四川省遂中实验校（衡水中学分校）2018-2019学年高二物理上学期第一学段考试试题

四川省衡水中学分校遂中实验校20182019学年高二物理上学期第一学段考试试题考试时间：90分钟总分：100分一．本大题12小题，每小题4分，共48分．18单选,912多选．1．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功一定为零2．下列关于电场强度的两个表达式E=和E=的叙述，错误的是（）A．E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是产生电场的电荷的电荷量E=是电场强度的定义式，F是放入电场中的电荷所受的力，q是放入电场中电荷的电荷量，它适用于任何电场C．E=是点电荷场强的计算式，Q是产生电场的电荷电量，它不适用于匀强电场D．从点电荷场强计算式分析库仑定律的表达式F=k，式是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，而是点电荷q1产生的电场在q2处的场强的大小3.下面是某同学对一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A.根据公式可知，电阻率与导体的电阻成正比B.根据公式可知，适用于纯电阻电路和非纯电阻电路中的电流做功C.根据公式可知，通过导体的电流与通过导体横截面的电量成正比D.根据公式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比4.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电荷量分别为＋q和－q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q()A．应放在A点，Q＝2q B．应放在B点，Q＝－2qC．应放在C点，Q＝－q D．应放在D点，Q＝－q5.如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电 B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5J D．粒子在A点的机械能比在B点多1.5J6．如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.5．电流表和电压表均为理想电表，只接通S1时，电流表示数为20A，电压表示数为60V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为15A．则此时通过启动电动机的电流是（）A．20A B．30A C．35A D．50A7．如图所示，在平面直角坐标系中有一底角是60°的等腰梯形，坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中O(0，0)点电势为6V，A(1，)点电势为3V，B(3，)点电势为0V，则由此可判定（）A．C点电势为3V，该匀强电场的电场强度大小为150V/mB．C点电势为0V，该匀强电场的电场强度大小为100V/mC．C点电势为3V，该匀强电场的电场强度大小为100V/mD．C点电势为0V，该匀强电场的电场强度大小为150V/m8．如图所示是测定液面高度h的电容式传感器示意图，E为电源，G为灵敏电流计，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体．已知灵敏电流计指针偏转方向与电流方向的关系为：电流从左边接线柱流进电流计，指针向左偏．如果在导电液体的深度h发生变化时观察到指针正向左偏转，则（）A．导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在增大B．导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在增大C．导体芯A所带电荷量在增加，液体的深度h在减小D.导体芯A所带电荷量在减小，液体的深度h在减小9.(多选)半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷，固定在相隔较远距离的绝缘支架上，两球之间的库仑力的大小是F，今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小可能是（）A．F B．F C．F D．F10．(多选)电荷量q=1×10C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则（）A．物块在4s内位移是8m B．物块的质量是1kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4 D．物块在4s内电势能减少了14J11．(多选)如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，灯泡的电阻不变，下列判断正确的是（）A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变亮C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小12．(多选)用轻绳拴着一质量为m、带正电的小球在竖直面内绕O点做圆周运动，竖直面内加有竖直向下的匀强电场，电场强度为E，如图甲所示，不计一切阻力，小球运动到最高点时的动能Ek与绳中张力F间的关系如图乙所示，当地的重力加速度为g，则（）A．轻绳的长度为 B．小球所带电荷量为C．小球在最高点的最小速度为 D．小球在最高点的最小速度为三．本大题3小题，每空2分，共20分．13．按要求完成读数。（1）如图，千分尺读数mm。如图所示为多用电表的表盘，在使用多用电表测电阻时，以下说法不正确的是（）A．使用前检查指针是否指在电阻挡“”处B．每换一次挡位，都必须重新进行欧姆调零C．在外电路中，电流从黑表笔流经被测电阻到红表笔D．测量时，若指针偏角较小，应换倍率较小的挡位来测量测电阻时，若用的是“×100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值约为；测直流电流时，用的是100mA的量程，指针所示电流值为mA；14．用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值．（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端________．（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6Ω的电源两端，此时灯泡的实际功率为________。15．用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值(阻值约为200Ω)，实验室提供如下器材：(1)电池组E(电动势3V，内阻不计)(2)电流表A1(量程0～15mA，内阻约为100Ω)(3)电流表A2(量程0～300μA，内阻为2000Ω)(4)滑动变阻器R1(阻值范围0～20Ω，额定电流2A)(5)电阻箱R2(阻值范围0～9999Ω，1A)(6)开关S、导线若干要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答下面问题：(1)将电流表A2与电阻箱串联，改装成一个量程为3.0V的电压表，需将电阻箱阻值调到________Ω；(2)在方框中完整画出测量Rx阻值的电路图，并在图中标明器材代号________；(3)调节滑动变阻器R1，两表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数,电流表A2的示数，测得待测电阻Rx的阻值是________Ω.三．本大题4小题，共32分，要求必须写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案．16．(6分)如图所示，R为电阻箱，为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？17．(7分)如图所示，一带电微粒质量为m、电荷量为q，从静止开始经电压为U1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为θ.已知偏转电场中金属板长为L，两板间距为d，带电微粒重力忽略不计．求：(1)带电微粒进入偏转电场时的速率v1；(2)偏转电场中两金属板间的电压U2.18．(9分)一电路如图所示，电源电动势E=24V，内阻r=2Ω，电阻R1=2Ω，R2=28Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0×10﹣12F，虚线到两极板间距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=0.01m．（1）若电路先前保持开关S打开且电路稳定，则当开关S闭合且电路稳定后，求闭合开关后流过R3的总电荷量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（g取10m/s2）19．(10分)在动摩擦因数μ=0.2的粗糙绝缘足够长的水平滑漕中，长为2L的绝缘轻质细杆两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B，如图为俯视图（槽两侧光滑）．A球的电荷量为+2q，B球的电荷量为﹣3q（均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）．现让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN内，已知虚线MP恰位于细杆的中垂线，MP和NQ的距离为3L，匀强电场的场强大小为E=1.2mg/q，方向水平向右．释放带电系统，让A、B从静止开始运动（忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响）．求：（1）小球B第一次到达电场边界MP所用的时间；（2）小球A第一次离开电场边界NQ时的速度大小（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值．

物理科试题参考答案1.C2.A3.B4.D5.C6.C7.B8.D9.AC10.BD11.AC12.BD13.(1)2.000(2)D7006914.a偏小0.18W15(1)8000；(2)如图所示；(3)187.5(或191)16.解：（1）由闭合电路欧姆定律：联立上式并代入数据解得：E=6Vr=1Ω电源电动势为6V，内阻为1Ω；（2）由电功率表达式：将上式变形为：由上式可知R=r=1Ω时P有最大值为；故P的最大输出功率为9W．17.(1)由动能定理得qU1＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)①所以v1＝eq\r(\f(2qU1,m)).②(2)偏转电场的场强：E＝eq\f(U2,d)③微粒的加速度：a＝eq\f(qE,m)④在电场中运动的时间：t＝eq\f(L,v1)⑤沿电场方向的分速度：vy＝at⑥偏转角θ满足：tanθ＝eq\f(vy,v1)⑦解得：U2＝eq\f(2U1dtanθ,L)⑧18.解：（1）S断开时：电容器的电压UC=E电动势；（1分）得到：UC=24VS闭合时：电容器的电压（1分）得到：UC′=21V则流过R3的总电荷量为Q=C（UC﹣UC′）=9.0×10﹣12C（1分）（2）S断开时，有（1分）S闭合时，有（1分）根据牛顿第二定律得：（1分），可得a=1.25m/s2．由运动学关系：（1分）；设微粒射出电场时侧向位移为y，则（1分）得到：y=m因为y＞，因此微粒将打在下极板上，即粒子不能从电场中射出．（1分）19. 解：（1）带电系统开始运动后，先向右加速运动；当B进入电场区时，开始做减速运动．设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a1，由牛顿第二定律：2Eq﹣μ2mg=2ma1即：a1=gB刚进入电场时，由：可得：（2）当A刚滑到右边界时，电场力对系统做功为：W1=2Eq•2L+（﹣3Eq•L）=EqL摩擦力对系统做功为：W2=﹣μ•2mg•2l=﹣0.8mgLW总=EqL﹣0.8mgL=0.4mgL故A球从右端滑出．设B从静止到刚进入电场的速度为v1，设B进入电场后，系统的加速度为a2，由牛顿第二定律：2Eq﹣3Eq﹣2μmg=2ma2a2=﹣0.8g系统做匀减速运