2024高中物理第二章恒定电流课时12欧姆定律训练含解析新人教版选修3-1

PAGEPAGE5欧姆定律eq\o(\s\up7(限时：45分钟总分：100分),\s\do5())一、单项选择题(每小题6分，共42分)1.如图所示，电压U不变，闭合开关S，先调整电阻箱R的电阻值到R1，使电流计指针转到满刻度，再把R调整到R2，使电流计的指针转到满刻度的eq\f(2,3)，电流计的内阻等于(D)A．R2－R1 B．2R2－R1C．R2－3R1 D．2R2－3R1解析：调整电阻箱R的阻值至R1，电流计的指针达到满偏，则：Im＝eq\f(U,R1＋Rg)，把电阻箱R的电阻值调到R2，电流计的指针转到满刻度的eq\f(2,3)，则：eq\f(2,3)Im＝eq\f(U,R2＋Rg)，解得：Rg＝2R2－3R1，故D正确．2．某家用台灯可通过调整开关使它的亮度渐渐增大到最亮，若灯最亮时的电压为220V，工作电流为0.18A，则当电压为110V时，灯丝的电阻(D)A．等于1222Ω B．等于611ΩC．大于1222Ω D．小于1222Ω解析：灯泡正常工作时的电阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(220,0.18)Ω≈1222Ω，电压减小时，灯丝的温度降低，灯丝的电阻减小，则选项D正确．3．一个阻值为R的导体两端加上电压U后，通过导体横截面的电荷量q与通电时间t之间的关系为过坐标原点的直线，如图所示，此图线的斜率表示(C)A．U B．RC.eq\f(U,R) D.eq\f(R,U)解析：在q－t图象中，图线的斜率代表eq\f(q,t)，即电流，由欧姆定律I＝eq\f(U,R)可知选项C正确．4．小灯泡的伏安特性曲线如图中的AB段(曲线)所示，由图可知，灯丝的电阻因温度的影响变更了(B)A．5Ω B．10ΩC．1Ω D．6Ω解析：由电阻的定义R＝eq\f(U,I)知，A点电阻RA＝eq\f(3,0.1)Ω＝30Ω；B点的电阻：RB＝eq\f(6,0.15)Ω＝40Ω，从而AB段电阻变更10Ω，故B正确．5．某同学做三种导电元件的导电性试验，他依据所测量的数据分别绘制了三种元件的I－U图象，如图所示，则下述推断正确的是(D)A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线确定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，确定不行能D．甲、乙、丙三个图象都可能正确，并不确定有较大误差解析：由于三种导电元件可能是线性的，也可能是非线性的，故其I－U图象可能是直线，也可能是曲线，故D正确．6．有一未知电阻Rx，为较精确地测出其阻值，先后用图①、②两种电路进行测试，利用图①测得数据为“2.7V，5.0mA”，利用图②测得数据为“2.8V，4.0mA”，那么，该电阻测得值较精确的数值及它比真实值偏大或偏小的状况是(D)A．5600Ω，偏大 B．5600Ω，偏小C．700Ω，偏小 D．700Ω，偏大解析：用图①测得数据为2.7V,5.0mA，用图②测得数据为2.8V，4.0mA，则电压表的示数变更量与原来值的比值为eq\f(2.8－2.7,2.7)＝eq\f(1,27)，电流表示数的变更量与原来值的比值为eq\f(5.0－4.0,5.0)＝eq\f(1,5)，所以，电流表的示数变更较大，由此可知，由于电压表分流较大，所以应采纳伏安法测电阻的电流表内接法如图②所示，其测量值R测＝eq\f(2.8,4.0×10－3)Ω＝700Ω，且R测＝R真＋RA，故R测>R真，选项D正确．7．在描绘小灯泡的伏安特性曲线时，采纳如图所示电路，试验中发觉移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数变更而电压表的指针不动，下列缘由可能的是(C)A．灯泡中灯丝已烧断B．滑片接触不良C．灯泡内部短路D．滑动变阻器A端接触不良解析：由题图知若电压表的电阻无穷大，移动滑片时，因电流表示数有变更，故和电流表串联的回路中不存在断点，故A错．若滑片接触不良，电路中不行能有电流，故B错．若滑动变阻器A端接触不良，滑片移动时电流表和电压表读数均变更，故D错．若灯泡内短路则灯泡两端电压为零，电压表指针不变，移动滑片时，只有电流表指针变更，故选C.二、多项选择题(每小题8分，共24分)8．由欧姆定律I＝eq\f(U,R)导出U＝IR和R＝eq\f(U,I)，下列叙述中正确的是(BCD)A．导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B．导体的电阻由导体本身的性质确定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C．对确定的导体，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值D．确定的电流流过导体，电阻越大，其电压降越大解析：导体的电阻是由导体自身的性质确定的，与所加的电压和通过的电流无关．当R确定时，才有I∝U，故A错，B、C、D正确．9．已知两个导体电阻之比R1∶R2＝2∶1，那么(BC)A．若两个导体两端电压相等，则电流之比I1∶I2＝2∶1B．若两个导体两端电压相等，则电流之比I1∶I2＝1∶2C．若导体中电流相等，则两导体两端电压之比U1∶U2＝2∶1D．若导体中电流相等，则两导体两端电压之比U1U2＝12解析：依据欧姆定律I＝eq\f(U,R)知，若两个导体两端电压相等，则eq\f(I1,I2)＝eq\f(R2,R1)＝eq\f(1,2)，故选项A错误，选项B正确；依据U＝IR，若导体中电流相等，则eq\f(U1,U2)＝eq\f(R1,R2)＝eq\f(2,1)，故选项C正确，选项D错误．10．某导体中的电流随其两端电压的变更状况如图所示，则下列说法中正确的是(AD)A．加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB．加11V电压时，导体的电阻约是1.4ΩC．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小解析：对某些导体，其伏安特性曲线不是直线，但曲线上某一点的eq\f(U,I)值仍表示该点所对应的电阻值．本题中给出的导体在加5V电压时，eq\f(U,I)值为5，所以此时电阻约为5Ω；当电压增大时，eq\f(U,I)值增大，即电阻增大，综合推断可知A、D正确．三、非选择题(共34分)11．(16分)有一灯泡上标有“6V,0.1A”字样，现要测绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材可供选用：A．电压表(0～5V，内阻2.0kΩ)B．电压表(0～10V，内阻3.0kΩ)C．电流表(0～0.3A，内阻2.0Ω)D．电流表(0～6A，内阻1.5Ω)E．滑动变阻器(30Ω，2A)F．滑动变阻器(100Ω，0.5A)G．学生电源(直流9V)及开关、导线等(1)试验中所用的电压表应选B，电流表应选C，滑动变阻器应选E.(2)画出试验电路图，要求电压从零起先测量．答案：见解析解析：(1)电压表的量程应大于小灯泡的额定电压6V，故电压表应选B.小灯泡的额定电流是0.1A，故电流表应选C.由题目要求可知变阻器用分压式，故应选电阻较小的E.(2)小灯泡的电阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(6V,0.1A)＝60Ω，故电流表应采纳外接法，滑动变阻器接成分压式，电路如图所示．12．(18分)一根长为L＝2m，横截面积S＝1.6×10－3m2的铜棒，两端电势差为U＝5.0×10－2V，铜棒的电阻R＝2.19×10－5Ω，铜内自由电子密度为n＝8.5×1029个·m(1)通过铜棒的电流．(2)铜棒内的电场强度．(3)自由电子定向移动的速率．答案：(1)2.28×103A(2)2.5×10(3)1.05×10－5m解析：(1)I＝eq\f(U,R)＝eq\f(