山西省太原市2023-2024学年高二上学期期末学业诊断化学试题(含答案)_第1页
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山西省太原市2023-2024学年高二上学期期末学业诊断化学试题姓名:__________班级:__________考号:__________题号一二三总分评分一、选择题:本题包括15小题,每小题3分,共45分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请将正确选项的序号填入答案栏内。1.工业上合成氰化氢(H−C≡N)的一种反应原理为:CH4+N化学键C−HN−HC≡NH−H键能/(kJ⋅mo414389896436A.+205kJ⋅mol−1 C.+529kJ⋅mol−1 2.下列各基态原子或离子的电子排布式中,错误的是()A.K1s22C.Ca2+13.为维护国家安全和利益,经国务院批准,决定对镓、锗相关物项实施出口管制,自2023年8月1日起正式实施。如图为镓和锗在元素周期表中的信息,下列说法错误的是()A.镓的核电荷数为31B.电负性:Ga<GeC.镓、锗均位于周期表的p区D.基态锗原子核外有7种能量不同的电子4.阻燃剂FR分子结构如图。下列说法错误的是()A.第一电离能:N>O>CB.分子中P元素的化合价均为+5价C.基态O原子价电子排布式为2D.基态C原子的轨道表示式为5.下列说法中,错误的是()A.氧原子可以形成H2O、HB.H2O中的O原子的杂化方式为spC.N2的分子结构是N≡N,在N2中有1个σ键和2个D.H2O2的分子结构是H−O−O−H,在H2O6.下列有关金属腐蚀和保护的说法中,错误的是()A.生铁中含碳,比纯铁容易生锈B.牺牲阳极法是利用电解原理保护金属C.埋在潮湿土壤里的铁管比在干燥的土壤里更容易被腐蚀D.镀银的铁制品,镀层损坏后,露出的铁比镀银的铁制品更容易被腐蚀7.下列叙述中,不能用盐类水解原理解释的是()A.常用明矾[KAl(SB.向沸水中滴加饱和FeCl3溶液制备C.施肥时,草木灰(有效成分K2D.抢救钡离子中毒者时,可用硫酸钠溶液洗胃8.利用下列装置进行的实验,不能达到预期目的的是()A.在铁制品上电镀铜B.制作水果(柠檬)电池C.将AlCl3D.粗测碳酸钠溶液的pHA.A B.B C.C D.D9.利用电解法可将含有Fe、Zn、Ag、Pt等杂质的粗铜提纯。下列叙述正确的是()A.电解时以精铜作阳极B.电解时阴极上发生的反应为CC.用CuSOD.电解后,可在电解槽阴极下方收集到少量Ag、Pt等金属10.贮备电池具有下列特点:日常将电池的一种组成部分(如电解质溶液)与其他部分隔离备用;使用时电池可迅速被激活并提供足量电能。贮备电池主要用于应急救援和武器系统等。Mg−AgCl电池是一种可被海水激活的贮备电池,下列叙述错误的是()A.负极反应为Mg−2B.正极反应为AC.电池放电时ClD.负极可能发生副反应:Mg+211.下列实验事实不能证明CHA.将pH=3的醋酸溶液稀释100倍后pH=4B.0.1mol⋅LC.CHD.100mL1mol⋅L−1的醋酸溶液恰好与100mL1mol⋅L12.臭氧分解2O3⇌3O2的反应历程包括:反应①O3→OA.活化能:反应①>反应②B.O3分解为O2的速率主要由反应C.Cl⋅参与了O3的分解反应,改变了OD.Cl⋅参与反应提高了O3分解为O13.一定条件下,按2:1的比例向容积为1L的密闭容器充入A物质和B物质,发生反应:2A(g)A.压强:pB.压强为p1时,若400°C和500°C时该反应的速率分别为v1、vC.该反应的ΔH>0D.平衡常数:A点=B点14.常温下,将等浓度的NaOH溶液分别滴加到等pH、等体积的HA、HB两种弱酸溶液中,溶液的pH与粒子浓度比值的对数关系如图所示。下列叙述错误的是()A.HA的浓度大于HB的浓度B.a点水的电离程度小于b点水的电离程度C.常温下HA的电离常数是1×1D.向HB溶液中滴加NaOH溶液至pH=7时,c(15.常温下,将过量CaCO3粉末置于水中,达到沉淀溶解平衡:CaCO3(s)⇌Ca2+(A.上层清液中:c(CB.上层清液中:c(HCC.向体系中通入CO2气体,溶液中D.向体系中加入Na2二、必做题:本题包括4小题,共45分。16.下表为元素周期表的一部分,每个字母分别代表一种元素。回答下列问题:(1)元素Y、Z、M、Q中,原子半径最大的是(填元素名称)。(2)基态Q原子中,其占据的最高能层的符号是,其最高能级的原子轨道的形状是。(3)下列关于R的说法正确的是(填序号)。①R的原子序数为26②依据核外电子排布,把元素周期表划分为5个区,R位于ds区③基态R3+的价层电子轨道表示式为(4)YQ3的中心原子杂化轨道类型为,键角为。ZX17.室温下,相关弱酸的电离常数如下表所示:弱酸HNCHClO电离常数K514回答下列问题:(1)室温下,浓度相同的CH3COONa和NaClO两种溶液的pH大小:CH3(2)室温下,向10mL0.1mol/L的①当滴加NaOH溶液至溶液中的c(NO2−)=c(N“>”,下同),此时V(NaOH溶液)10mL。②该温度下,反应NO2−+(3)为测定某NaOH溶液的浓度,取25.00mL待测溶液于锥形瓶中,滴加2滴酚酞溶液,用浓度为0.①达到滴定终点的现象是。②某同学第一次滴定后HCl标准溶液的液面如图所示,读数为mL。③平行滴定三次的实验数据如下表所示,请计算待测NaOH溶液的浓度为mol/实验次数HCl溶液的体积/mL待测NaOH溶液的体积/mL1②25.00224.7125.00324.6925.0018.某研究性学习小组用如图所示的装置进行实验,探究原电池、电解池和电解制备钴的工作原理。一段时间后装置甲的两极均有气体产生,且X极处溶液逐渐变成紫红色;停止实验观察到铁电极明显变细,电解液仍然澄清。请根据实验现象及所查资料,回答下列问题:查阅资料:高铁酸根(FeO(1)上述装置中,发生还原反应的电极有____(填字母)。A.X(Fe) B.Y(C)(2)丙池中的SO4(3)若撤掉装置乙中的阳离子交换膜,石墨电极上产生的气体除O2外,还可能有(4)乙池是电解制备金属钴的装置图,相比电解前,电解完成后理论上I室中n(H+)(5)反应过程中,X极处发生的电极反应为4OH−−4(6)一段时间后,若X极质量减小1.12g,Y极收集到2.24L气体,则在X19.CO2的资源化有利于实现“碳中和”,利用CO2氧化烷烃可制得烯烃。以COI.⇌+H2(Ⅱ.+CO2(回答下列问题:(1)写出CO2与H2反应生成CO和H(2)下列说法正确的是____。(填字母)A.当v(COB.升高温度,反应Ⅱ的正、逆反应速率都增大C.增大压强,反应I平衡逆向移动,平衡常数K减小D.反应I加入催化剂,可降低该反应的活化能(3)在刚性容器中,进料浓度比[c(乙苯):c(CO转化率随反应温度的变化关系如图所示:曲线c的进料浓度比[c(乙苯):c(CO2)]为(4)某温度下,等物质的量的乙苯和CO2在刚性容器内只发生反应Ⅱ。若初始的总压强为p0,平衡时乙苯的转化率为40%,则平衡时的总压强为(用p0表示,下同),反应Ⅱ的平衡常数K三、选做题:以下两组题任选一组题作答,共10分,A组较简单,若两组都做,按A组计分。20.工业上将一种以ZnSO4为主要成分的浸出液(含有Fe3+、Fe已知该工艺条件下,溶液中金属离子开始沉淀和完全沉淀的pH如下表所示:金属离子FFCZ开始沉淀的pH2.36.84.76.2完全沉淀的pH3.28.36.78.2回答下列问题:(1)“调pH”时选择氧化锌的目的是,优点是。(2)若“滤渣1”的主要成分是Fe(OH)3,“调pH”的范围应是(3)“除氯”时发生反应:Ag2SO4(s)+2Cl(4)“电解”时生成产品的一极是(填“阴极”或“阳极”);缺少“除氯”步骤的影响是21.湿法炼锌净化钴渣中含有Zn、Co、Cu和Fe的单质及Zn(OH)已知:该工艺条件下,有关金属离子开始沉淀和沉淀完全的pH见下表:金属离子FFC开始沉淀(c=0.01mol⋅2.26.87.7沉淀完全(c=1.0×13.28.39.2回答下列问题:(1)“浸渣”的主要成分为。(2)根据以上流程判断离子的还原性:Co2+(填“小于”或“大于”)(3)利用上述表格数据,计算Co(OH)2的pKsp=。如果“滤液I”中Co2+(4)①已知过硫酸钠中S的化合价为+6,则1mol过硫酸钠中含有的过氧键(−O−O−)数目为。(用NA②写出“沉钴”时发生反应的离子方程式:。(5)上述流程中____(填字母)可返回湿法炼锌系统,提高锌的利用率。A.浸渣 B.滤渣I C.滤液I D.滤渣Ⅱ E.滤液Ⅱ

答案解析部分1.【答案】A【解析】【解答】ΔH=反应物的总键能-生成物的总键能=4×414kJ/mol+3×389kJ/mol-(414+896+3×436)kJ/mol=+205kJ/mol;

故答案为:A。

【分析】根据ΔH=反应物的总键能-生成物的总键能计算。2.【答案】B【解析】【解答】A、K原子核外有19个电子,其核外电子排布式为1s22s22p63s23p64s1,故A不符合题意;

B、F3.【答案】D【解析】【解答】A、元素周期表一格中,左上角的数字表示原子序数,原子序数=质子数,则镓的核电荷数为31,故A不符合题意;

B、同周期从左到右,元素的电负性增大,则电负性:Ga<Ge,故B不符合题意;

C、根据镓、锗的价层电子排布可知,二者位于周期表p区,故C不符合题意;

D、Ge是32号元素,位于第四周期第IVA族,基态Ge原子核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p2,基态锗原子核外有8种能量不同的电子,故D符合题意;

故答案为:D。

【分析】A、元素周期表可以获得的信息:左上角的数字表示原子序数,原子序数=质子数;

B、元素的非金属性越强,电负性越大;

C、根据价电子排布式分析;

D、根据锗原子核外电子排布式分析。4.【答案】D【解析】【解答】A、同一周期元素的第一电离能随着原子序数增大而增大,但第IIA族、第VA族元素第一电离能大于其相邻元素,则第一电离能:N>O>C,故A不符合题意;

B、分子中,P的电负性小于O、N,则共用电子对偏离P,P显示+5价,故B不符合题意;

C、基态O原子价电子排布式为2s22p4,故C不符合题意;

D、基态碳原子核外电子排布为1s22s22p2,则其轨道表示式为,故D符合题意;

故答案为:D。

【分析】A、同一周期元素的第一电离能随着原子序数增大而增大,但第IIA族、第VA族元素第一电离能大于其相邻元素;

B、P的电负性小于O、N;

C、O为8号元素;

D、基态碳原子核外电子排布为1s22s22p2。5.【答案】A【解析】【解答】A、共价键有饱和性,O原子最外层有6个电子,要想达到8电子稳定结构还需要2个电子,所以不能形成H3O分子,故A符合题意;

B、水分子中O原子的价层电子对数为4,采用sp3杂化,含有2个孤电子对,空间结构为V形,故B不符合题意;

C、氮气中两个N原子间形成三键,其结构式为N≡N,三键中含有1个σ键和2个π键,则N2中有1个σ键和2个π键,故C不符合题意;

D、H2O2的分子结构是H−O−O−H,只含单键,则H2O2中只有σ键没有π键,故D不符合题意;

6.【答案】B【解析】【解答】A、生铁是含碳的铁合金,容易形成原电池,此时铁作负极被腐蚀,所以生铁比纯铁容易生锈,故A不符合题意;

B、牺牲阳极的阴极保护法是利用原电池原理保护金属,故B符合题意;

C、铁管埋在潮湿的土壤中会与周围的环境形成原电池,加快铁管腐蚀,故C不符合题意;

D、镀银的铁制品,镀层损坏后,镀层、铁与外界环境形成原电池,铁作负极被腐蚀,故D不符合题意;

故答案为:B。

【分析】A、生铁可形成原电池;

B、牺牲阳极的阴极保护法是利用原电池原理保护金属;

C、形成原电池,加快铁管腐蚀;

D、镀银的铁制品,镀层损坏后,镀层、铁与外界环境形成原电池。7.【答案】D【解析】【解答】A、明矾电离的铝离子水解生成氢氧化铝沉淀,与盐类水解有关,故A不符合题意;

B、氯化铁为强酸弱碱盐,发生水解生成氢氧化铁胶体,与盐类水解有关,故B不符合题意;

C、碳酸根与铵根离子会发生双水解反应,与盐类水解有关,故C不符合题意;

D、抢救钡离子中毒者时,可用硫酸钠溶液洗胃,发生的是沉淀的转化,与盐类水解无关,故D符合题意;

故答案为:D。

【分析】A、铝离子能水解;

B、铁离子能水解;

C、碳酸根和铵根离子发生双水解反应;

D、用硫酸钠溶液洗胃发生沉淀的转化。8.【答案】C【解析】【解答】A、电镀时,待镀金属作阴极,镀层金属作阳极,该装置能达到预期目的,故A不符合题意;

B、铜片和铝片活泼性不同,形成闭合回路,柠檬作电解质,可制作水果电池,该装置能达到预期目的,故B不符合题意;

C、加热促进铝离子的水解,且生成的盐酸易挥发,应在HCl气流中蒸发制备无水氯化铝固体,该装置不能达到预期目的,故C符合题意;

D、测定pH的正确操作为:在白瓷板或玻璃片上放一小片pH试纸,用玻璃棒蘸取待测液滴到pH试纸上,把试纸显示的颜色与标准比色卡比较,读出pH,该装置能粗测碳酸钠溶液的pH,故D不符合题意;

故答案为:C。

【分析】A、电镀时镀层金属作阳极;

B、铝和铜的活泼性不同;

C、氯化铝会发生水解;

D、测定pH的正确操作为:在白瓷板或玻璃片上放一小片pH试纸,用玻璃棒蘸取待测液滴到pH试纸上,把试纸显示的颜色与标准比色卡比较,读出pH。9.【答案】B【解析】【解答】A、电解精炼铜时,粗铜应作阳极,精铜作阴极,故A错误;

B、电解时,溶液中的铜离子在阴极上得电子发生还原反应,电极反应式为Cu2++2e-=Cu,故B正确;

C、以CuSO4溶液为电解质溶液,阳极上Cu、Fe、Zn等失电子发生氧化反应,而阴极上只有铜离子得电子发生还原反应,依据得失电子守恒,溶解的铜小于析出的铜,所以电解后电解质溶液的浓度变小,故C错误;

D、粗铜为阳极,金属的活动性顺序为Zn>Fe>Cu>Ag>Pt,则Ag、Pt不会放电,以单质形式沉积下来形成阳极泥,故D错误;

故答案为:C。

【分析】A、电解精炼铜时,粗铜应作阳极,精铜作阴极;

B、阴极发生还原反应;

C、电解后硫酸铜溶液的浓度变小;

D、金属的活动性顺序为Zn>Fe>Cu>Ag>Pt。10.【答案】B【解析】【解答】A、由分析可知,Mg失去电子作负极,电极反应式为Mg-2e-=Mg2+,故A不符合题意;

B、由分析可知,正极上AgCl得到电子,电极反应式为:AgCl+e-=Cl-+Ag,故B符合题意;

C、电池放电时为原电池,原电池中,阴离子向负极移动,则Cl-由正极向负极迁移,故C不符合题意;

D、镁是活泼金属,因此负极会发生副反应:Mg+2H2O=Mg(OH)2+H2↑,故D不符合题意;

故答案为:B。

【分析】电池反应方程式为:2AgCl+Mg=Mg2+11.【答案】D【解析】【解答】A、把pH=3的醋酸溶液稀释100倍后,若醋酸是强酸,则稀释后溶液的pH=4,实际上稀释后溶液的pH=4.04,说明加水稀释促进醋酸电离,醋酸中存在电离平衡,为弱电解质,故A不符合题意;

B、0.1mol⋅L−1的醋酸溶液的pH约为2.9,说明氢离子浓度小于酸浓度,说明醋酸存在电离平衡,为弱电解质,故B不符合题意;

C、CH3COONa溶液能使酚酞试液变红,说明CH3COONa水解呈碱性,醋酸为弱酸,故C不符合题意;12.【答案】C【解析】【解答】A、活化能越大反应速率越慢,反应②为慢反应,则活化能:反应①<反应②,故A不符合题意;

B、活化能越大反应速率越慢,慢反应是整个反应的决速步骤,则O3分解为O2的速率主要由反应②决定,故B不符合题意;

C、Cl⋅为催化剂,能降低反应的活化能,改变反应历程,故C符合题意;

D、Cl⋅为催化剂,能加快反应速率,但不影响平衡状态,不能提高平衡转化率,故D不符合题意;

故答案为:C。

【分析】A、活化能越大反应速率越慢;

B、活化能越大反应速率越慢,慢反应是整个反应的决速步骤;

C、催化剂能改变反应历程;13.【答案】C【解析】【解答】A、相同温度下,A的平衡转化率:p1<p2,该反应为气体体积减小的反应,升温平衡正向移动,A的平衡转化率增大,则压强:p1<p2,故A不符合题意;

B、温度越高,反应速率越快,压强为p1时,若400°C和500°C时该反应的速率分别为v1、v2,则:v1<v214.【答案】A【解析】【解答】A、由分析可知,Ka(HA)>Ka(HB),故酸性:HA>HB,又等pH、等体积的HA、HB两种弱酸,故HA的浓度小于HB的浓度,故A符合题意;B、pH=4溶液为酸和盐的混合溶液,pH=4,抑制水的电离,溶液中由水电离出的c(OH-)约为1×10-10mol/L,pH=5,抑制水的电离,溶液中由水电离出的c(OH-)约为1×10-9mol/L,则a点水的电离程度小于b点水的电离程度,故B不符合题意;

C、由分析可知,HA的电离常数是1×10−4,故C不符合题意;

D、pH=7时,KHB=c(故答案为:A。【分析】lg=c(A-)c(HA)=0,c(A-)=c(HA),电离平衡常数Ka(HA)=c(H+)·c(A-)c(HA)=15.【答案】D【解析】【解答】A、上层清液为CaCO3的饱和溶液,存在CaCO3(s)B、CaCO3的饱和溶液pH=9,根据C、向体系中通入CO2气体,发生反应:CaCO3+D、体系中存在:CaCO3(s)+S故答案为:D。【分析】A、根据物料守恒分析;

B、结合电离平衡常数计算;

C、碳酸钙与二氧化碳、水反应生成碳酸氢钙;

D、结合Ksp计算。16.【答案】(1)硼(2)L;哑铃形(3)①③(4)sp2;【解析】【解答】(1)同周期从左到右原子半径逐渐减小,则元素Y、Z、M、Q中,原子半径最大的是硼,故答案为:硼;

(2)F为9号元素,原子核外有9个电子,依据核外电子排布规律可知其电子排布式为:1s22s22p5,所以电子占据的最高能层为第二层,符号为L,电子占据最高能级为2p能级,原子轨道的形状是哑铃形;

故答案为:L;哑铃形;

(3)①R为Fe,原子序数为26,故①正确;

②Fe的价电子排布式为3d64s2,位于第四周期第Ⅷ族,Fe位于元素周期表的d区,故②错误;

③Fe3+的价电子排布式为3d5,轨道表示式为,故③正确;

故答案为:①③;

(4)BF3的中心原子B原子的价层电子对数为3,采用sp2杂化,键角为120°;NH3中N原子价电子对数为4,N原子采用sp3杂化,含有一个孤电子对,空间结构为三角锥形;

故答案为:sp2;120°;三角锥形。

17.【答案】(1)<;HClO的酸性小于CH3COOH(或电离常数:HClO<C(2)=;<;1×1(3)当滴入最后半滴HCl溶液时,溶液刚好由红色变无色,且半分钟内不变色;24.70;0.09880【解析】【解答】(1)①HClO的酸性小于CH3COOH,相同浓度的NaClO水解程度更大,溶液的碱性更强,因此pH大小:CH3COONa>NaClO;

故答案为:>;HClO的酸性小于CH3COOH(或电离常数:HClO<CH3COOH),相同浓度的NaClO水解程度更大,溶液的碱性更强;

(2)①当滴加NaOH溶液至溶液中的c(NO2−)=c(Na+),溶液中存在电荷守恒c(NO2-)+c(OH-)=c(H+)+c(Na+),此时溶液中c(OH-)=c(H+),溶液呈中性,溶液的pH=7;HNO2为弱酸,NaOH为强碱,则此时V(NaOH溶液)<10mL;

故答案为:=;<;

②反应NO2−+H2O⇌HNO2+OH−的平衡常数K=KwKa(HNO18.【答案】(1)B;C(2)从右向左(3)C(4)不变;2CoC(5)Fe−6(6)448【解析】【解答】(1)原电池中正极发生还原反应,电解池中阴极发生还原反应,则上述装置中,发生还原反应的电极有丙中的Cu电极、甲中的Y电极、乙池中的Co电极;

故答案为:BC;(2)原电池工作时,阴离子向负极移动,则实验过程中,丙池中的SO42-会向Zn电极方向移动,即从右向左移动;

故答案为:从右向左;

(3)若撤掉装置乙中的阳离子交换膜,由于放电顺序:Cl->OH-,Cl-更易放电,石墨电极上发生的反应为2Cl--2e-=Cl2↑,所以石墨电极上产生的气体除O2外,还可能有Cl2;

故答案为:Cl2;

(4)乙池中石墨为阳极,阳极反应式为2H2O-4e-=4H++O2(6)若X极质量减小1.12g,则消耗的铁的物质的量n(Fe)=1.12g56g/mol=0.02mol,Y极收集到2.24L气体,物质的量为n(H2)=2.24L【分析】丙装置是原电池,Zn作负极,Cu作正极,甲装置是电解池,乙装置是电解精炼钴的装置,与电源负极相连的电极是电解池的阴极,与电源正极相连的电极是电解池的阳极,则甲池中X作阳极,Y作阴极,乙池中石墨作阳极,Co作阴极。19.【答案】(1)C(2)B;D(3)1:50;其他条件相同时,c(乙苯)/c(CO2)(4)1.2【解析】【解答】(1)设①⇌H2(g)ΔH1=+117.6kJ⋅mol−1,②+CO2(g)⇌+CO(B、升高温度,反应速率加快,故反应Ⅱ的正、逆反应速率都增大,B正确;C、增大压强,反应I的平衡逆向移动,但温度不变,平衡常数K不变,C错误;D、反应I加入催化剂,可降低其活化能,加快反应速率,D正确;故答案为:BD;(3)其他条件相同时,c(乙苯)/c(CO2)比值减小,相当于c(CO2)增大,反应Ⅱ平衡正向移动,乙苯的平衡转化率增大,则曲线c的进料浓度比c(乙苯):c(CO2)为1:50;

故答案为:1:50;其他条件相同时,(4)某温度下,等物质的量的乙苯和CO2在刚性容器内只发生反应Ⅱ,设乙苯和CO2充入量均为1mol,乙苯反应量为xmol,平衡时乙苯和CO2的物质的量均为(1-x)mol,苯乙烯、CO和水的物质的量均为xmol,乙苯的转化率为40%,则有x1=0.4,x=0.4,平衡时混合气的总物质的量为0.6mol+0.6mol+0.4mol+0.4mol+0.4mol=2.4mol,

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