（详解详析）2023年(24季)河南真题子原创子卷（平行变式卷）·物理

物理试卷第页（共页）2023年(24季)河南真题子原创子卷（平行变式卷）·物理详解详析一、填空题(本题共6小题，每空1分，共14分)1.法拉第发现了电磁感应现象[或牛顿得出了牛顿第一定律（合理即可）]2.凝华熔化【解析】北方寒冷的冬天，玻璃窗上会出现冰花，是室内的水蒸气遇到温度低的玻璃在其内表面凝华形成的小冰晶，太阳出来后，温度升高，固态小冰晶吸热熔化成小水珠．3.振动响度【解析】鼓发出的声音是由鼓面振动产生的；演奏者用大小不同的力敲击鼓面，鼓面振动的幅度不同，发出声音的响度不同．4.变小摩擦形状【解析】小红沿滑梯下滑时，由于受到摩擦力的作用，她的机械能有一部分转化为内能，所以她的机械能将变小；当她滑到沙坑中时，发现沙子被她压出一个坑，说明力可以改变物体的形状．5.4.50.1513.5【解析】由图可知两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电压表测电源电压，电流表测电路的电流，由串联电路电压特点可知，定值电阻R2两端的电压U2＝U－U1＝6

V－1.5

V＝4.5

V，则通过电路中的电流I＝U2R2＝4.5V30Ω＝0.15

A，即电流表的示数为0.15

A；定值电阻R1在1

min内产生的热量Q1＝I2R1t＝U1It＝6.①错误：小敏要加速助跑，这样可以增大她的惯性

理由：惯性大小与物体的速度无关②错误：当她起跳离开地面后，受到惯性力

理由：惯性是物体本身的一种性质，而不是力二、选择题(本题共8小题，每小题2分，共16分．第7～12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13～14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)7.B【解析】炒锅的质量约2

kg，A错误；中学生手的长度约17

cm，锅铲的长度比手长度的二倍稍长，故锅铲的长度约40

cm，B正确；正常人的体温约为37

℃，此时小明在做饭，温度比这个略高一些，但也不可能超过38

℃，C错误；电磁炉的额定功率一般在2

000

W左右，D错误．故选B.8.D【解析】根据可再生和不可再生能源的区别可以知道，太阳能可重复利用，在短时间内可以再次产生，是可再生能源、清洁无污染，D符合题意．故选D.9.D【解析】质量是物体本身的一种特性，它不随物体的形状、位置、温度、状态的改变而改变，所以航天员出舱后，质量不变，A错误；航天员出舱过程中，相对于天宫空间站，位置在不断变化，所以航天员是运动的，B错误；天宫空间站采用铝基复合材料的原因之一是其密度小，C错误；太空中的航天员能与地面人员进行交流，这说明电磁波可以传递信息，D正确．故选D.10.D【解析】人拉单杠做引体向上时，人对单杠施加拉力，根据力的作用是相互的可知，单杠对人也有力的作用，A错误；人拿铅球站立时，地面对人的支持力等于人和铅球的重力之和，所以人的重力和地面对人的支持力不相等，B错误；立定跳远运动中，当人跃到最高点时，此时的高度最大，所以重力势能最大，C错误；踢出去的足球最终会停下来，说明力可以改变物体的运动状态，D正确．故选D.11.D

12.D【解析】注入清水后的水杯具有中间厚、边缘薄的特点，相当于一个凸透镜，A错误；两根蜡烛下半身刚好“互换”，并与上半身完美相接，说明看到的像与物体左右颠倒，像与物等大，故此时成倒立、等大的实像，此时蜡烛到水杯的距离等于二倍焦距，B错误；投影仪成像时物距大于一倍焦距且小于二倍焦距，成倒立、放大的像，故该现象与投影仪的成像规律不同，C错误；水杯远离蜡烛，此时物距变大，根据凸透镜成实像的规律“物远像近像变小”可知，蜡烛的像会变细，D正确．故选D.13.BC【解析】使用任何机械都不能省功，A错误；物体的重力G＝1

200

N，由题意可知，物体受到地面的滑动摩擦力恒为物重的0.2倍，所以物体受到的滑动摩擦力f＝0.2G＝0.2×1

200

N＝240

N，由于物体沿水平方向做匀速直线运动，处于平衡状态，所以物体受到绳子的拉力F拉＝f＝240

N；由图可知，通过动滑轮的绳子段数n＝2，工人师傅的拉力F工＝150

N，根据F工＝1n(F拉＋G动)可得，动滑轮的重力G动＝nF工－F拉＝2×150

N－240

N＝60

N，B正确；由题意可知，物体移动的速度v物＝0.2

m/s，则绳子自由端移动的速度v绳＝nv物＝2×0.2

m/s＝0.4

m/s，工人师傅所用拉力做功的功率P＝Wt＝F工s绳t＝F工v绳＝150

N×0.4

m/s＝60

W，C正确；由题可知，增大物体的重力，则其受到的滑动摩擦力变大，因不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，根据滑轮组的机械效率η＝W有W总×100%＝W有W有＋W额×100%＝fs物fs物＋G动14.BD【解析】由题意可知，小球a的体积Va等于小球b的体积Vb，由题图可知，V排a＜Va，V排b＝Vb，故V排b＞V排a，ρ盐水＞ρ水，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，小球a受到的浮力小于小球b受到的浮力，A错误；小球a在水中漂浮，小球b在盐水中沉底，由物体的浮沉条件知，ρa＜ρ水，ρb＞ρ盐水，因ρ盐水＞ρ水，故有ρb＞ρ盐水＞ρ水＞ρa，即ρb＞ρa，B正确；此时水和盐水的液面相平，即两容器内液面的深度相同，因ρ水＜ρ盐水，根据p＝ρgh知，水对容器底的压强小于盐水对容器底的压强，C错误；水对容器底的压强小于盐水对容器底的压强，根据F＝pS可知，水对容器底的压力小于盐水对容器底的压力，乙中因小球b沉在容器底部，故容器底部受到的压力等于盐水对容器底的压力加上小球b对容器底部的压力，故甲容器底部受到的压力F甲压小于乙容器底部受到的压力F乙压，即F甲压＜F乙压①，以容器为研究对象，容器受重力和压力及桌面对容器的支持力，F支＝G＋F压②，由①②可知，桌面对容器的支持力F支甲＜F支乙，由力的作用的相互性可知，甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，根据p＝FS，故甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强，D正确．故选三、作图题(本题共2小题，每小题2分，共4分)15.如答图1所示

【解析】让室外太阳光照射到室内盆中花上的B处，连接AB为反射光线，标上箭头，然后作入射光线和反射光线夹角的角平分线，为法线，再过A点作法线的垂线，即为平面镜的位置，并在非反射面画上短斜线，具体如答图1所示．16.如答图所示

【解析】把桔槔看成一个轻质杠杆，支点在O，杠杆的左端受到石块的拉力(阻力)F2是竖直向下的，所以从A点沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并标出字母F2表示力的大小即可；动力F1的力臂是支点O到动力作用线的垂直距离，画出这段距离并标出L1即可，具体如答图2所示．四、实验探究题(本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分)17.(1)灵敏电流计的指针是否偏转(2)电源切割磁感线(3)换用磁性更强的U形磁铁(或将导体ab替换为缠绕多匝线圈的金属棒、增大切割磁感线的速度等，合理即可)【解析】(1)本实验是通过观察灵敏电流计的指针是否偏转来判断电路中是否产生感应电流；(2)当导体ab左右运动时，电流计的指针发生偏转，说明此时电路中产生感应电流，导体ab相当于电源；再让导体ab上下运动，观察到电流计指针不动，这表明产生感应电流需要闭合回路中的部分导体做切割磁感线运动；(3)感应电流的大小与磁场的强弱、线圈的匝数、导体在磁场中切割磁感线的速度有关，故可以换用磁性更强的U形磁铁、将导体ab替换为缠绕多匝线圈的金属棒、增大切割磁感线的速度等方式来增大感应电流．18.(1)拆下软管重新安装(2)液体的密度越大(3)液体深度①④正确(4)＞【解析】(1)实验前，应使压强计U形管两侧的液面相平；若用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，U形管两侧液面几乎没有变化，说明该压强计漏气，接下来需要拆下软管重新安装；(2)比较②⑤两图，发现探头分别在水中、盐水中的深度相同，但⑤图中U形管内两侧液面高度差较大，可以得出结论：在同一深度处，液体的密度越大，液体压强越大；(3)根据“人在水中下潜的深度是有限的”可知，液体内部的压强可能与液体的深度有关，所以可以猜想液体内部压强与液体的深度有关；由图乙中①④可知，同种液体中，深度越深，液体压强越大，故可初步验证小华的猜想正确；(4)由图丙可知，压强计的探头在两液体中的深度是相同的，而U形管中液面的高度左边小于右边，说明左边的压强更大，由p＝ρgh可得，左侧液体密度大于右侧，即ρ1＞ρ2.19.(1)如答图所示

(2)滑动变阻器的下面两个接线柱同时连入电路(3)滑动变阻器的滑片P电压表示数为2.5

V(4)8.3增大(5)②B(5)③2.5【解析】(1)电压表与小灯泡并联，已知小灯泡的额定电压为2.5

V，所以电压表选用0～3

V的量程，滑动变阻器与小灯泡串联，由图甲可知，当滑动变阻器的滑片向右滑动时滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱接入电路中，具体如答图3所示；(2)闭合开关，发现小灯泡发光很微弱，电流表和电压表均有示数，说明此时电路是通路，且电路中的电阻很大，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡亮度不变，说明滑动变阻器没有变阻的作用，故原因可能是滑动变阻器下面两个接线柱同时连入电路；

(3)小灯泡正常发光时，其两端电压为额定电压2.5

V，所以应移动滑动变阻器的滑片P，当观察到电压表的示数为2.5

V时，表明小灯泡正常发光；(4)由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5

V时，通过小灯泡的电流为0.3

A，则小灯泡正常发光时的电阻R＝UI＝2.5V0.3A≈8.3

Ω，由图丙可知，当灯泡两端的电压增大时，通过小灯泡的电流也增大，且通过小灯泡的电流增大幅度小于电压增大幅度，由此可知小灯泡的电阻随着其两端的电压增大而增大；(5)①闭合开关S，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5

V，此时小灯泡正常发光；②接着保持滑片位置不变，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数为U，因为各个电阻的阻值大小和电压大小都不变，小灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻两端的电压U0＝U－2.5

V，由欧姆定律可知，通过定值电阻的电流I0＝U0R0＝U－2.5VR0；③根据串联电路的电流规律可知，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡正常发光时的电阻RL＝五、综合应用题(本题共2小题，第20题8分，第21题9分，共17分)20.(1)热值做功(2)氢能源汽车与乘客的总质量

m＝m1＋m2＝4×103

kg＋2

000

kg＝6

000

kg

氢能源汽车的总重力

G＝mg＝6

000

kg×10

N/kg＝6×104

N

氢能源汽车对水平地面的压强

p＝FS＝GS＝6×10

(3)(4分)氢能源汽车行驶的速度

v＝36

km/h＝10

m/s

氢能源汽车匀速行驶2

min的路程

s＝vt＝10

m/s×2×60

s＝1

200

m

氢能源汽车的牵引力

F′＝f＝0.07G＝0.07×6×104

N＝4

200

N

氢能源汽车牵引力做的有用功

W有＝F′s＝4

200

N×1

200

m＝5.04×106

J

0.05

kg氢气完全燃烧放出的热量

Q放＝m氢q氢＝0.05

kg×1.4×108

J/kg＝7×106

J

利用氢能的效率

η＝W有Q放×100%＝5.0421.(1)热增大受力面积(2)由表格数据可知，充电电流为500

mA，电池容量为0.004

kW·h，当该款眼罩还剩20%的电池容量时，在额定电压下充电，根据W＝UIt可得，充满电至少需要的时间t＝WU充I＝0.004×(3)根据P＝UI和I＝UR得P＝U2R，则R总越大，P实越小，挡位越低；R总越小，P实

当开关S1闭合，S2断开，S3接a时，电热丝R1与R2