2025年江苏高中物理学业水平合格性考试试卷（含答案解析）

2025江苏省普通高中学业水平合格性考试模拟试卷

物理

本试卷分选择题和非选择题两部分.满分100分，考试时间75分钟.

一、单选题：本大题共45小题，共90分。

1.关于质点和参考系，下列说法正确的是（）

A.质点就是体积很小的点，没有质量

B.研究人造地球卫星绕地球运动一周的时间时，卫星可以被看成质点

C.研究火车过桥的时间可以把火车看成质点

D.我们常说“太阳东升西落”，是以太阳为参考系

2.暑假期间，小明驾车从扬州去南京游玩，某导航软件推荐的最佳驾车路线里程为126公里，时间为1小

时33分，下列说法正确的是（）

A.研究该车从扬州到南京的路程，汽车可以看成质点

B.“1小时33分”指的是时刻

C.“126公里”指的是位移

D.以行驶中的汽车作为参考系，路边的树是静止的

3.如图，一青蛙在荷叶间跳跃。一次从荷叶e起跳，经荷叶c跳到荷叶d上的F点。另一次从荷叶e的同一位置

起跳，经荷叶a和6跳到荷叶d上的F点，贝族）

A.研究青蛙的起跳动作时,青蛙可视为质点

B,两次从荷叶e到d的跳跃,青蛙的平均速度一定相同

C.两次从荷叶e到d的跳跃,青蛙的平均速度方向相同

D.以跳跃的青蛙为参考系,荷叶是静止的

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4.汽车B在平直公路上行驶，发现前方沿同方向行驶的汽车力速度较小.为避免相撞，B车距4车25rH处开

始制动，此后它们的U-t图象如图所示，则下列说法中不正确的是

A.B车的加速度大小为2.50m/s2B.A、B两车在t=4s时的速度相同

C.A,B两车在0〜4s内的位移相同D.4、B两车不会相撞

5.在“探究物体速度随时间变化规律”的实验中，把纸带的下端固定在重物上，纸带穿过打点计时器，上

端用手提着，接通电源后释放纸带，被打点的纸带上有一段如图所示，0、1、2、3、4为连续的计数点，

相邻计数点间还有四个打点未画出。贝！1()

1234

r•••••

A.实验时，纸带的右端与重物相连

B.实验中应分别逐个测出每两个相邻计数点间的距离

C.2点的瞬时速度只可用0、4两点间的平均速度粗略表示

D.1、3两点间的平均速度比0、4两点间的平均速度更接近2点的瞬时速度

6.甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5zn/s,乙

的速度为10m/s,甲车的加速度大小恒为1.2m/s2.以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如

图所示，根据以上条件可知()

A.在前4s的时间内，甲车的位移为29.6爪B.乙车做加速度先增大后减小的变加速运动

C.在t=4s时，甲车追上乙车D.在t=10s时，乙车又回到起始位置

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7.歼-20是我国自主研制的第五代隐形战斗机。若歼-20升空时以一定的初速度做匀加速直线运动，则在

一定时间t内运动的位移x与下列物理量成正比的是（）

A.初速度与末速度之和（%+v）B.加速度与时间的乘积at

C.初速度%D.末速度u

8.一小球做自由落体运动落在地面上（不反弹），若小球落地前最后1s内下落的高度用区表示，落地前倒数

第2s内的下落的高度用h2表示，且/11=2无2，重力加速度g取10m/s2,不计空气阻力，则小球开始做自由

落体运动时的高度为（）

A.62.50mB.45.00mC.31.25mD.17.25m

9.下列说法正确的是（）

A.质量均匀分布、形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外

B.木块放在水平桌面上受到一个向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的

C.弹簧的弹力大小与弹簧长度成正比

D.由磁铁间有相互作用可知：力可以离开物体而单独存在

10.关于摩擦力，下列说法正确的是（）

A.摩擦力一定是阻力

B.摩擦力的方向与物体运动方向相反

C.摩擦力的大小与压力成正比

D.摩擦力的方向与物体相对滑动或相对滑动趋势方向相反

11.如图所示，一小物体静止于倾斜的木板上，物体与木板之间有几对相互作用力（）

A.1对B.2对C.3对D.4对

12.下列说法正确的是（）

A.形状规则物体的重心在其几何中心

B.当物体的速度等于零时，物体一定处于平衡状态

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C.任何一个力都只能分解成两个力

D.乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小

13.如图所示，水平地面上的物体4在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速运动，则下列说法中正确的是

()

A.物体4可能只受到三个力的作用

B.物体4一定受到了五个力的作用

C.物体力受到的滑动摩擦力大小为Feos。

D.物体4对水平地面的压力大小一定为Fsin®

14.下列说法正确的是

A.伽利略的理想斜面实验是完全凭空想象的

B.同一物体在地球上和月球上的惯性不同

2

C.根据单位制运算，指速度，R指半径）的单位是m/s2

D.牛顿第一定律中只强调了物体在不受外力时将保持匀速直线运动状态或静止状态

15.实验“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示，用该装置研究小车的加速度a与质量M的

关系时，下列说法中错误的是（）

A.实验时，应先接通电源，再释放小车

B.打点计时器应接在学生电源的直流输出端

C.在探究加速度a与质量M的关系时，应保证小车的合力大小不变

D.在探究加速度a与质量M的关系时，为了直观判断二者间的关系，作出a-2图像

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16.我国新一代载人飞船返回舱质量约为5.4X103/cg。某一次进行返回地面的测试时，返回舱在某处弹射

出三朵主伞构成伞群，通过伞群减速，安全返回地面，可将这一运动视为竖直方向的匀减速直线运动，加

速度大小为l.Om/s2,三根主伞的伞绳a、b、c均与竖直方向成。角，已知sin。=0.44,cos0=0.90,g取10m/s2,

则返回舱在下落过程中主伞伞绳a上的拉力大小约为（）

A.2.20XIO,NB.2.00X103NC.1.80X104WD.6.84X104W

17.如图所示是我国自主研发的全自动无人值守望远镜，它安装在位于南极大陆的昆仑站，电力供应仅为lx

1。3卬。若用国际单位制基本单位的符号来表示W,正确的是（）。

工

A.N-sB.N-m/sC.kg-m/sD.kg-m2/s3

18.中国第三艘航空母舰福建舰，配置有电磁弹射装置，和传统的蒸汽弹射相比较（对相同机型的弹射如表

格所示，不考虑阻力），电磁弹射器产生的最大平均推力约是蒸汽弹射器的（）

项目电磁弹射器蒸汽弹射器

弹射轨道长度90米100米

弹射速度范围28〜103米/秒30〜80米/秒

A.0.9倍B.1.3倍C.1.6倍D.1.8倍

19.扯白糖是浙江传统的地方小吃。将冷却少许的糖浆糅合成稠软状，再将其抛上固定的木柱，用手上的小

木棍几番甩、扯之后，最终冷却形成直径约1厘米的长圆条，用剪刀截下寸许，就成了食用的“扯白糖”。

下列说法正确的是（）

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A.小木棍对糖浆的弹力是糖浆发生形变引起的

B.糖浆变长，说明小木棍对糖浆的拉力大于糖浆对小木棍的拉力

C.整个下扯过程中小木棍始终处于失重状态

D.整个下扯过程中地面对固定的木柱的支持力大于木柱和糖浆的总重力

20.如图所示，一光滑绝缘的半圆柱体固定在水平地面上，其横截面是半径为R的半圆。现让质量为小、带

电量为+q的小球从半圆柱体顶端Q由静止沿圆柱体表面滑下，当滑至与竖直方向的夹角为。的位置P时，恰

好离开半圆柱体。若在空间加上方向竖直向下的匀强电场（图中未画出），电场强度大小石=臂，重力加速

度为9,其他条件不变，则下列说法正确的是（）

A.未加电场时，9角的余弦值为|

B.未加电场时，小球在P点恰好离开圆柱体时的速度大小为27^

C.加上电场时，小球将在QP之间某位置离开圆柱体

D.加上电场时，小球恰好离开圆柱体时的速度大小为康

21.下列说法中正确的是（）

A.做曲线运动的物体，加速度可能为零

B,物体的运动状态发生改变，其运动轨迹可能是直线也可能是曲线

C.做曲线运动的物体，其加速度方向与速度方向可能一致

D.做曲线运动的物体所受的合外力可能为零

22.如图所示，光滑水平桌面上的4BCD为矩形区域的四个顶点，某小球沿力B方向以速度巧自4点进入该区

域，以后的运动过程中，小球始终受到平行于AD方向的恒力F的作用，且恰能经过C点。关于小球在矩形区

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域所在平面内的运动，下列说法正确的是（）

D.--C

AB

A.小球由a到c可能做匀变速直线运动

B.若F足够大，小球可能经过D点

C.若只增大巧，小球自A点运动到DC所在直线时的时间将变短

D.若只减小F,小球自4点运动到DC所在直线时的时间将变长

23.“套圈圈”是小孩喜爱的一种游戏，游戏规则是：游戏者站在界线外从手中水平抛出一个圆形圈圈，落

下后套中前方的物体，所套即所得。如图所示，小孩保持直立并抛出圈圈套取了前方一物体，若小孩还想

套取后方的另一物体，忽略圆形圈圈运动过程中受到的空气阻力，则以下方法一定不可行的是（）

A.小孩退后一步保持直立，以较小的速度抛出圈圈

B.小孩站在同样的位置并踮起脚尖，以较大的速度抛出圈圈

C.小孩站在同样的位置并踮起脚尖，以较小的速度抛出圈圈

D.小孩站在同样的位置保持直立，以较大的速度抛出圈圈

24.陀螺是中国民间的一种玩具，为了美观，绕陀螺中心轴对称镶嵌有相同质量、不同颜色的装饰物。如图

所示，小朋友抽打陀螺使其转动时，这些装饰物绕中心轴转动的物理量相同的是（）

A.线速度B.向心加速度C.向心力D.周期

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25.如图所示，科学家设想在拉格朗日点“建立一空间站，且空间站绕地球做圆周运动的周期与月球公转周

期相同.则（）

幺-O

月球

地球

A.空间站的加速度小于月球的加速度B.空间站的线速度等于月球的线速度

C.空间站的向心力大于月球的向心力D.空间站和月球均只受地球的万有引力

26.力、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同时间内，它们通过的路程之比是4:3,运动方向

改变的角度之比是2:3,则它们（）

A.线速度大小之比为3:4B.向心加速度大小之比为9:8

C.运动半径之比为1:2D.周期之比为3:2

27.图为砂轮边缘的微粒被打磨下来飞离砂轮时的情形，不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.微粒随砂轮一起运动时加速度为0

B.微粒随砂轮一起运动时速度始终不变

C.微粒离开砂轮瞬间的速度方向沿砂轮的切线方向

D.微粒离开砂轮后做曲线运动的加速度可能为0

28.2024年3月20日，我国探月工程四期鹊桥二号中继星成功发射升空。当抵达距离月球表面某高度时，

鹊桥二号开始进行近月制动，并顺利进入捕获轨道运行，如图所示，轨道的半长轴约为51900km。后经多

次轨道调整，进入冻结轨道运行，轨道的半长轴约为9900ka,周期约为24Q则鹊桥二号在捕获轨道运行

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时（）

捕获轨道

近月点2月球

冻结轨道

A.周期小于24ft

B.近月点的速度小于远月点的速度

C.近月点的速度大于在冻结轨道运行时近月点的速度

D.近月点的加速度大于在冻结轨道运行时近月点的加速度

29.第谷、开普勒等人对行星运动的研究漫长而曲折，牛顿在他们研究的基础上，得出了科学史上最伟大的

定律之一一一万有引力定律.下列有关万有引力定律的说法中正确的是（）

A.开普勒通过研究观测记录发现行星绕太阳运行的轨道是椭圆

B.太阳与行星之间引力的规律并不适用于行星与它的卫星

C.库仑利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值

D.牛顿在发现万有引力定律的过程中没有利用牛顿第三定律的知识

30.一近地卫星的运行周期为To,地球的自转周期为7,则地球的平均密度与地球不致因自转而瓦解的最小

密度之比为（）

31.华为Mate60Pro手机是全球首款支持卫星通话的大众智能手机，在无地面网络环境下，它可以通过“天

通一号”卫星移动通信系统与外界进行联系，“天通一号”系列卫星为地球同步静止轨道卫星，则“天通

一号”（）

A.会经过湖北上空B.运行速度大于第一宇宙速度

C.运行方向与地球自转方向相反D.向心加速度小于近地卫星的向心加速度

32.下列说法正确的是（）

A.牛顿定律适合于解决宏观、低速的物体运动问题

B.在真空中相对于不同的惯性参考系光速是不同的

C.在高速运动的列车中的钟表比静止在地面上的钟表走的快

D.在地面观察高速行进的列车时，测其长度会比它静止时的长度大

33.关于功和功率，下列说法正确的是（）

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A.功是矢量，功的正负表示方向

B.恒力做功的大小一定与物体的运动路径有关

C.某时刻的瞬时功率可能等于一段时间内的平均功率

D.发动机的实际功率总等于额定功率

34.如图所示，跳水运动员向下压跳板,随跳板一起从位置Pi运动到位置P2，

则此过程中（）

A.运动员受到的重力对他做负功B.跳板的弹性势能一直在增加

C.运动员的重力势能一直在增加D.运动员受到的跳板的弹力对他做正功

35.竹蜻蜓是我国古代发明的一种儿童玩具，上世纪三十年代，人们根据竹蜻蜓原理设计了直升机的螺旋

桨.如图，一小孩搓动质量为20g的竹蜻蜓，松开后竹蜻蜓能上升到二层楼房顶高处.在搓动过程中手对

竹蜻蜓做的功可能是（）

A.2.5JB.1.0JC.0.6]D.0.2J

36.如图所示，光滑圆弧轨道4B与粗糙水平面8C平滑连接，一个小球从圆弧轨道的A点释放，经圆弧轨道AB

和平面BC后从C点水平飞出，落在地面上。点，不计空气阻力，在此过程中下列说法正确的是

A.从4到B的过程机械能不守恒B.从B到C的过程机械能不守恒

C.从C到。的过程机械能不守恒D.从4到。的整个过程机械能守恒

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37.下列三幅图反映了三种起电的方式，下列说法正确的是（）

A.图甲中橡胶棒与毛皮摩擦后，把正电荷传给了毛皮，使橡胶棒带上了负电

B.图乙中无论小球。带正电还是负电，与2接触时都把电荷传给C、C',使箔片张开

C.图丙中带电小球C靠近原来不带电的导体4、B,先移走小球C,再分开力、B,则力、B带了等量异种电荷

D.三种起电方式的实质都是电子的转移

38.对于点电荷，下列说法中正确的是（）

A.点电荷也叫“元电荷”是最小的电荷量

B.点电荷是一个带有电荷的点，它是实际带电体的抽象，任何带电体在任何情况下都能当作点电荷处理

C.只要带电体的电荷量足够小，该带电体就可以视为点电荷

D.相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷量是否相等，它们之间相互作用的库仑力大小一定相等

39.某型号静电除尘器的集尘板周围电场线分布如图所示，力、B、C、。四点中电场强度最大的为（）

A.AB.BC.CD.D

40.关于避雷针能够避免建筑物被雷击的原因，下列分析不正确的是（）

A.云层中带的电荷被避雷针通过导线导入大地

B.避雷针的尖端向云层放电，中和了云层中的电荷

C.云层与避雷针发生摩擦，避雷针上产生的电荷被导入大地

D.避雷针由尖锐的导体做成，利用的是尖端放电现象

41.下列关于电场的描述，正确的是（）

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A.电场中某点的电势有正负，所以电势是矢量

B.电场中某点的电势与零电势点的选取无关

C.同一点电荷处于电场中的不同位置时，具有的电势能越大，说明那一点的电势越高

D.同一点电荷在电场中任意两点间移动时，只要静电力做的功相同，那么点电荷在两点间的电势能变化量

就相等

42.现代避雷针是美国科学家富兰克林发明的。避雷针，又名防雷针、接闪杆，是用来保护建筑物、高大树

木等避免雷击的装置。如图所示为避雷针周围的等势面分布情况，电场中有M、N、P三点，则下列说法正

确的是（）

A.M、N两点的场强相同

B.P点的场强大小比M点的小

C.N点场强的方向一定沿NP连线指向P点

D.电子在P点的电势能小于其在M点的电势能

43.如图所示，在沿x轴负向的匀强电场E中，己知。点的电势为100U,。、2两点相距r=0.8m。已知8=60°,

E=100V/m,贝ijA点的电势为（）

A.1807B.140VC.407D.607

44.如图所示，闭合开关S使电容器充电，充电结束后断开开关，保持平行板电容器两极板的正对面积、间

距不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（）

A.C和U均增大B.C增大，U减小C.C减小，U增大D.C和U均减小

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45.电流的磁效应揭示了电与磁的关系。下面四幅图中描述磁场方向与电流方向之间的关系，其中磁感线分

布正确的是（）

二、填空题：本大题共2小题，共10分。

46.如图所示的图像所对应的两个导体：

（1）电阻之比长：/?2为。

（2）若两个导体中的电流相等（不为零）时，导体消耗的功率之比Pi：P2为。

（3）若两个导体的电压相等（不为零）时，导体消耗的功率之比P1：P2为。

47.嫦娥五号取壤返回地球，完成了中国航天史上的一次壮举。如图所示为嫦娥五号着陆地球前部分轨道的

简化示意图，其中I是月地转移轨道，在P点由轨道I变为绕地椭圆轨道n,在近地点Q再变为绕地椭圆轨道HI。

在轨道n运行时，嫦娥五号在Q点的机械能____在P点的机械能。嫦娥五号沿轨道n运行时经过Q点的速

度沿轨道ni运行时经过Q点的速度。（选填“大于”“小于”“等于"）

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】4物体能否看成质点不是看物体的体积大小和质量大小，关键看物体的大小和形状在所研究的问题

中能否忽略，故N错误；

区研究人造地球卫星绕地球运动一周的时间时，卫星可以被看作质点，故2正确；

C研究火车过桥的时间，火车的大小不能忽略，不可以把火车看成质点，选项C错误；

D我们常说“太阳东升西落”，是以地球为参考系描述太阳的运动，故。错误.

故选小

2.【答案】A

【解析】4研究该车从扬州到南京的路程，汽车的形状、大小可以忽略，故汽车可以看成质点，故/正确；

B.小时33分”指的是时间间隔，故2错误；

C.“126公里”指的是路程，不是位移，故C错误；

D以行驶中的汽车作为参考系，路边的树是运动的，故。错误。

3.【答案】C

【解析】【解答】

4研究青蛙的起跳动作，青蛙的形状和大小不能忽略，不能视为质点，故/错误；

BC,两次跳跃，位移相同，但跳跃的时间不一定相同，平均速度大小不一定相同，但方向相同，故8错误，

C正确；

D以跳跃的青蛙为参考系，荷叶是运动的，故D错误。

4.【答案】C

【解析】t图象中图线斜率代表加速度，由图象得B的加速度为a=^m/s2=2.50m/s2,故/正确，

不符合题意；

8.由图象得，在t=4s时的速度相同，故8正确，不符合题意；

C.由于图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以在。〜4s内的位

移B物体大于2物体，故C错误，符合题意；

。由于图象与坐标轴围成面积代表位移，初始时刻距4车25根处，速度相同是相撞或不相撞的临界条件，在

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VVt

0—4s时刻B车的位移为SB=°^t1=152"5x4m=40m,而力的位移为»=vAtx=5x4m=20m,由于

SB<SA+S0=45m,由此判断两车不会相撞，故。正确，不符合题意。

5.【答案】D

【解析】【分析】

根据物体的运动性质及点间距离变化特点进行分析；根据距离测量误差的大小进行分析；根据利用平均速

度表示瞬时速度的误差大小进行分析。

本题的关键是会利用纸带判断物体的运动，掌握利用平均速度表示瞬时速度时，误差产生的主要原因及减

小误差的方法。

【解答】

4纸带从左到右点间距逐渐增加，可知实验时，纸带的左端与重物相连，选项/错误；

8.测量每相邻两计数点间距离时，不要分段测量各段位移，应一次测出各计数点与。计数点的距离，然后

逐一相减，得出每两个计数点间距离的数值。选项2错误；

CD.2点的瞬时速度可用0、4两点间的平均速度粗略表示，也可用1、3两点间的平均速度粗略表示，但是

1、3两点间的平均速度比0、4两点间的平均速度更接近2点的瞬时速度，选项C错误，。正确。

故选。。

6.【答案】A

【解析】解：C、在t=4s时，两车的速度相同，但前4s内两车经过的位移不同，故两车没有相遇；故C错

误；

11

/、在前4s的时间内，甲车运动位移为％=+2at2=5x4爪+]x1,2x42爪=29.6m；故/正确；

8、速度图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，乙车的加速度先减小后增大，最后再减小，故8错误；

。、在10s前，乙车一直做匀加速直线运动，速度一直沿正方向，故乙车没有回到起始位置；故。错误；

故选：A

根据速度图象与时间轴围成的面积可分析位移，从而两车能否相遇.由u-t图象的形状分析车的运动性

质.由此分析两车的运动情况.

本题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：注意图象中点表示速度、斜率表示加速度、而图象

的面积表示位移.

7.【答案】A

【解析】【解答】

战斗机以一定的初速度做匀加速直线运动，由运动学公式可得，在一定时间t内运动的位移x=%t+

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3a2,久=与嗯/=券「，可知在一定时间t内运动的位移X与初、末速度之和(%+切成正比。故/正确，

BCD错误。

8.【答案】C

【解析】设时间t=1s,设小球落地时的速度为v0，自由落体运动看作反向的匀减速运动，则最后1s内

有%1-，清=h

最后2s内有％,2t——g(2t)2=%+期

联立解得孙=2smis

设小球做自由落体运动的初始高度为h,则有听=2gh

解得h=31.25m。

故选C。

9.【答案】A

【解析】4质量均匀分布，形状规则的物体重心可能在物体上，也可能在物体外，故/正确；

8.木块放在水平桌面上受到一个向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，故3错误；

C弹簧的弹力大小与弹簧的形变量成正比，故C错误；

D力是物体与物体间相互作用的，不能离开物体单独存在，故。错误。

故选:Ao

10.【答案】D

【解析】【分析】

摩擦力和弹力都是接触力，摩擦力发生在两个物体的接触面上，且沿接触面的切线方向。滑动摩擦力与正

压力成正比，而静摩擦力不存在这个关系。摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势方向相反。

本题考查摩擦力的产生条件、大小和摩擦力的方向。要真正理解了摩擦力概念，才能解决摩擦力问题，所

以平时要加强对物理概念的学习。

【解答】

4摩擦力阻碍物体间的相对运动，不是阻碍运动，其方向即可以与物体运动方向相同，也可以相反，故摩擦

力可以为动力，也可以为阻力，故N错误；

3摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，故2错误；

C摩擦力分滑动摩擦力和静摩擦力，静摩擦力的大小与正压力无关，故C错误；

D摩擦力的作用效果是阻碍物体间的相对运动或相对运动趋势，故摩擦力一定与相对运动或相对运动趋势

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方向相反，故。正确。

故选。。

11.【答案】B

【解析】【分析】

解决本题的关键能够正确地受力分析，并掌握摩擦力产生条件，注意重力不是物体与木板之间的作用力。

依据受力分析方法，结合重力，弹力，及摩擦力产生原理，从而即可求解。

【解答】静止于倾斜木板上的物体，受到重力，支持力与静摩擦力，而物体与木板之间的相互作用为支持

力与静摩擦力，因此物体与木板之间有2对相互作用力，故NQ9错误，3正确；

12.【答案】D

【解析】形状规则、质量分布均匀物体的重心在其几何中心，选项/错误；

当物体的速度等于零时，加速度不一定为零，物体不一定处于平衡状态，选项3错误；

任何一个力可以分解成若干个力，选项C错误；

乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，惯性小，运动状态容易改变，选项。正确.

13.【答案】C

【解析】物体一定受重力，拉力F产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀

速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产

生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力，故N8错误；

C根据物体处于平衡状态可知，水平方向有：/=Fcosd,故C正确；

D据物体处于平衡状态可知，竖直方向有：FN=^9-Fs讥仇根据牛顿第三定律：物体力对水平地面的压

力的大小一定为mg-Fsin。，故。错误。

故选C。

14.【答案】C

【解析】【分析】

要了解伽利略“理想实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略实验的卓越之处不是实验本身，而

是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理.（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正

开端。惯性大小的唯一量度是质量。根据物理公式得出物理量之间的关系，牛顿第一定律中不但强调了物

体在不受外力时将保持匀速直线运动状态或静止状态，还指出若受力运动状态被迫改变。

本题考查的知识点较多，但都是基础知识点，不难。

【解答】

第17页，共28页

4伽利略的“理想实验”是建立在可靠的事实基础之上的，伽利略“理想实验”是采用的理想化模型，故/

错误。

2.惯性大小的唯一量度是质量，同一物体在地球上和月球上的惯性相同，故2错误；

2

C根据单位制运算，?⑴指速度，R指半径）的单位是m/s2,故。正确；

。.牛顿第一定律中不但强调了物体在不受外力时将保持匀速直线运动状态或静止状态，还指出若受力运动

状态被迫改变，故。错误。

故选：Co

15.【答案】B

【解析】【分析】

在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中应先接通电源，再释放小车；打点计时器使用交流电源；此

实验采用的是控制变量法；根据牛顿第二定律的表达式判断做什么样的图象会更直观。

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项。该实验采用的是控

制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要。

【解答】

4实验时，如果先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利

于数据的采集和处理。所以应先接通电源，再释放小车，故/正确；

A打点计时器使用的是交流电源，故8错误；

C该实验采用的是控制变量法研究，在探究加速度与质量的关系时，应保持合力大小不变，故C正确；

D在探究加速度a与质量M的关系时，为了直观判断二者间的关系，应用描点法拟合呈一条倾斜的直线。所

以应作出a-春图象，故。正确。

此题选错误的，故选3。

16.【答案】A

【解析】对实验舱进行受力分析，设下落过程中主伞伞绳a上的拉力大小为尸，根据牛顿第二定律得出：

3Fcos6—mg=ma,

a=lm/s2,cos。=0.90,代入数据得出：F=2.20x1。4可，故geo错误，/正确。

故选儿

17.【答案】D

【解析】【分析】

明确功率的公式，根据公式推导功率的单位，知道国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、

第18页，共28页

时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。

国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量要牢记，同时明确物理公式可以直接进行单位的推

导。

【解答】

AB,N不是国际单位制基本单位，故4B错误；

CD、根据P=可知功率的单位可以表示为N•m/s,结合F=巾。知可=kg•ni/s2,则功率的单位

W=kg-m2/s3,C错误，故。正确。

故选：Do

18.【答案】D

【解析】电磁弹射器产生最大推力时有Fi=maim，由题中表格可知a1ffl=弃=黑7n/s2=59m/s2,蒸

22

汽弹射器产生最大推力时有F2=ma2mo由题中表格可知a2m=.=^m/s=32m/s,则?=皿。

1.8,故。正确，NBC错误。

故选。。

19.【答案】D

【解析】4小木棍对糖浆的弹力是由于小木棍发生形变而产生的，而不是糖浆发生形变引起的，因此，A

选项错误；

8根据牛顿第三定律，小木棍对糖浆的拉力和糖浆对小木棍的拉力是一对作用力和反作用力，它们的大小相

等、方向相反。所以，B选项错误；

C.在整个下扯过程中，小木棍的加速度方向不断改变，因此其状态在超重和失重之间变化，而不是始终处

于失重状态。所以，C选项错误；

D整个下扯过程中，由于糖浆的加速下落和减速上升，木柱会受到额外的向下的作用力。因此，地面对固

定的木柱的支持力会大于木柱和糖浆的总重力。所以，。选项正确。

故选。。

20.【答案】D

【解析】未加电场时，小球从P离开半圆柱体，如图所示，这个位置小球由重力沿半径方向的分力提供

2

向心力，即mgcos”2翼由动能定理得：mgR(l-cos0)=|mv,解得cos。='!，v=2gR，故/、B

RN373

错误；

CD.若给空间加上方向竖直向下的匀强电场，小球还受到竖直向下的电场力，设小球恰好离开圆柱体时，小

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球与竖直方向的夹角为仇，在小球运动的过程中，重力和电场力做正功，由动能定理可知：(mg+qE)R(l-

coscr)=|mv2,(mg+qE)cosa=萼^，mg=qE,联立解得cosa=|,v=I等gR,即小球离开半圆柱体

的位置仍在P点，故C错误，。正确。

21.【答案】B

【解析】【分析】

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了。

【解答】

4物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，既然有合力，那么必定就有加速度，所以/错

误；

2.物体的运动状态发生改变，当速度与力在同一条直线上时，物体做直线运动，当速度与力不在一条直线上

时，物体做曲线运动，故2正确；

C物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合力的方向与加速度的方向是一样的，所以加

速度方向与速度方向一定不在同一条直线上，故C错误；

。.物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，所以做曲线运动的物体所受的合外力一定不为

零，故。错误。

故选Bo

22.【答案】D

【解析】【分析】本题主要考查两直线运动的合成，解决本题的关键在于明白小球始终受到沿方向的恒

力F作用，沿an方向做匀加速运动，沿A8方向做匀速直线运动。

【解答】A由题意知，小球在4C间运动时，所受合力恒定，加速度恒定，但合力与速度不共线，故做匀

变速曲线运动，/错误；

8因小球有沿力B方向的初速度，即使尸足够大，小球也会在沿4B的方向产生位移，故小球一定不能经过。

点，即2错误；

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C若只增大巧，小球的加速度不变，自4点运动到DC所在直线时的时间也不会发生变化，故。错误；

。.若只减小尸，小球的加速度将变小，小球自4点运动到DC所在直线时的时间将变长，故。正确。

23.【答案】A

【解析】圈圈做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，由八=：班2

可知做平抛运动的圈圈飞行时间由高度决定，水平方向为匀速直线运动，水平位移为％=区

4小孩退后一步，以更小的速度抛出圈圈，相当于把平抛运动的运动轨迹向后平移，落点会更近，故/错

误；

BC.小孩踮起脚尖抛出圈圈，圈圈在空中飞行时间更长，以相同的速度或者更小的速度抛出都有可能抛出更

远，故8C正确；

D小孩踮起保持直立抛出圈圈，圈圈在空中飞行时间不变，水平速度更大，可以飞行的更远，故。正确。

本题选择错误选项；

故选

24.【答案】D

【解析】解：所有装饰物属于同轴转动，则角速度、周期均相等，由〃=「3可知装饰物绕中心轴转动的线

速度大小相等，但方向不同，向心加速度总是与速度方向垂直，所以向心加速度的方向不同，由牛顿第二

定律可得向心力的方向不同，线速度、向心加速度和向心力都是矢量，所以这些装饰物绕中心轴转动的物

理量一定相同的是周期，故。正确，/8C错误。

故选：Do

所有装饰物属于同轴转动，则角速度、周期均相等，根据角速度与线速度的关系式V=「3、角速度与向心

加速度的关系式a=32r逐项分析即可。

本题考查同轴转动模型，解题关键是要能分析出这些装饰物角速度的关系，再利用两点角速度的关系推导

出圆周运动其他物理量之间的关系，难度不大。

25.【答案】A

【解析】/、空间站与月球具有相同的周期与角速度，根据a=32「，可知空间站的半径小，空间站的加速

度小。N正确。

B、根据U=可知空间站的半径小，空间站的线速度速度小。8错误。

C、月球的质量大于空间站，月球的向心力更大。C错误

。、空间站还受到月球万有引力的作用。。错误

26.【答案】D

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【解析】【分析】本题考查了描述圆周运动的一些物理量，知道各个物理量之间的关系，并能灵活运用。

【解答】A线速度u=/A、B通过的路程之比为4：3,时间相等，则线速度大小之比为4：3,故/错误；

BC,角速度3=（运动方向改变的角度等于圆周运动转过的角度，4、B转过的角度之比为

2：3,时间相等，则角速度大小之比为2：3,根据Q=3U,知向心加速度大小之比为8:9,又u=丁3得,

圆周运动的半径丁=工则圆周运动的半径之比为2：1,故5c错误；

D根据7=空得，周期之比为3:2,故。正确。

60

故选Do

27.【答案】C

【解析】4微粒随砂轮一起运动时，做圆周运动，加速度不为0,故/错误；

8.微粒随砂轮一起运动时，速度方向时刻发生变化，故8错误；

C微粒离开砂轮瞬间的速度方向沿砂轮的切线方向，故C正确；

D根据物体做曲线运动的条件可知，微粒离开砂轮后做曲线运动的加速度不可能为0,故D错误。

故选C。

28.【答案】C

【解析】4冻结轨道和捕获轨道的中心天体是月球，根据开普勒第三定律得刍=黑则在捕获轨道运行周

期小于24%,/错误；

8.根据开普勒第二定律得，近月点的速度大于远月点的速度，8错误；

C近月点从捕获轨道到冻结轨道，鹊桥二号进行近月制动，捕获轨道近月点的速度大于在冻结轨道运行时

近月点的速度，C正确；

D两轨道的近月点所受的万有引力相同，根据牛顿第二定律可知，近月点的加速度等于在冻结轨道运行时

近月点的加速度，。错误。

故选C。

29.【答案】A

【解析】【分析】

根据开普勒第一定律可知，所有行星绕太阳的运动都是椭圆；太阳与行星间的引力就是万有引力，自然界

一切物体之间都有这种引力，包括行星与它的卫星；万有引力常量G是由卡文迪许在实验室中首次准确测量

出来的；地球对地面上物体的引力本质上就是万有引力，太阳与地球之间的引力也是万有引力。

开普勒关于行星运动的定律是万有引力定律得发现的基础，是行星运动的一般规律，正确理解开普勒的行

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星运动定律和万有引力定律是解答本题的关键。

【解答】

解：4根据开普勒第一定律可知，所有行星绕太阳的运动都是椭圆，故N正确；

2.太阳与行星间的引力就是万有引力，万有引力适用于一切天体之间，故2错误；

C万有引力常量G是由卡文迪许在实验室中首次准确测量出来的，故C错误；

D在发现万有引力定律的过程中，牛顿应用了牛顿第三定律的规律，故。错误。

故选儿

30.【答案】D

【解析】【分析】

本题考查了星球瓦解问题。

近地卫星的轨道半径为星球半径，根据万有引力提供向心力列式；瓦解是赤道上物体随地球自转时，万有

引力全部提供向心力，列式可得。

【解答】

对近地卫星，有G瞿"咪涧,”=01."3,联立得力=赢，考虑地球赤道处一小块质量为硒的物

体，只有当它受到的万有引力大于或等于它随地球一起旋转所需的向心力时，地球才不会瓦解，设地球不

i

因自转而瓦解的最小密度为P2,则有G^=恤停汽，M=pr^nR,联立得出=%，所以得=热故

。正确，/8C错误。

故选Do

31.【答案】D

【解析】/、卫星在地球静止轨道上运行，即赤道上空，不可能经过湖北上空，故/错误；

8、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是地球卫星绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度，而天通一

号卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，故天通一号卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故3

错误；

C、地球同步静止轨道卫星为了保持与地球同步，其运行方向与地球自转方向是相同的，故C错误；

。、地球同步静止轨道卫星的轨道半径远大于近地卫星的轨道半径，根据向心加速度的表达式a=詈，我们

可以得出：地球同步静止轨道卫星的向心加速度小于近地卫星的向心加速度，故。正确；

故选Do

第23页，共28页

32.【答案】A

【解析】【分析】

1、狭义相对论的两个基本假设：

⑦物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式，这叫做相对性原理；

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值c,这叫光速不变原理；它告诉我们光（在真空

中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度。

2、狭义相对论的几个重要的效应：

①t中慢效应：运动的钟比静止的钟走得慢，而且运动速度越快，钟走的越慢，接近光速时，钟就几乎停止

了；

②尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短，当速度接近光速时，尺子缩成一个点；

③质量变大：质量（或能量）并不是独立的，而是与运动状态相关的，速度越大，质量越大。

【解答】

4牛顿定律是经典物理学的基础，仅适用于低速、宏观领域，故N正确；

2.根据狭义相对论可知，在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值c,这叫光速不变原理，

故3错误；

C根据狭义相对论的钟慢效应可知，在高速运动的列车中的钟表比静止在地面上的钟表走的慢，故C错误；

。.根据狭义相对论的尺缩效应可知，在地面观察高速行进的列车时，测其长度会比它静止时的长度小，故。

错误。

故选/。

33.【答案】C

【解析】N、功是标量，功的正负表示是动力做功或者是阻力做功，故N错误；

2、恒力做功的大小与物体的运动路径无关，故3错误；

C、如果物体在某一合外力作用下做匀加速直线运动，则合外力在中间时刻的瞬时功率等于这段时间内的平

均功率，故C正确；

。、发动机的实际功率不一定是额定功率，故。错误。

故选C。

34.【答案】B

第24页，共28页

【解析】/、从Pl到P2,运动员的高度下降，重力对他做正功，故/错误；

B、从Pi到P2,跳板的形变量不断增大，则跳板的弹性势能一直增加，故8正确；

C、重力对运动员做正功，则运动员的重力势能一直减小，故C错误；

。、跳板对运动员弹力的方向向上，对他做负功，故。错误。

故选Bo

35.【答案】A

【解析】地面到二层楼房顶的高度约为6小，竹蜻蜓从地面飞到二层楼房顶高处时，速度刚好为零，此过程

中，根据动能定理得：

1?

0--^mvQ=—mgh—Wf

解得：|mvo>mgh—0.02x10x6/=1.2/,

而在搓动过程中手对竹蜻蜓做的功等于竹蜻蜓获得的初动能,所以在搓动过程中手对竹蜻蜓做的功大于1.27,

故/正确，BCD错误。

故选

36.【答案】B

【解析】【分析】

物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，

即可判断物体是否是机械能守恒。

本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，同时注意分析动能和重力势能的变化也

可以判断机械能是否守恒。

【解答】/、从4到B的过程，4B为光滑圆弧轨道，小球受重力和轨道的弹力，只有重力做功，弹力不做功，

该过程小球机械能守恒，故/错误；

B、从B到C的过程，BC粗糙，小球克服摩擦力做功，小球机械能不守恒，故3正确；

C、从C到。的过程，小球只受重力，做平抛运动，机械能守恒，故C错误；

D、从4到D的整个过程，因为BC段小球克服摩擦力做功，故机械能不守恒，故。错误。

故选Bo

37.【答案】D

【解析】4橡胶棒与毛皮摩擦后，橡胶棒带负电，是因为电子从毛皮转移到橡胶棒，/错误；

8.小球D带正电时，电子从力与箔片转移到小球D,使箔片带正电。小球。带负电时，电子从小球D转移到箔

片带负电。两种情况均使箔片带同种电荷相斥，使箔片张开，3