2025版高考生物二轮复习课件 第一部分 专题四 争分点突破1 遗传的基本规律

遗传的基本规律争分点突破

1一

核心提炼1.遗传题“解题四步法”：定性、定位、定型和定率，四者之间的联系如图所示。2.解题基础(1)判断基因显隐性的方法①相对性状亲本杂交→子代只表现一个亲本性状，该亲本性状为显性性状。②相同性状亲本杂交→子代发生性状分离，新出现的性状为隐性性状。③“子同母性状，女同父性状”现象→“同”隐ד异”显。(2)判断一对基因在染色体上的位置的方法①据杂交实验的结果判断②据测交实验的结果判断3.常考内容(1)一对常染色体、一对性染色体(以XY决定型为例，ZW决定型类似)①aaXBXB×AAXbY或AAXBXB×aaXbY→AaXBXb×AaXBY→后代表型比例为9∶3∶3∶1或变式。②AaXBXb×AaXbY→后代表型比例往往为3∶3∶1∶1，常出现3∶3∶2的变式。(2)连锁现象①完全连锁模型及其规律②连锁互换模型及规律Ⅰ.规律：F1产生总的配子种类比：AB＝ab>Ab＝aB。Ⅱ.解读“两两相等、两多两少”规律a.两两相等：2种非互换型配子的数量相等，2种互换型配子的数量相等；或两个基因互补型配子的数量相等。b.两多两少：通常非互换型配子的数量多于互换型配子的数量。判断下列有关遗传的基因规律的叙述(1)“性状分离比的模拟实验”中可用绿豆和黄豆代替不同颜色的彩球分别模拟D和d配子(

)提示：实验中小球的大小、质地应该相同，使抓取时手感一样，以避免人为误差，而绿豆和黄豆的大小、手感不同。×(2)某个体自交后代性状分离比为3∶1，则说明此性状是由一对等位基因控制的(

)提示：某个体自交后代性状分离比为3∶1，则说明此性状至少是由一对等位基因控制的，也可能是由两对等位基因控制的，如AABb自交。×(3)出现由X、Y染色体的同源区段上的基因控制的遗传病的家庭，后代男女患病概率相等(

)提示：位于X、Y染色体的同源区段上的基因控制的性状也有性别差异，男女患病概率不一定相等。×(4)山羊的黑毛和白毛由一对等位基因(M/m)控制，若多对纯合黑毛母羊与纯合白毛公羊交配，子二代中黑毛∶白毛＝3∶1，则不能确定M/m是位于X染色体上，还是位于常染色体上(

)提示：由于没有统计具体黑毛羊和白毛羊的性别，因此不能确定M/m是位于X染色体上，还是位于常染色体上。√二

真题演练1.(2024·新课标，34节选)某种瓜的性型(雌性株/普通株)和瓜刺(黑刺/白刺)各由1对等位基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄处理可开雄花，能自交；普通株既开雌花又开雄花。回答下列问题：(1)黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性，则F1瓜刺的表型及分离比是_________________。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。黑刺∶白刺＝1∶1黑刺普通株自交(或在F1中选择黑刺普通株自交)，观察统计后代表型及分离比。若自交后代发生性状分离。则黑刺为显性性状；若未发生性状分离，则白刺为显性性状将亲本的(2)王同学将黑刺雌性株和白刺普通株杂交，F1均为黑刺雌性株，F1经诱雄处理后自交得F2，能够验证“这2对等位基因不位于1对同源染色体上”这一结论的实验结果是_______________________________________________________________________________。F2中的表型及比例为黑刺雌性株∶黑刺普通株∶白刺雌性株∶白刺普通株＝9∶3∶3∶12.(2024·山东，22)某二倍体两性花植物的花色、茎高和籽粒颜色3种性状的遗传只涉及2对等位基因，且每种性状只由1对等位基因控制，其中控制籽粒颜色的等位基因为D、d；叶边缘的光滑形和锯齿形是由2对等位基因A、a和B、b控制的1对相对性状，且只要有1对隐性纯合基因，叶边缘就表现为锯齿形。为研究上述性状的遗传特性，进行了如表所示的杂交实验。组别亲本杂交组合F1的表型及比例甲紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1乙锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒全部为光滑叶黄粒另外，拟用乙组F1自交获得的F2中所有锯齿叶绿粒植株的叶片为材料，通过PCR检测每株个体中控制这2种性状的所有等位基因，以辅助确定这些基因在染色体上的相对位置关系。预期对被检测群体中所有个体按PCR产物的电泳条带组成(即基因型)相同的原则归类后，该群体电泳图谱只有类型Ⅰ或类型Ⅱ，如图所示，其中条带③和④分别代表基因a和d。已知各基因的PCR产物通过电泳均可区分，各相对性状呈完全显隐性关系，不考虑突变和染色体互换。组别亲本杂交组合F1的表型及比例甲紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1乙锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒全部为光滑叶黄粒(1)据表分析，由同一对等位基因控制的2种性状是______________，判断依据是_____________________________________________________________________________。花色和籽粒颜色

甲组F1中紫花全为黄粒，红花全为绿粒，而花色和籽粒颜色与茎高间均有四种性状组合由甲组F1可知，紫花全为黄粒，红花全为绿粒，而花色和籽粒颜色与茎高间均有四种性状组合，可判断出由同一对等位基因控制的2种性状是花色和籽粒颜色。组别亲本杂交组合F1的表型及比例甲紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1乙锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒全部为光滑叶黄粒组别亲本杂交组合F1的表型及比例甲紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1乙锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒全部为光滑叶黄粒(2)据表分析，甲组F1随机交配，若子代中高茎植株占比为______，则能确定甲组中涉及的2对等位基因独立遗传。9/16设茎高由等位基因E、e控制，由乙组结果可知，黄粒为显性性状。假设①，若高茎为显性性状，组合甲为：Ddee×ddEe→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝7∶9，高茎占7/16；假设②，若高茎为隐性性状，组合甲为：DdEe×ddee→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝9∶7，高茎占9/16。若要确定甲组中涉及的2对等位基因是独立遗传，即验证2对等位基因自由组合，即验证DdEe→DE∶de∶De∶dE＝1∶1∶1∶1，就必须选用DdEe作为亲本之一，因为Ddee×ddEe无论是不是连锁，产生的配子都没有区别，起不到验证作用。所以只能是假设

②的杂交组合，即高茎占9/16。(3)图中条带②代表的基因是____；乙组中锯齿叶黄粒亲本的基因型为_________。若电泳图谱为类型Ⅰ，则被检测群体在F2中占比为_____。AaaBBDD1/4乙组的杂交组合理论上可能为AAbbDD×aaBBdd或aaBBDD×AAbbdd，三对基因位置关系及推理如表所示(假说—演绎法解题)：提出假说演绎推理备注乙组杂交组合位置关系F1基因位置关系F2中锯齿叶绿粒基因型(aa__dd或__bbdd)含基因的种类对应的电泳图谱AAbbDD×aaBBdd无论三对基因间是否有连锁，都不可能存在某种情况下的F2中锯齿叶绿粒中只有d而没有a的情况一定存在a和d共存的基因型——不存在只出现类型Ⅱ的可能不成立，排除提出假说演绎推理备注乙组杂交组合位置关系F1基因位置关系F2中锯齿叶绿粒基因型(aa__dd或__bbdd)含基因的种类对应的电泳图谱aaBBDD×AAbbdd①若A、a，B、b，D、d分别位于3对同源染色体上

A_bbdd、aaB_dd、aabbdd、5种基因型A、a、B、b、d，5种基因，5个条带图示只有①～④4条条带，最多3种基因型不成立，排除提出假说演绎推理备注乙组杂交组合位置关系F1基因位置关系F2中锯齿叶绿粒基因型(aa__dd或__bbdd)含基因的种类对应的电泳图谱aaBBDD×AAbbdd②若A、a，B、b位于一对同源色体上，D、d位于另一对同源色体上

AAbbdd、aaBBdd2种基因型A、a、B、b、d，5种基因，5个条带图示只有①～④4条条带不成立，排除提出假说演绎推理备注乙组杂交组合位置关系F1基因位置关系F2中锯齿叶绿粒基因型(aa__dd或__bbdd)含基因的种类对应的电泳图谱aaBBDD×AAbbdd③若A、a，D、d位于一对同源染色体上，B、b位于另一对同源染色体上

AAbbdd1种基因型A、b、d，1种可能，且3种基因→3个条带类型Ⅱ③④⑤假说均成立，但③⑤推理结果相同，不能区分，所以出现(4)小题④若B、b，D、d位于一对同源染色体上，A、a位于另一对同源染色体上

AAbbdd、Aabbdd、aabbdd、3种基因型A、b、d，A、a、b、d，a、b、d，3种可能类型Ⅰ提出假说演绎推理备注乙组杂交组合位置关系F1基因位置关系F2中锯齿叶绿粒基因型(aa__dd或__bbdd)含基因的种类对应的电泳图谱aaBBDD×AAbbdd⑤若位于1对同源染色体上，A、a，B、b，D、d连锁

Aabbdd1种基因型A、b、d，1种可能，且3种基因→3个条带类型Ⅱ③④⑤假说均成立，但③⑤推理结果相同，不能区分，所以出现(4)小题由上表可知，乙组中锯齿叶黄粒亲本的基因型为aaBBDD。由上表④可知，3种基因型(AAbbdd、Aabbdd、aabbdd)对应类型Ⅰ中3种条带组合，已知“条带③和④分别代表基因a和d”，而条带②可有可没有，显然，除了a和d，三种基因型中都有的是b，而A不是都有，所以条带①为b，条带②为A；若电泳图谱为类型Ⅰ，则对应上表④，被检测群体均为bbdd组合，不受A、a基因影响，bbdd组合占1/4，所以被检测群体在F2中占比为1/4。

(4)若电泳图谱为类型Ⅱ，只根据该结果还不能确定控制叶边缘形状和籽粒颜色的等位基因在染色体上的相对位置关系，需辅以对F2进行调查。已知调查时正值F2的花期，调查思路：___________________________________________；预期调查结果并得出结论：__________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________(要求：仅根据表型预期调查结果，并简要描述结论)。

统计F2中花色和叶形的性状组合类型(及比例)

若出现光滑叶红花，则A、a，D、d位于同一对同源染色体上，B、b位于另一对同源染色体上；若未出现光滑叶红花，则A、a，B、b，D、d三对等位基因位于同一对同源染色体上(或若锯齿叶紫花∶光滑叶紫花∶锯齿叶红花＝1∶2∶1，则A、a，B、b，D、d三对等位基因位于同一对同源染色体上；若未出现以上结果，则A、a，D、d位于同一对同源染色体上，B、b位于另一对同源染色体上)若电泳图谱为类型Ⅱ，则对应上表③和⑤两种情况，显然“只根据该结果还不能确定控制叶边缘形状和籽粒颜色的等位基因在染色体上的相对位置关系，需辅以对F2进行调查”，又因为“调查时正值F2的花期”，所以应调查花色(而不能看籽粒颜色)与叶形的关系，所以调查思路：调查(或统计)F2中花色和叶形的性状组合类型(及比例)。由(1)可知，D、d同时控制花色和籽粒颜色，且D为紫花黄粒，d为红花绿粒。若为上表⑤，则子代只有aaBBDD∶AaBbDd∶AAbbdd＝锯齿叶紫花∶光滑叶紫花∶锯齿叶红花＝1∶2∶1；若为上表③，情况多样且较为复杂，但一定存在⑤所没有的性状组合——光滑叶红花(A_B_dd)，所以答案可以选取能够显著区分两者的角度书写即可，预期调查结果并得出结论。3.(2020·山东，23节选)玉米是雌雄同株异花植物，利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品系，该突变品系的产生原因是2号染色体上的基因Ts突变为ts，Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基因A转入该雌株品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表现正常，乙植株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响，进行了以下实验：实验一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟约为1∶1实验二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高约为1∶1(1)选取实验一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株约为2∶1∶1。由此可知，甲中转入的A基因与ts基因_______(填“是”或“不是”)位于同一条染色体上。是实验一的F1抗螟雌雄同株(AOTsts)自交，后代F2为1抗螟雌株(AAtsts)∶2抗螟雌雄同株(AOTsts)∶1非抗螟雌雄同株(OOTsTs)，符合基因分离定律，说明实验一中A基因与ts基因位于同一条染色体上。实验一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟约为1∶1实验二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高约为1∶1(2)选取实验二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗螟正常株高雌株约为3∶1∶3∶1，由此可知，乙中转入的A基因______(填“位于”或“不位于”)2号染色体上，理由是___________________________________________________________________________。F2中抗螟矮株所占比例低于预期值，说明A基因除导致植株矮小外，还对F1的繁殖造成影响，结合实验二的结果推断这一影响最可能是_____________________。不位于抗螟性状与性别间是自由组合的，因此A基因不位于Ts、ts基因所在的2号染色体上含A基因的雄配子不育实验一：品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F1中抗螟∶非抗螟约为1∶1实验二：品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F1中抗螟矮株∶非抗螟正常株高约为1∶1实验二中选取F1抗螟矮株雌雄同株(AOTsts)自交，后代中出现抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株∶非抗螟雌株＝3∶1∶3∶1，其中雌雄同株∶雌株＝3∶1，抗螟∶非抗螟＝1∶1，说明抗螟性状与性别之间发生了自由组合，故乙中A基因不位于ts基因所在的2号染色体上。在实验二的F1中，后代抗螟矮株雌雄同株(AOTsts)∶非抗螟正常株高雌雄同株(OOTsts)＝1∶1，则说明含A基因的卵细胞发育正常，而F2中抗螟矮株所占比例小于理论值，故推测最可能是F1产生的含A基因的雄配子不育，导致后代中只产生了OTs和Ots两种雄配子，才出现F2中抗螟矮株所占比例小于理论值的现象。4.(2024·甘肃，20节选)自然群体中太阳鹦鹉的眼色为棕色，现于饲养群体中获得了甲和乙两个红眼纯系。为了确定眼色变异的遗传方式，某课题组选取甲和乙品系的太阳鹦鹉做正反交实验，F1雌雄个体间相互交配，F2的表型及比值如表。回答下列问题(要求基因符号依次使用A/a，B/b)：表型正交反交棕眼雄6/163/16红眼雄2/165/16棕眼雌3/163/16红眼雌5/165/16(1)太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制，判断的依据为____________________________________________；其中一对基因位于Z染色体上，判断依据为____________________。6∶2∶3∶5(或3∶5∶3∶5)是9∶3∶3∶1的变式正交、反交结果不同依据表格信息可知，无论是正交6∶2∶3∶5，还是反交3∶5∶3∶5，均是9∶3∶3∶1的变式，故可判断太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制；但正交和反交结果不同，说明其中一对基因位于Z染色体上。表型正交反交棕眼雄6/163/16红眼雄2/165/16棕眼雌3/163/16红眼雌5/165/16(2)正交的父本基因型为______，F1基因型及表型为_________________________。aaZBZBAaZBZb(棕色)、AaZBW(棕色)表型正交反交棕眼雄6/163/16红眼雄2/165/16棕眼雌3/163/16红眼雌5/165/16依据正交结果，F2中棕眼∶红眼＝9∶7，说明棕眼为双显性个体，红眼为单显性或双隐性个体，鹦鹉为ZW性别决定类型，在雄性个体中，棕眼为6/8＝3/4×1，在雌性个体中，棕眼为3/8＝3/4×1/2，故可推知，F1的基因型为AaZBZb、AaZBW，表型均为棕色，亲本为红眼纯系，其基因型为aaZBZB(父本)、AAZbW(母本)。表型正交反交棕眼雄6/163/16红眼雄2/165/16棕眼雌3/163/16红眼雌5/165/16表型正交反交棕眼雄6/163/16红眼雄2/165/16棕眼雌3/163/16红眼雌5/165/16(3)反交的母本基因型为______，F1基因型及表型为_________________________。aaZBWAaZBZb(棕色)、AaZbW(红色)依据反交结果，结合(2)可知，反交亲本的基因型为AAZbZb、aaZBW，则F1的基因型为AaZBZb、AaZbW，对应的表型依次为棕色、红色。5.(2023·河北，23节选)某家禽等位基因M/m控制黑色素的合成(MM与Mm的效应相同)，并与等位基因T/t共同控制喙色，与等位基因R/r共同控制羽色。研究者利用纯合品系P1(黑喙黑羽)、P2(黑喙白羽)和P3(黄喙白羽)进行相关杂交实验，并统计F1和F2的部分性状，结果如表。实验亲本F1F21P1×P3黑喙9/16黑喙，3/16花喙(黑黄相间)，4/16黄喙2P2×P3灰羽3/16黑羽，6/16灰羽，7/16白羽利用现有的实验材料设计调查方案，判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系(不考虑染色体交换)。调查方案：________________________________________。结果分析：若_______________________________________________________________(写出表型和比例)，则T/t和R/r位于同一对染色体上；否则，T/t和R/r位于两对染色体上。对实验2中F2个体的喙色和羽色进行调查统计F2中黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝6∶3∶3∶4实验亲本F1F21P1×P3黑喙9/16黑喙，3/16花喙(黑黄相间)，4/16黄喙2P2×P3灰羽3/16黑羽，6/16灰羽，7/16白羽综合实验1和实验2的结果可知，P1的基因型为MMTTRR，P2的基因型为MMTTrr，P3的基因型为mmttRR。利用现有材料进行调查实验，判断T/t和R/r在染色体上的位置关系，需要对TtRr双杂合个体随机交配的子代进行统计分析。实验2中的F1的基因型为MmTtRr，因此应对实验2的F2个体喙色和羽色进行调查统计。如果T/t和R/r位于同一对染色体上，由亲本的基因型可知，F1个体中三对基因在染色体上的位置关系如图

。不考虑染色体互换，F1可产生等比例的MTr、MtR、mTr、mtR四种雌、雄配子。雌、雄配子随机结合，产生的F2表型及比例为黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝6∶3∶3∶4。6.(2023·山东，23节选)单个精子的DNA提取技术可解决人类遗传学研究中因家系规模小而难以收集足够数据的问题。为研究4对等位基因在染色体上的相对位置关系，以某志愿者的若干精子为材料，用以上4对等位基因的引物，以单个精子的DNA为模板进行PCR后，检测产物中的相关基因，检测结果如表所示。已知表中该志愿者12个精子的基因组成种类和比例与该志愿者理论上产生的配子的基因组成种类和比例相同；本研究中不存在致死现象，所有个体的染色体均正常，各种配子活力相同。注：“＋”表示有；空白表示无。等位基因AaBbDdEe单个精子编号1

＋＋

＋

2

＋＋

＋

＋3

＋＋

＋

4

＋＋

＋

＋5

＋＋

＋

6

＋＋

＋

＋7＋

＋

＋

8＋

＋

＋

＋9＋

＋＋

10＋

＋＋

＋11＋

＋＋

12＋

＋＋

＋(1)表中等位基因A、a和B、b的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律，依据是_______________________________________________________________________________。据表分析，______(填“能”或“不能”)排除等位基因A、a位于X、Y染色体同源区段上。不遵循只出现Ab、aB两种配子且比例为1∶1可推测等位基因A、a和B、b位于一对同源染色体上能结合表中信息可以看出，aB∶Ab＝1∶1，可推测等位基因A、a和B、b位于一对同源染色体上，其遗传不遵循自由组合定律。表中显示配子中都不含基因E，且含有基因e的配子和不含基因e的配子的比例为1∶1，可推测基因e位于X染色体或Y染色体上。根据表中精子类型和比例可以看出，A、a与E、e这两对等位基因表现为自由组合，因而能排除等位基因A、a位于X、Y染色体同源区段上。(2)已知人类个体中，同源染色体的非姐妹染色单体之间互换而形成的重组型配子的比例小于非重组型配子的比例。某遗传病受等位基因B、b和D、d控制，且只要有1个显性基因就不患该病。该志愿者与某女性婚配，预期生一个正常孩子的概率为17/18，据此画出该女性的这2对等位基因在染色体上的相对位置关系图(注：用“

”形式表示，其中横线表示染色体，圆点表示基因在染色体上的位置)。答案

某遗传病受等位基因B、b和D、d控制，且只要有1个显性基因就不患该病。统计结果显示，该志愿者关于基因B、b和D、d的配子比例为Bd∶bD∶BD∶bd＝2∶2∶1∶1。该志愿者与某女性婚配，预期生一个正常孩子的概率为17/18，即生出患病孩子(bbdd)的概率为1/6×1/3＝1/18，说明该女性产生基因型为bd的卵细胞的比例为1/3，则BD配子比例也为1/3，二者共占2/3，均属于非重组型配子，说明该女性体内的相关基因处于连锁关系，即应该为B和D连锁，b和d连锁，据此画出该女性的这2对等位基因在染色体上的相对位置关系图。(3)据表推断，该志愿者的基因e位于________染色体上。现有男、女志愿者的精子和卵细胞各一个可供选用，请用本研究的实验方法及基因E和e的引物，设计实验探究你的推断。①应选用的配子为：________；②实验过程：略；③预期结果及结论：__________________________________________________________________________。X或Y卵细胞若检测到基因E或e，则位于X染色体上；若未检测到基因E或e，则位于Y染色体上卵细胞中只有X染色体，故选用卵细胞。若检测到基因E或e，则位于X染色体上；若检测不到基因E或e，则位于Y染色体上。三

模拟预测用的是_____；基因型为aaee的玉米籽粒表现为“甜而非糯”，从生化的角度解释：_______________________________________________________________________。1.(2024·德州高三质检)玉米为二倍体植物。甜玉米的玉米粒中蔗糖含量高，受1个或多个隐性基因控制，这些基因有a、b和d。玉米的糯性受隐性基因e控制，含支链淀粉多时呈糯性。如图为玉米籽粒中蔗糖合成淀粉的生化路径，回答下列问题：(1)在基因A/a中，对玉米糯性基因E/e起抑制作a粒表现为甜而非糯缺少酶1，蔗糖不能合成支链淀粉，造成蔗糖积累，玉米籽根据图示A_E_表现为直链淀粉，只要存在aa，即使有E基因也不会表现为直链淀粉，所以对基因E/e起抑制作用的是a基因；aaee的植株不能合成酶1，蔗糖不能合成支链淀粉，造成蔗糖积累，玉米籽粒表现为甜而非糯。(2)某非甜非糯型玉米，其控制基因型只涉及A/a及E/e两对等位基因。该玉米自交后代F1中，非甜非糯∶糯而非甜∶甜而非糯＝9∶3∶4。此杂交结果说明上述两对等位基因位于___________________。将F1玉米单株自交，统计单株果穗上的玉米籽粒，发现有的玉米植株所结的所有玉米籽粒要么只糯非甜，要么只甜非糯，这样的F1植株占________。非同源染色体上1/8该非甜非糯玉米的基因型是AaEe，如果该玉米自交后代F1单株自交，发现有的玉米植株所结的所有玉米籽粒要么只糯非甜(A_ee)、要么只甜非糯(aa__)，因此F1中该植株的基因型是Aaee，所占比例为1/2×1/4＝1/8。2.(2024·青岛高三三模)孟加拉虎的性别决定方式为XY型。野生型虎毛色为黄底黑纹(黄虎)，此外还有白底黑纹(白虎)、浅黄底棕纹(金虎)、白底无纹(雪虎)等多种毛色。关于孟加拉虎的毛色的遗传和进化机制，科研人员经过基因测序发现，白虎、金虎分别是控制黄底的S1基因、控制黑纹的Cn基因(位于Ⅱ号染色体)突变导致各自功能丧失产生的突变体，请根据以下杂交实验结果，回答下列问题：实验一实验二实验三

P：白虎×黄虎↓F1：黄虎↓F2：黄虎∶白虎＝3∶1

P：金虎×黄虎↓F1：黄虎↓F2：黄虎∶金虎＝3∶1P：金虎×白虎

↓F1：黄虎↓F2：黄虎∶金虎∶白虎∶雪虎＝9∶3∶3∶1(1)由杂交实验可知，有关孟加拉虎毛色的显性性状是__________。(2)根据上述实验结果推测S1基因_______(填“位于”或“不位于”)Ⅱ号染色体上，原因是_________________________________________________________________________________________。从实验三中的F2筛选出金虎和白虎，并让雌雄随机交配，后代的表型及比例是_____________________________________。黄底黑纹不位于实验三中F2性状分离比为9∶3∶3∶1，说明两对基因遵循自由组合定律，即S1不位于Ⅱ号染色体上黄虎∶白虎∶金虎∶雪虎＝2∶3∶3∶1据实验一、二可知，白虎基因型为s1s1Cn_，金虎基因型为S1_cncn，实验三中的F2筛选出金虎(1/3S1S1cncn、2/3S1s1cncn)，和白虎(1/3s1s1CnCn、2/3s1s1Cncn)，F2中金虎∶白虎＝1∶1，即F2中金虎和白虎共产生配子为1/3S1cn、1/3s1Cn、1/3s1cn，并让雌雄随机交配，后代的表型及比例是黄虎(2/9S1s1Cncn)∶金虎(1/9S1S1cncn＋2/9S1s1cncn)∶白虎(1/9s1s1CnCn＋2/9s1s1Cncn)∶雪虎(1/9s1s1cncn)＝2∶3∶3∶1。3.(2024·邵阳高三模拟)“端稳中国碗，装满中国粮”，为了育好中国种，科研人员在杂交育种与基因工程育种等领域开展了大量的研究。某雌雄同株异花二倍体作物M的品系甲有抗虫、高产等多种优良性状，但甜度为不甜。为了改良品系甲，增加其甜度，育种工作者做了如下实验，在种质资源库中选取乙、丙两个高甜度的品系，用三个纯合品系进行杂交实验，结果如表。实验杂交组合F1表型F2表型一甲×乙不甜1/4高甜、3/4不甜二甲×丙微甜1/4高甜、1/2微甜、1/4不甜三乙×丙微甜7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜若不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，据此回答下列问题：(1)该作物与豌豆相比，杂交过程中的不同之处是_________________________________。该作物与豌豆相比，为雌雄同株异花植物，所以只能异花传粉。实验杂交组合F1表型F2表型一甲×乙不甜1/4高甜、3/4不甜二甲×丙微甜1/4高甜、1/2微甜、1/4不甜三乙×丙微甜7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜相比于豌豆，该植株只能异花传粉(2)从表中实验____可判断该性状遗传是否遵循自由组合定律。从表中实验三乙×丙杂交组合可判断该性状遗传遵循自由组合定律，因为F2中表型为7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜，该比例为7∶6∶3，是9∶3∶3∶1的变式。实验杂交组合F1表型F2表型一甲×乙不甜1/4高甜、3/4不甜二甲×丙微甜1/4高甜、1/2微甜、1/4不甜三乙×丙微甜7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜三(3)品系乙的基因型为______。若用乙×丙中F2不甜植株进行自交，F3中表型及比例为__________________。实验杂交组合F1表型F2表型一甲×乙不甜1/4高甜、3/4不甜二甲×丙微甜1/4高甜、1/2微甜、1/4不甜三乙×丙微甜7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜aabb高甜∶不甜＝1∶5甲为纯合不甜品系，基因型为AAbb，根据乙×丙组合中F2表型是甜∶不甜＝13∶3以及实验结果一和二可知，A_bb是不甜，aa__、A_BB是高甜、A_Bb是微甜，B基因具有累加效应，且两对基因自由组合，根据实验一结果可推得乙的基因型为aabb，根据实验二结果可知丙的基因型AABB，则乙×丙杂交组合的F1的基因型是AaBb，AaBb自交后，第一对基因的F2的基因型有AA、Aa、aa3种，第二对基因的F2的基因型有BB、Bb、bb3种，两对基因组合的F2基因型是3×3＝9(种)，其中AAbb、Aabb是不甜植株。若用乙×丙中F2不甜植株(1/3AAbb、2/3Aabb)进行自交，F3中不甜比例为1/3＋2/3×3/4＝5/6，故高甜∶不甜＝为1∶5。(4)乙、丙杂交的F2中表现为高甜的植株基因型有____种。这些高甜品种的高甜性状是否都能稳定遗传？理由是_________________________________________________。实验杂交组合F1表型F2表型一甲×乙不甜1/4高甜、3/4不甜二甲×丙微甜1/4高甜、1/2微甜、1/4不甜三乙×丙微甜7/16高甜、3/8微甜、3/16不甜5

能，高甜品种aa__、A_BB自交后代一定含有aa或BB由(3)分析可知，F2中表现为高甜的植株基因型有5种，这些高甜品种aa__、A_BB自交后代一定含有aa或BB，高甜性状一定都能稳定遗传。(5)图示中，能解释(1)中杂交实验结果的代谢途径有______。①③不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，只有A没有B导致不甜，aa__或__BB均为高甜，故选①③。4.果蝇的性别决定方式为XY型：XX、XXY(雌性)，XY、XYY(雄性)，XO(雄性不育)，XXX、YO和YY均致死，其中在性染色体组成为XXY雌果蝇中，XY联会的概率远低于XX联会。已知灰身(A)对黑身(a)为显性，长翅(B)对残翅(b)为显性，两对基因位于常染色体上。红眼(D)对白眼(d)为显性，基因位于X染色体上，甲、乙为两只基因型相同的灰身长翅个体，除标明外，其他果蝇染色体组成均正常。根据相关知识回答下列问题：(1)♀白眼(XXY)×♂红眼(XY)，白眼个体在减数分裂时，Xd和Xd染色体的分离发生在________________________________(时期)，推测其子代情况应为______________________________________________________________。减数分裂Ⅰ后期和减数分裂Ⅱ后期大多数为红眼雌果蝇和白眼雄果蝇，少数为红眼雄果蝇和白眼雌果蝇根据题干信息可知，性染色体组成为XXY的个体在减数分裂时，XY联会的概率远低于XX联会，两条联会的染色体分离时，另外一条染色体随机分配，则在减数分裂时，Xd和Xd染色体的分离可发生在减数分裂Ⅰ后期(同源染色体分离时)，也可发生在减数分裂Ⅱ后期(姐妹染色单体分离时)。白眼雌果蝇的基因型为XdXdY，由于XY联会的概率远低于XX联会，因此产生的雌配子大部分为Xd和XdY，小部分为XdXd、Y；红眼雄果蝇的基因型为XDY，产生的雄配子为XD和Y。两者结合可知，子代大多数为红眼雌果蝇和白眼雄果蝇，少数为红眼雄果蝇和白眼雌果蝇。(2)已知♂甲×♀黑身残翅，F1表型及比例为灰身残翅∶黑身长翅＝1∶1，则控制体色和翅型的基因不遵循基因的自由组合定律，从配子的角度分析原因是______________________________________________________________________________________。甲的基因型为AaBb，产生两种比例相等配子，说明控制体色和翅型的基因位于一对同源染色体上根据题干信息可知，灰身(A)对黑身(a)为显性，长翅(B)对残翅(b)为显性，两对基因位于常染色体上，且甲、乙为两只基因型相同的灰身长翅个体，已知♂甲×♀黑身残翅，F1表型及比例为灰身残翅∶黑身长翅＝1∶1，可知甲的基因型为AaBb，产生配子的基因型及比例为Ab∶aB＝1∶1，这说明这两对基因位于一对同源染色体上，所以控制体色和翅型的基因不遵循基因的自由组合定律。(3)已知♀乙×♂黑身残翅，F1表型及比例为灰身长翅∶灰身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅＝1∶4∶4∶1，乙个体发生互换的初级卵母细胞所占比例为______。2/5♀乙×♂黑身残翅，F1表型及比例为灰身长翅∶灰身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅＝1∶4∶4∶1，乙的基因型为AaBb，产生配子的基因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶4∶4∶1，这说明这两对基因所在的同源染色体之间发生了互换，假设乙个体发生互换的初级卵母细胞所占比例为x，产生的配子为x/4AB、x/4Ab、x/4aB、x/4ab；未互换的初级卵母细胞所占比例为1－x，产生的配子为(1－x)/2Ab、(1－x)/2aB，合并后AB∶Ab∶aB∶ab＝x∶(2－x)∶(2－x)∶x＝1∶4∶4∶1，可求出x＝2/5。5.(2024·永州高三模拟)水貂毛色有深褐色、银蓝色、灰蓝色、白色，受三对基因控制，其机理如图所示。请回答下列问题：(1)Ps、Pr是由P基因突变而来，说明基因突变有__________的特点。不定向性(2)研究人员利用3个纯系(其中品系3的基因型是HHttPP)亲本水貂进行杂交，F1自由交配，结果如图。①P、Ps、Pr基因的显隐性关系是__________。P>Ps>Pr实验一中，品系1为灰蓝色且为纯合子，基因型为HHTTPrPr，品系2为白色，且能与品系1杂交出现银蓝色(H_T_Ps_)的F1，F1自交后代出现9∶3∶4的比例，为9∶3∶3∶1的变式，因此F1有两对基因杂合，所以品系2的基因型为HHttPsPs或hhTTPsPs，实验二中品系2×品系3(HHttPP)，F1为深褐色(H_T_P_)，所以品系2的基因型为hhTTPsPs，由此可以确定P对Ps为显性，Ps对Pr为显性。②实验一中，亲本品系1的基因型是__________。在F2中选取两种表型(灰蓝色水貂与白色杂合水貂)的个体随机交配，子代中银蓝色水貂占______。HHTTPrPr1/3品系1的基因型为HHTTPrPr，F1的基因型为HhTTPsPr，F2中灰蓝色水貂有两种基因型，即1/3HHTTPrPr、2/3HhTTPrPr，白色杂合水貂只有一种基因型，即hhTTPsPr，利用配子法计算如表：可求出F2灰蓝色水貂与杂合白色水貂自由交配产生的后代中银蓝色水貂占1/3。配子2HTPr1hTPrhTPs2HhTTPsPr(银蓝色)1hhTTPsPr(白色)hTPr2HhTTPrPr(灰蓝色)1hhTTPrPr(白色)(3)根据以上实验结果无法确定三对基因的遗传是否遵循基因的自由组合定律。研究人员让实验二F1自由交配，若后代的深褐色∶银蓝色∶白色＝____________，则说明这三对基因遵循基因的自由组合定律。若这三对基因确定遵循基因的自由组合定律，则F2深褐色水貂个体中，纯合子所占比例为______。27∶9∶281/27品系2的基因型为hhTTPsPs，品系3的基因型是HHttPP，实验二中F1的基因型为HhTtPPs，F1自由交配，若三对基因遵循自由组合定律，则子代表型及比例为深褐色(H_T_P_)∶银蓝色(H_T_PsPs)∶白色(hh____、H_tt__)＝(3/4×3/4×3/4)∶(3/4×3/4×1/4)∶(1－3/4×3/4×3/4－3/4×3/4×1/4)＝27∶9∶28，若这三对基因确定遵循自由组合定律，已知F2深褐色水貂个体占27/64，深褐色水貂纯合子(HHTTPP)所占比例为1/4×1/4×1/4＝1/64，则F2深褐色水貂个体中，纯合子所占比例为1/27。四

专题强化练1234567891011答案对一对题号123456789答案ADCDCDCABA题号10答案(1)来自双亲的异源染色体不能正常配对秋水仙素或低温(2)都有可能白花甘蓝(3)①4

2/9

②长形全部为圆形圆形∶长形＝1∶11234567891011对一对题号

11答案(1)2位于一对同源染色体上(2)如图所示(3)TtXbXb、TtXbYB

4

1/12

2/5答案1.(2024·安徽，12)某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是A.1/2

B.3/4

C.15/16

D.1√1234567891011答案2.(2024·湖北，18)不同品种烟草在受到烟草花叶病毒(TMV)侵染后症状不同。研究者发现品种甲受TMV侵染后表现为无症状(非敏感型)，而品种乙则表现为感病(敏感型)。甲与乙杂交，F1均为敏感型；F1与甲回交所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1。对决定该性状的N基因测序发现，甲的N基因相较于乙的缺失了2个碱基对。下列叙述正确的是A.该相对性状由一对等位基因控制B.F1自交所得的F2中敏感型和非敏感型的植株之比为13∶3C.发生在N基因上的2个碱基对的缺失不影响该基因表达产物的功能D.用DNA酶处理该病毒的遗传物质，然后导入正常乙植株中，该植株表

现为感病√1234567891011答案甲与乙杂交，F1均为敏感型，说明敏感型为显性性状，F1与甲回交(相当于测交)所得的子代中，敏感型与非敏感型植株之比为3∶1，说明控制该性状的基因至少为两对独立遗传的等位基因(设相关基因为A/a、B/b)，A错误；根据A项分析可知，F1的基因型为AaBb，甲的基因型为aabb，且只要含有显性基因即为敏感型，因此F1(AaBb)自交所得F2中非敏感型(aabb)占1/4×1/4＝1/16，其余均为敏感型，即F2中敏感型和非敏感型的植株之比为15∶1，B错误；1234567891011答案发生在N基因上的2个碱基对的缺失会使敏感型个体变为非敏感型个体，说明这2个碱基对的缺失会影响该基因表达产物的功能，C错误；烟草花叶病毒的遗传物质为RNA，由于酶具有专一性，用DNA酶处理，该病毒的遗传物质RNA完整性不受影响，因此将处理后的病毒导入正常乙植株中，该植株表现为感病，D正确。1234567891011答案3.(2021·湖北，19改编)甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。1234567891011答案根据结果，下列叙述错误的是A.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比不一定为9红色∶7

白色B.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制C.组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色∶1白色D.组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色√组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒综合分析表格可知，红色为显性，红色和白色可能至少由三对等位基因控制，假设相关基因为A/a、B/b、C/c，甲、乙、丙的基因型可分别表示为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc，通过实验组1和2可知，A/a、B/b两对基因独立遗传，B/b、C/c两对基因独立遗传。乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒(AaBBCc)，但是不确定A/a、C/c的位置关系，如果A/a、C/c基因处于连锁状态，也能使得F1全为红色籽粒，所以F2玉米籽粒性状比不一定为9红色∶7白色，A、B正确；1234567891011答案组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒据分析可知，组1中的F1(AaBbCC)与甲(AAbbCC)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，C错误；组2中的F1(AABbCc)与丙(AABBcc)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，D正确。1234567891011答案组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒4.(2024·新课标，5)某种二倍体植物的P1和P2植株杂交得F1，F1自交得F2。对个体的DNA进行PCR检测，产物的电泳结果如图所示，其中①～⑧为部分F2个体，上部2条带是一对等位基因的扩增产物，下部2条带是另一对等位基因的扩增产物，这2对等位基因位于非同源染色体上。下列叙述错误的是A.①②个体均为杂合子，F2中③所占的

比例大于⑤B.还有一种F2个体的PCR产物电泳结果

有3条带C.③和⑦杂交子代的PCR产物电泳结果与②⑧电泳结果相同D.①自交子代的PCR产物电泳结果与④电泳结果相同的占1/2√1234567891011答案由题可知，P1、P2为纯合子，F1为杂合子，且两对等位基因的遗传符合自由组合定律，假设基因由上到下依次为A、a、B、b，则P1基因型为AAbb，P2基因型为aaBB，F1基因型为AaBb，据此分析选项。①基因型为AaBB，②基因型为Aabb，均为杂合子；F2中，③基因型为AABb，所占比例为1/8，⑤基因型为AABB，所占比例为1/16，③所占比例大于⑤，A正确；1234567891011答案据图分析，图中缺少aaBb的基因型对应的电泳结果，其电泳结果为3条带，分别为第2条带、第3条带和第4条带，B正确；由题可知，③×⑦(AABb×aabb)杂交，后代基因型为AaBb、Aabb，与②(Aabb)、⑧(AaBb)电泳结果相同，C正确；①基因型为AaBB，其自交后代基因型及比例为AABB∶AaBB∶aaBB＝1∶2∶1，④的基因型为aaBB，因此①自交子代与④电泳结果相同的占1/4，D错误。1234567891011答案5.(2024·广东，14)雄性不育对遗传育种有重要价值。为获得以茎的颜色或叶片形状为标记的雄性不育番茄材料，研究者用基因型为AaCcFf的番茄植株自交，所得子代的部分结果见图。其中，控制紫茎(A)与绿茎(a)、缺刻叶(C)与马铃薯叶(c)的两对基因独立遗传，雄性可育(F)与雄性不育(f)为另一对相对性状，3对性状均为完全显隐性关系。下列分析正确的是A.育种实践中缺刻叶可以作为雄性不

育材料筛选的标记B.子代的雄性可育株中，缺刻叶与马

铃薯叶的比例约为1∶1C.子代中紫茎雄性可育株与绿茎雄性不育株的比例约为3∶1D.出现等量绿茎可育株与紫茎不育株是基因突变的结果√1234567891011答案AaCcFf的番茄植株自交，产生的子代中，绿茎株中绝大多数雄性不育，紫茎株中绝大多数雄性可育，偶见绿茎可育株与紫茎不育株，二者数量相等，由此可推测控制紫茎(A)与绿茎(a)、雄性可育(F)与雄性不育(f)的两对基因连锁，位于一对同源染色体上，且绿茎(a)和雄性不育(f)位于同一条染色体，紫茎(A)和雄性可育(F)位于同一条染色体，所以育种实践中绿茎可作为雄性不育材料筛选的标记，A错误；1234567891011答案由于A与a、C与c两对等位基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，由于A与a、F与f两对等位基因连锁，所以C与c、F与f也遵循基因的自由组合定律，所以在子代雄性可育株中，缺刻叶∶马铃薯叶≈3∶1，B错误；由于亲本A基因和F基因位于同一条染色体，a基因和f基因位于同一条染色体，所以自交产生的子代中紫茎雄性可育株(AAFF、AaFf)与绿茎雄性不育株(aaff)的比例约为3∶1，C正确；1234567891011答案子代中出现等量绿茎可育株与紫茎不育株是减数分裂Ⅰ前期同源染色体非姐妹染色单体间片段互换的结果，D错误。1234567891011答案6.(2022·河北，7)研究者在培养野生型红眼果蝇时，发现一只眼色突变为奶油色的雄蝇。为研究该眼色遗传规律，将红眼雌蝇和奶油眼雄蝇杂交，结果如图。下列叙述错误的是A.奶油眼色至少受两对独立遗传

的基因控制B.F2红眼雌蝇的基因型共有6种C.F1红眼雌蝇和F2伊红眼雄蝇杂交，得到伊红眼雌蝇的概率为5/24D.F2雌蝇分别与F2的三种眼色雄蝇杂交，均能得到奶油眼雌蝇1234567891011答案√分析遗传图解可知，F1红眼果蝇相互交配，F2中4种果蝇的比例为8∶4∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变形，说明奶油眼色至少受两对独立遗传的基因控制，A正确。根据F1互交所得F2中红眼雌∶红眼雄∶伊红眼雄∶奶油眼雄＝8∶4∶3∶1可知，眼色的遗传与性别相关联，若果蝇眼色受两对等位基因控制，则一对等位基因位于常染色体上，另一对等位基因位于X染色体上。设相关基因为A/a、B/b，根据F2的性状分离比可知，1234567891011答案F1红眼雌、雄果蝇的基因型分别为AaXBXb、AaXBY，而F2中红眼雌蝇占8/16，红眼雄蝇占4/16，伊红眼雄蝇占3/16，奶油眼雄蝇占1/16，可知F2中红眼雌蝇的基因型为A_XBX－、aaXBX－，红眼雄蝇的基因型为A_XBY、aaXBY，伊红眼雄蝇的基因型为A_XbY，奶油眼雄蝇的基因型为aaXbY，则F2红眼雌蝇的基因型共有2×2＋2＝6(种)，B正确。1234567891011答案F1红眼雌蝇(AaXBXb)与F2伊红眼雄蝇(1/3AAXbY、2/3AaXbY)杂交，得到伊红眼雌蝇(A_XbXb)的概率为1/3×1/4＋2/3×3/4×

1/4＝5/24，C正确。若F2雌蝇的基因型为AAXBXB，则其与F2的三种眼色雄蝇杂交都不能得到奶油眼雌蝇，D错误。1234567891011答案7.(2024·长沙高三模拟)三叶草(2n)的花色由A/a和B/b两对等位基因控制，A基因控制红色素的合成，B基因控制蓝色素的合成，含A、B基因的三叶草开紫花，不含A、B基因的三叶草开白花。现将纯合紫花与白花三叶草杂交得F1，F1全为紫花三叶草，F1自交得F2，F2三叶草中紫花∶红花∶蓝花∶白花＝41∶7∶7∶9。不考虑基因突变和致死，下列叙述不正确的是A.A/a和B/b基因的遗传均遵循基因的分离定律B.F2与F1三叶草基因型相同的个体占5/16C.F1形成配子时，有1/4的细胞在四分体时期染色体发生了互换D.F2中的红花三叶草与蓝花三叶草杂交，子代中白花三叶草占9/49√1234567891011答案白花植株的基因型为aabb，纯合紫花植株的基因型为AABB，红花植株的基因型为A_bb，蓝花植株的基因型为aaB_，白花植株(aabb)与纯合紫花植株(AABB)杂交，F1的基因型为AaBb，F1自交得F2，F2三叶草中紫花∶红花∶蓝花∶白花＝41∶7∶7∶9，即A_∶aa＝(41＋7)∶(7＋9)＝3∶1，同理B_∶bb＝(41＋7)∶(7＋9)＝3∶1，A/a和B/b基因的遗传均遵循基因的分离定律，A正确；1234567891011答案由于F2的比例不是9∶3∶3∶1或其变式，因此两对基因的遗传不符合自由组合定律，F1紫花植株的基因型为AaBb，且A、B基因位于一条染色体上，a、b基因位于同源的另一条染色体上，根据F2中白花植株(aabb)所占比例为9/64分析，F1产生的四种配子的基因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝3∶1∶1∶3，F2中AaBb所占比例为20/64，即5/16，B正确；1234567891011答案若不发生互换，F1产生的两种配子的基因型及比例为AB∶ab＝2∶2，现F1产生的四种配子的基因型及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝3∶1∶1∶3，说明有一半的细胞发生了互换，产生了四种配子AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，故F1形成配子时，有1/2的细胞在四分体时期发生了互换，C错误；F2中的红花三叶草(1/7AAbb、6/7Aabb)与蓝花三叶草(1/7aaBB、6/7aaBb)杂交，红花三叶草产生的配子为4/7Ab、3/7ab，蓝花三叶草产生的配子为4/7aB、3/7ab，子代中白花三叶草(aabb)占3/7×3/7＝9/49，D正确。1234567891011答案8.(不定项)某XY型性别决定的植物，花色的遗传受A/a、B/b两对等位基因控制。当紫色素产生时，会掩盖红色素的颜色，使花朵呈现紫色，具体颜色与基因的关系如图所示。现用两株紫色花朵的个体进行杂交，F1中雌性个体表型及比例为紫花∶红花＝3∶1，雄性个体中紫花∶红花∶白花＝6∶1∶1。下列说法正确的是A.A/a与B/b遵循自由组合定律B.B/b位于X染色体上C.子代植株的基因型共9种D.子代个体中，纯合紫花雌性个体和纯合紫

花雄性个体所占比例相同1234567891011答案√√杂交后代中，雌性个体中紫花∶红花＝3∶1，雄性个体中紫花∶红花∶白花＝6∶1∶1，雌雄比例为1∶1，则后代的表型及比例为紫花雌性∶红花雌性∶紫花雄性∶红花雄性∶白花雄性＝6∶2∶6∶1∶1，表型与性别相关联且为9∶3∶3∶1的变式，推出两对基因中一对位于常染