4）实验中水加热时间过长，其原因可能是_________．（写出一种即可）〖分析〗（1）掌握温度计的读数，在读数前首先认清温度计的分度值；（2）（3）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；（4）加热时间过长的原因可能是水的初温过低、水的质量过大、酒精灯的火焰太小等，据此分析解答．〖解答〗解：（1）由图知，此温度计的分度值为1℃，其示数为92℃；（2）如表格水在第6min开始沸腾，不断吸收热量，温度应该保持不变，所以第8min时的数据是错误的；（3）水在第6min开始沸腾，不断吸收热量，温度保持98℃不变，此时水的沸点是98℃；（4）实验加热时间过长的原因可能是水的初温过低、水的质量过大、酒精灯的火焰太小等，缩小实验时间的方法可以提高水的初温、减小水的质量和增大火焰利用火焰外焰加热等．故答案为：（1）92；（2）8；（3）98；不变；（4）水的初温过低．〖点评〗水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸点和气压的关系、沸腾的条件、沸腾的特点、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等．27．（3分）（2016•福州）小亮用如图装置探究“光的反射规律”：（1）图中反射角是_________度．（2）将纸板B向后折转一定角度，在B板上_________（选填“能”或“不能”）看到反射光．（3）让入射光线EO靠近法线ON，则反射角会_________（选填“变大”或“变小”）．〖分析〗掌握光的反射定律：反射光线、入射光线、法线都在同一平面内；反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，光路是可逆的．结合实验现象可逐一解答．〖解答〗解：（1）光的反射中，反射角始终等于入射角，所以图中反射角的度数与入射角相同，为40度；（2）因为反射光线、入射光线、法线都在同一平面内，所以将纸板B向后折转一定角度，在B板上不能看到反射光；（3）光的反射中，反射角始终等于入射角，所以让入射光线EO靠近法线ON，则反射光线也会向法线靠近，反射角变小．故答案为：（1）40；（2）不能；（3）变小．〖点评〗本题主要考查了光的反射定律的探究实验，熟知光的反射定律的内容，并能与探究过程相结合，是正确解答的关键．28．（5分）（2016•福州）小亮测试某种液体的密度：（1）将托盘天平放在_________桌面上，将_________移至标尺左端零刻度处，并调节天平平衡．（2）图甲是他测量空瓶质量时的情景，错误的是_________________________．纠正错误后，测得空瓶质量是20g．（3）用瓶子装满液体，用天平测得瓶和液体的总质量如图乙所示，是________g，已知瓶子的容积是40ml，则该液体的密度是________g/cm3．〖分析〗（1）天平的正确使用：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游码移到标尺左端零刻线处；③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；（2）天平称量物体质量时，物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘；（3）左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；瓶子装满液体时，瓶子的容积即为液体的体积，密度用ρ=来计算．〖解答〗解：（1）用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平桌面上易于操作的地方；游码移到标尺左端的零刻度处，然后调节平衡螺母，要使横梁平衡；（2）天平称量物体质量时，物体要放在天平的左盘，砝码要放在天平的右盘，而图中物体和砝码的位置放颠倒了；（3）由图乙所示可知，标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的示数是3.2g，瓶和液体的总质量：m总=50g+3.2g=53.2g；瓶中液体的质量为：m=m总﹣m瓶=53.2g﹣20g=33.2g；液体的体积V=40ml=40cm3；液体的密度：ρ===0.83g/cm3．故答案为：（1）水平；游码；（2）被测物体放在右盘，砝码放在左盘；（3）53.2；0.83．〖点评〗本题考查了学生对天平的使用方法，用天平测质量，以及测量密度的方法的掌握，也是中考实验题考查的重点．29．（6分）（2016•福州）小亮用“伏安法”测小灯泡的电阻，小灯泡额定电压是2.5V，电源电压4.5V．（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整．（2）在连接电路时，开关应________，滑动变阻器滑片P应位于________（选填“A”或“B”）端．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻约为________Ω（保留一位小数）；他把多次测量的电流值和电压绘制成I﹣U图象，发现I﹣U图线是一条曲线，原因是________________________________．（4）如果还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻，但是电压表的15V量程已经损坏，在不改变原器材的情况下，你的办法是__________________________________．〖分析〗（1）确定电压表的量程，与小灯泡并联；（2）连接电路时，为保护电路元件，开关应断开，滑动变阻器滑片应置于连入电路阻值最大的位置；（3）根据电流表的示数，由欧姆定律求电阻大小；I﹣U图线是一条曲线，说明灯泡的电阻不是一个定值，而是随温度的变化而变化的；（4）根据串联电路电压的特点，将电压表并联在滑动变阻器的两端即可．〖解答〗解：（1）小灯泡额定电压是2.5V，电压表使用小量程，将电压表并联在小灯泡的两端，如右图所示；（2）在连接电路时，开关应断开，因滑动变阻器滑片以右部分电阻丝连入电路，所以，滑动变阻器滑片P应位于A端；（3）电流表使用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，由欧姆定律R===10.4Ω；发现I﹣U图线是一条曲线，电压与电流不是一次函数的关系，原因小灯泡的电阻不是定值，而是随温度的变化而变化；（4）还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻，因电压表的15V量程已经损坏，故只能使用0﹣3V量程，考虑到电源电压为4.5V，根据串联电路的总电压等于各部分电压和，所以可将电压表并联在滑动变阻器的两端，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为4.5V﹣3.8V=0.7V时，小灯泡两端的电压一定为3.8V．故答案为：（1）如图所示；（2）断开；A；（3）10.4；灯丝的电阻与