培优冲刺专练02（解析版）

培优冲刺训练02注意事项:1.试题的答案书写在答题卡上，不得在试题卷上直接作答。2.作答前认真阅读答题卡上的注意事项。3.考试结束，由监考人员将试题卷和答题卡一并收回。4.全卷取g=10N/kg，水的密度ρ＝1.0×10³kg/m³。一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）1．下列估测符合实际的是（）A．沸水的温度一定为100℃ B．一本物理书对桌面的压强约50PaC．一名中学生的体积约为1m3 D．亚洲第一长河长江长度约为6300m【答案】B【解析】A．沸水的温度与大气压有关，所以沸水的温度不一定是100℃，故A不符合题意；B．一本物理书的质量约250g，即0.25kg，其重力书与桌面的接触面积为0.05m2，由可知，一本物理书对桌面的压强故B符合题意；C．一名中学生的质量约为50kg，水的密度为，由可知，一名中学生的体积约故C不符合题意；D．长江是中国第一大河，干流全长6300多公里，即6300km，故D不符合题意。故选B。2．如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（）A．

水中倒影 B．

日晷上的影子C．

铅笔“折断” D．

雨后彩虹【答案】A【解析】A．水面相当于一个平面镜，反射岸边景物的光，所以水中倒影是由光的反射形成的，故A符合题意；B．日晷是根据影子的变化计时的，所以它的工作原理是光的直线传播，故B不符合题意；C．插在水中的铅笔反射的光线从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，折射角大于入射角，逆着折射光线看去，所成的像在铅笔的上方，看到的是铅笔的虚像，所以感觉折断了，故C不符合题意；D．彩虹属于光的色散现象，是由于光的折射形成的，故D不符合题意。故选A。3．下列四种现象中，其物态变化属于放热的是（）A．蜡烛流出的“烛泪” B．露珠逐渐消失C．树叶上的霜 D．樟脑丸逐渐变小【答案】C【解析】A．蜡烛流出“烛泪”，由固态变为液态，属于熔化现象，熔化吸热，故A错误；B．露珠逐渐消失，由液态变为气态，属于汽化现象，汽化吸热，故B错误；C．树叶上的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，属于凝华，凝华放热，故C正确。D．樟脑丸逐渐变小，由固态直接变成气态，属于升华现象，升华吸热，故D错误；故选C。4．2022年第二十二届世界杯足球赛在亚洲国家卡塔尔举行，如图为梅西打进首粒世界杯淘汰赛进球的瞬间，下列说法正确的是（）A．足球被踢出去飞到最高点处于平衡状态B．足球离开脚后继续飞行是因为受到惯性力C．踢球时足球对脚的力和脚对足球的力是一对平衡力D．足球滚动一段时间后停下来，说明力可以改变物体的运动状态【答案】D【解析】A．足球被踢出去飞到最高点时，只受到重力，不是平衡力，所以不是平衡状态，故A错误；B．足球离开脚后继续飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力，故B错误；C．踢球时足球对脚的力和脚对足球的力是相互作用力，故C错误；D．足球滚动一段时间后停下来，足球受到摩擦力，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选D。5．如图所示现象中涉及的物理知识正确的是（）A．图甲装置能把机械能转化为电能B．图乙电路的连接方式符合家庭电路安全用电要求C．图丙是发电机的工作原理图，可以将机械能转化为电能D．图丁中两个物体一定带异种电荷【答案】A【解析】A．图甲装置，闭合开关，当导体棒做切割磁感线运动时，会有感应电流产生，消耗机械能，获得电能，能把机械能转化为电能，故A正确；B．控制电灯的开关应接在火线上，图中的开关接在零线上，图乙电路的连接方式不符合家庭电路安全用电要求，故B错误；C．图丙是电动机的工作原理图，可以将电能转化为机械能，故C错误；D．因为异种电荷相互吸引，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，图丁中两个物体可能带异种电荷，也可能一个带电另一个为不带电的轻质小球，故D错误。故选A。6．如图所示，向相同且装有等量水的烧杯甲和乙中分别投入A和B两个不同的物块，静止后两烧杯中水面等高，此时A、B受到的浮力分别为FA、FB，两烧杯对地面的压强分别为p甲、p乙，则下列关系正确的是（）A．， B．，C．， D．，【答案】A【解析】向相同且装有等量水的烧杯甲和乙中分别投入A和B两个不同的物块，静止后两烧杯中水面等高，说明A、B两个物块排开水的体积相等，由可知，；由图可知，A沉底，由物体的浮沉条件可知，；B漂浮，所以；两烧杯对地面的压力等于烧杯的重力、水的重力、物块的重力之和，因此两烧杯对地面的压力，由可知，甲烧杯对地面的压强大于乙烧杯对地面的压强，。由以上分析可知，故A正确，BCD错误。故选A。7．如图所示，小超将重为600N的物体A匀速提升了1m，用时10s。动滑轮重力为200N，B处能承受的最大拉力为900N，若小超体重为500N，双脚与地面接触面积为0.05m2，不计绳重与摩擦，则（）A．小超拉力做功的功率为40WB．小超对地面的压强为1×104PaC．使用该滑轮组，小超最多能提起800N的物体D．不管提起多重的物体，该滑轮组的机械效率总是80%【答案】C【解析】A．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2，绳子自由端移动的距离拉力大小为拉力做功拉力做功的功率故A不符合题意；B．人向下拉绳子时，绳子也会对人施加向上的拉力，则人受到地面的支持力人对地面的压力和人受到地面的支持力是相互作用，人对地面的压力则工人对地面的压强故B不符合题意；C．不计绳重与摩擦，动滑轮重力使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，即提升物体的最大重力故C符合题意；D．用此滑轮组提起物体重力增大时，根据可知，额外功不变，有用功增大，滑轮组的机械效率增大，故D不符合题意。故选C。8．如图甲所示，电源电压不变，电流表的量程为0—0.6A，电压表的量程为0—15V，小灯泡参数“？V？W”模糊不清，滑动变阻器参数为0.5A？Ω”。第一次只闭合开关S、S1，滑片P从a端向左移动；第二次只闭合开关S、S2，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表和电流表示数变化的关系图像。下列判断正确的是（）①R0的阻值为20Ω②小灯泡的参数为“4V2W”③只闭合开关S、S1，定值电阻的功率最大值与滑动变阻器的功率最大值之比为25∶9④若将电压表量程换为0—3V，只闭合开关S、S2，小灯泡的功率一定大于0.9WA．①③ B．②③ C．②④ D．②③④【答案】C【解析】第一次只闭合开关S、S1，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；第二次只闭合开关S、S2，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；第一次只闭合开关S、S1，滑片P从a端移到b端，当滑片移动到b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，其分得的电压为0，即电压表示数为0，所以图乙中直线为滑动变阻器与R0串联时的图像，曲线为滑动变阻器与灯泡L串联时的图像。①③．只闭合开关S、S1，滑片P移动到b端时，电路中只有R0，此时电路中电流最大为；滑片在a端时，滑动变阻器与定值电阻串联，电路中的电流最小，最小为，滑动变阻器两端电压为4V；由欧姆定律和串联电路的电压特点得，电源电压即解得电源电压根据可知定值电阻的功率最大值滑片在a端时，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值滑动变阻器的电功率所以，当时，滑动变阻器的电功率最大，最大为只闭合开关S、S1，定值电阻的功率最大值与的滑动变阻器的功率最大值之比为故①③错误。②．图乙中曲线为滑动变阻器与灯泡串联时的图像，由图像可知，电压表示数最小为2V时，此时灯泡两端电压最大，则灯泡正常发光，额定电压是此时电路中的电流是0.5A，则小灯泡的额定功率则小灯泡的参数为“4.5V2W”。故②正确；④．只闭合开关S、S2，若将电压表量程换为0~3V，当电压表示数最大为3V时如图可知此时电路中电流最小电流大于0.3A，灯泡的电压最小为此时灯泡的最小功率为故④正确；综上可知，故ABD错误，C正确。故选C。二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．伟大学者发现：浸在液体中的物体受到浮力的大小等于其排开液体的重力，浮力的方向为。【答案】阿基米德竖直向上【解析】[1][2]伟大科学家、古希腊学者阿基米德，用大量的实验发现了著名的阿基米德原理：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于它排开液体所受的重力，浮力的方向为竖直向上。10．智能音箱可以模仿很多动物的声音，该音响主要是模仿声音的（选填“音调”“音色”或“响度”）；休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心但音量不能过大（选填“音调”、“音色”或“响度”）要适中，以免影响听力。【答案】音色响度【解析】[1]音色可以区分不同的发声体。智能音箱可以模仿很多动物的声音，主要是模仿声音的音色。[2]休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心，是指声音的响度不能太大。11．为了减少大气污染，可对秸秆进行回收加工制成精秆煤，完全燃烧2kg秸秆煤可放出J热量;若这些热量完全被水吸收，可使kg水温度由20℃升高到60℃.(

已知

).【答案】4.2×107250【解析】第一空．秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q放=m秸秆煤q=2kg×2.1×107J/kg=4.2×107J．第二空．水吸收的热量等于秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q吸=Q放=4.2×107J，由Q吸=cm△t可得，加热水的质量：．12．为了参加青少年创新大赛，小照运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪。如图所示，其中定值电阻R1=5Ω，电源电压恒为4.5V，当被测身高增加时，电压表的示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）。当变阻器R2接入电路的阻值是10Ω时，电流表的示数为A。【答案】变大0.3【解析】[1]由图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；当被测身高增加时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，由可知，电路中电流I减小；由U＝IR可知，R1两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知，R2两端的电压将变大，即电压表示数变大。[2]当变阻器R2接入电路的阻值是10Ω时，根据串联电路特点可知，电路总电阻等于各部分电阻之和，即由欧姆定律可得，电路中电流为则电流表的示数为0.3A13．如图所示，质量为2.1kg、高度为25cm，底面积为200cm2的薄壁柱形容器置于水平桌面上，A是边长为10cm密度为0.6g/cm3的正方体，通过一根不可伸长的细线与容器底部相连。缓慢向容器中注水，注水过程中正方体A一直保持竖直状态。当水的深度为16cm时，细绳对容器底的拉力为1N，则细线的长度为cm。当水对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为8：11时，停止注水然后剪断细线，液面静止后，将底面积为150cm2，高为10cm的柱形物体B叠放在A的正上方，当水对容器底的压强达到最大时，物体B的最小密度可以为g/cm3。【答案】94【解析】[1]由题意知，A是边长为10cm密度为0.6g/cm3的正方体，由和可得，A受到的重力为当水的深度为16cm时，细绳对容器底的拉力为1N，则A受到绳子对其的拉力为1N，此时A受向上的浮力、向下的重力和向下的拉力，根据力的平衡条件可得，A所受的浮力由F浮=ρgV排可得，此时A浸入水中的体积为由V浸=SAh浸可得，此时A浸入水中的深度为由此可知，该细线的长度为[2]因为水对容器底部压力的受力面积与容器对桌面压力的受力面积相同，根据可得，水对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比等于水对容器底部的压力与容器对桌面的压力之比，即解得当停止注水时，停止注水然后剪断细线，液面静止后，A处于漂浮状态，此时其受到的浮力与其自身重力相等，即由F浮=ρgV排可得，此时A浸入水中的体积为设此时水的深度为h则有解得h=22cm由于薄壁柱形容器的深度为25cm，则水对容器底的压强达到最大时，即为水面刚好与容器口齐平之，则物体B叠放在A的正上方时，排开水的体积等于容器体积减去未放入物体B时的体积，即根据阿基米德原理可知，物体B叠放在A的正上方时，排开水的重力等于物体B受到的重力，即由可知，物体B的最小密度为14．（1）如图所示，O点为支点，画出杠杆处于静止状态时动力F1的力臂。（2）如图所示，按照小磁针N极所指方向在括号中标出电源右端的极性（“+”或“-”）。 【答案】（1）（2）【解析】（1）支点到动力作用线的距离为动力臂，过支点O作动力F1作用线的垂线段l1，l1为动力臂，如图所示：（2）从图可知，小磁针的左端是N极，右端为S极；因为同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的右端是N极，左端是S极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，右端是负极。如图所示：三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。）15．（1）用焦距为f的凸透镜探究成像规律的实验中，当发光物体和凸透镜的位置如图所示时，光屏上所成清晰的像在图中（填数字序号）区域（图中光屏未画出），像的大小比发光物体要（选填“大”“小”或“相同”）；将发光物体与光屏的位置互换，光屏上仍能成清晰的像，成像规律与（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）相同。 （2）小李同学探究“冰熔化时温度变化规律”，实验装置如图甲所示。根据实验记录绘制了冰加热时温度随时间变化的图像，由图像可知冰属于（选填“晶体”或“非晶体”）；乙图中b点冰水的内能（选填“大于”“小于”或“等于”）a点冰水的内能。冰熔化实验结束后，小李马上将温度计放入烧杯的水中，继续探究“水沸腾时温度变化的特点”实验，由两次实验可知：冰的熔化过程和水的沸腾过程具有的共同特点是：继续吸热，温度【答案】④大照相机晶体大于保持不变【解析】（1）[1][2]由图知，物距大于1倍焦距小于2倍焦距，成倒立放大的实像，像的大小比发光体要大。此时像距大于二倍焦距，由过光心的光线不发生偏折，可确定像在图中④区域。[3]由上述分析知，像在两倍焦距以外，将发光物体与光屏的位置互换，即物体在2倍焦距以外，成倒立缩小的实像，成像规律与照相机相同。（2）[4]由乙图可知，冰在熔化过程中，继续吸热，温度保持不变，有一定的熔化温度，因此冰属于晶体。[5]物质吸收热量，内能变大，由乙图可知，冰水在b点吸收的热量大于冰水在a点吸收的热量，故b点冰水的内能大于a点冰水的内能。[6]冰是晶体，晶体在熔化的过程中需要吸热，但温度保持不变；水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变。冰的熔化过程和水的沸腾过程具有的共同特点是：继续吸热，温度保持不变。16．人们到游泳馆游泳时，在下水的过程中感觉身体越来越“轻”，针对这一现象，聪聪通过如图所示的步骤进行了“浮力大小与哪些因素有关”的实验探究。（1）由A、B、C三图可知，浮力大小与有关；由A、三图可知，浮力大小与浸没深度无关；（2）对A、D、E三图中的实验现象和数据进行分析，可得出结论：物体受到的浮力大小还与有关；（3）由弹簧测力计的示数，还可以计算圆柱体密度为g/cm3（已知酒精的密度为0.8g/cm3），图D中容器对桌面的压力与图A中相比变化了N；（4）他观察到，改变液体的密度，而物块受到的浮力变化不够明显，聪聪想出下列四种实验改进方案，其中可行的是（选填字母）；A．换用体积更大的同种物块

B．换用两种密度相近的液体进行实验C．换用分度值大一些的弹簧测力计

D．利用现有器材进行多次实验（5）实验中，聪聪发现如果将同一个物体浸没在密度越大的液体中时，弹簧测力计的示数越，于是聪聪想把这个弹簧测力计改成密度秤。当他把物体完全浸没在水中时，他就在弹簧测力计的示数为3N的刻度处标上1g/cm3的字样，则此“密度秤”刻度盘上所能标注的最大密度值为g/cm3。【答案】排开液体的体积C、D液体密度1A小3【解析】（1）[1]由A、B、C三图可知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，由称重法可知，浮力不同，故可得到浮力与物体排开液体的体积有关。[2]探究浮力大小与浸没深度的关系，应控制液体密度相同，排开液体体积相同，故选A、C、D可知，浮力大小与浸没深度无关。（2）[3]通过比较A、D、E三图，控制物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，可得出浮力大小与液体密度有关。（3）[4]物体浸没在水中时，，物体浸没在酒精中时，，根据可得即根据可得，物体的体积则根据可得在水中的浮力为根据则物体的重力为物体质量为则物体密度为[5]根据力的作用是相互的可知，水对物体产生竖直向上1N的浮力，则物体会对水产生向下1N的推力，则图D中容器对桌面的压力与图A中相比变化了1N。（4）[6]根据阿基米德原理可知，若要使浮力变化明显，应使两种液体密度变化大一些或增大排开液体的体积（即增大物体的体积），故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。（5）[7][8]由和可知，如果将同一个物体浸没在密度越大的液体中时，物体受到的浮力越大，弹簧测力计的示数越小。当把物体完全放在水中时，弹簧测力计的示数为3N，他就在对应的刻度处标上1g/cm3的字样，即将此弹簧测力计的示数改为对应液体的密度，就制得“密度秤”。弹簧测力计的示数最小值为0，当弹簧测力计的示数为0时，浮力等于重力，物体悬浮，ρ物=ρ液。物体的密度此时ρ液=ρ物=3g/cm3，所以此“密度秤”刻度盘上所能标注的最大密度值为3g/cm3。17．小龙同学利用如图甲所示的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，所选择的器材有新干电池两节，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一只，“20Ω1A”的滑动变阻器，电压表、电流表、开关各一只，导线若干。（1）如图甲连接的实物图中有一根导线连接错了，请你在图甲中，在接错的那根导线上画“×”，并用笔画线代表导线将电路连接正确（要求导线不能交叉）；()（2）电路连接正确后，开关闭合前，滑片应调到（选填“最左端”或“最右端”）；（3）闭合开关，移动滑片，发现电流表无示数，电压表有示数。可能的故障是定值电阻R；（4）排除故障后，小龙首先探究电流与电压的关系。小龙将多次测量所得数据的结果记录如下表，由此可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成；实验次数1234U/V0.51.01.52I/A0.10.20.30.4（5）小龙继续探究电流与电阻的关系。①他首先把50电阻接入电路，移动滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，直到使电压表指针如图乙所示，则电压表示数为V，接下来用10Ω的电阻代替5Ω的电阻做实验时，应将滑片从上一位置向（选填“左”或“右”）滑动，使电压表示数保持不变；②他又分别将15Ω和20Ω的电阻接入电路进行实验，发现无法将电压表示数调节到用5Ω的电阻进行实验时的控制电压值。为了用以上四个电阻都能完成实验，定值电阻两端所控制的电压应该不低于V；③在完成以上四组实验的电路状态中，移动滑片，在保证电路安全的情况下，滑动交阻器可达到的最大功率为W。【答案】最左端断路正比1左1.50.45【解析】（1）[1]原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，如下图所示：（2）[2]为保护电路，开关闭合前，滑片应调到阻值最大处，即最左端。（3）[3]闭合开关，移动滑片，发现电流表无示数，说明发生断路，电压表有示数，说明电压表两端与电源相通，则可能是定值电阻R断路。（4）[4]由表格数据可知，电压增大几倍，电流增大几倍，可得：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。（5）[5][6]电源为两节新干电池，电源电压为3V，则电压表应接0~3V量程，其分度值为0.1V，电压表的示数为1V；将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，根据串联分压原理可知，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变。[7]将20Ω的电阻接入电路进行实验，同时变阻器阻值调到最大，根据串联分压原理则有解得，则为了用以上四个电阻都能完成实验，定值电阻两端所控制的电压应该不低于1.5V。[8]电源电压为3V，移动滑片电压表接0~3V量程是安全的，因电流表接0~0.6A量程，则电路中最大电流为0.6A。当滑动变阻器接入电路中的阻值为0、定值电阻选最小为5Ω时，此时电路中的电流最大为所以可以保证电路安全。变阻器消耗的电功率为由上式可知，当R滑＝R时，P滑有最大值，所以定值电阻选最小为5Ω时，该电路中滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为四、论述计算题（本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）18．西安北站已经投入使用如图所示的警用巡逻机器人，这款警用巡逻机器人由电动机驱动，正常工作时电动机的输出功率为800W。若某次巡逻机器人正常工作，以1.2m/s的速度匀速行驶了600m。通过计算请回答：（1）这次巡逻，机器人行驶的时间是多少？（2）这次巡逻，机器人做的功是多少？【答案】（1）；（2）【解析】解：（1）这次巡逻，机器人行驶的时间是（2）这次巡逻，机器人做的功是答：（1）这次巡逻，机器人行驶的时间是；（2）这次巡逻，机器人做的功是。19．小蜀家新买了一台饮水机，一家人经常为夜间是否要关闭饮水机而发生争执。他们讨论后列出了两种方案，方案一：由于饮水机在夜间仍在对热水包里的水间歇性加热，可能消耗电能多；方案二：关机后第二天重新开机再为凉水加热，可能会消耗更多的电能。于是小蜀查到饮水机铭牌如下表所示，他决定用实验来确定夜间是否应该关闭饮水机。额定电压220V热水包容积1L频率50Hz冷水包容积0.5L制热功率1000W保鲜柜容积16L制冷功率98W防漏电类型I类检验方案一：第一天晚上十点，他关掉家中的其他用电器，只开启饮水机的加热功能，记下此时电能表的示数为376.5kW·h。次日早晨六点，水温达到预定温度他又读出电能表的示数为376.8kW·h。检验方案二：第二天晚上十点，他将饮水机关闭，次日早晨六点启动，饮水机在制热功率下将水加热到预定温度用时7min。请解答下列问题：（1）饮水机正常加热时的电阻是多少?（2）请通过计算说明哪种方案更耗电?饮水机在夜间是否应该关闭?（3）检验方案二中，对热水包的水从加热到需要7min，试计算此时饮水机的加热效率。[]【答案】（1）；（2）见解析；（3）【解析】解：（1）饮水机正常加热时的电阻为（2）方案一：晚间开启饮水机的加热功能消耗的电能为方案二：饮水机关闭，次日启动，饮水机在额定功率下将水加热到预定温度消耗的电能为所以晚间开启饮水机更耗电，即方案一更耗电，所以饮水机在夜间应该关闭。（3）水的质量为水吸收的热量为则饮水机的加热效率为答：（1）饮水机正常加热时的电阻为；（2）晚间开启饮水机更耗电，饮水机在夜间应该关闭；（3）饮水机的加热效率为。20．如图甲所示，不吸水的密度为0.4×103kg/m3的长方体A用轻质硬杆固定在杠杆的一端并悬空于容器C中，杠杆另一端用轻质硬杆固定一质量为6kg的长方体物块B，B放于水