1-20-21雅礼高一上物理期末（纯试卷）答案

雅礼中学2020-2021学年上学期期末考试物理试卷答案1.答案C解析使汽车避免与障碍物相撞，则末速度v＝0，a＝－5m/s2，根据v2－veq\o\al(2,0)＝2ax得x＝eq\f(－veq\o\al(2,0),2a)＝eq\f(－102,－2×5)m＝10m，选项C正确。2．答案A解析在扶梯加速运转时，顾客受重力、支持力、向右的摩擦力以产生沿斜面向上的加速度，当扶梯匀速运转时，顾客受到的合力为零，摩擦力为零，所以选项A正确．3.答案：B4．C[若物块与小车保持相对静止一起运动，设加速度为a，对系统受力分析，由牛顿第二定律可得：F＝(M＋m)a，隔离小物块受力分析，二者间的摩擦力Ff为静摩擦力，且Ff≤μmg，由牛顿第二定律可得：Ff＝ma，联立可得：am＝aM＝a≤μg＝2m/s2.若物块与小车间发生了相对运动，二者间的摩擦力Ff为滑动摩擦力，且am<aM，隔离小物块受力分析，如图所示，由牛顿第二定律可得：Ff＝μmg＝mam，可得：am＝2m/s2，选项C正确，选项A、B、D错误．]5.答案A解析剪断细线前，由平衡条件可知，A上端的细线的拉力为3mg，A、B之间细绳的拉力为2mg，轻弹簧的拉力为mg.在剪断细线的瞬间，轻弹簧中拉力不变，小球C所受合外力为零，所以C的加速度为零；A、B小球被细绳拴在一起，整体受到二者重力和轻弹簧向下的拉力，由牛顿第二定律得3mg＝2ma，解得a＝1.5g，选项A正确．6.答案D解析根据平抛运动的规律以及落在斜面上的特点可知，x＝v0t，y＝eq\f(1,2)gt2，tanθ＝eq\f(y,x)，分别将37°、53°代入可得A、B两个小球平抛所经历的时间之比为tA∶tB＝tan37°∶tan53°＝9∶16，选项D正确，A、B、C错误．答案D8.AC[静止或匀速运动时，头对缸的作用力与盘的重力等大反向，竖直向上，所以A正确、B错误；一起匀加速运动，当达到最大静摩擦力时amax＝μg，头对缸的作用力斜向上，水平分力等于μmg，竖直分力等于mg，则头对缸的作用力Fmax＝eq\r(mg2＋μmg2)，则F≤eq\r(1＋μ2)mg，所以C正确；静摩擦力大小Ff≤μmg，所以D错误.]9.答案CD解析A和B的加速度均等于重力加速度，即B的加速度等于A的加速度，故A错误；两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，两球上升和下落的时间相等，而下落过程，根据t＝eq\r(\f(2h,g))，知下落时间相等，则两球飞行的时间相等，故B错误；两球的竖直高度相等，时间相等，A的水平位移小于B的水平位移，A的水平速度小，最高点只有水平速度，故最高点A的速度比B的小，故D错误；落地时根据vy＝eq\r(2gh)，知A和B的竖直分速度一样大，水平分速度B大，根据v＝eq\r(vx2＋vy2)可知，B落地时的速度比A落地时的速度大，故C正确．10.答案AC解析(1)开始整个装置处于静止状态，对小球进行受力分析，如图甲所示，根据平衡条件得eq\f(F弹,AP)＝eq\f(mg,OA)，根据胡克定律得F弹＝k(l－AP)，根据几何知识得AP＝eq\r(OP2－OA2)，联立并代入数据解得k＝3.75N/m.(2)当弹簧的弹力为零时，小球上移至P′位置，绕OA中点C做匀速圆周运动，受力分析如图乙所示，轨道半径r＝CP′＝eq\r(OP′2－OC2)，向心力mgtanθ＝mrω2，tanθ＝eq\f(CP′,OC)，OP′＝5m，OC＝2m，代入数据解得ω＝eq\r(5)rad/s.11.答案(1)（2分）自由落体(2)（4分）AC解析(1)题图甲装置用来研究平抛物体在竖直方向的运动规律，观察实验发现两小球总是同时落地，可知做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动．(2)斜槽末端水平，才能保证小球离开斜槽末端时速度方向为水平方向，故A正确；为保证小球多次运动是同一条轨迹，每次小球都应在同一位置由静止释放，B错误，C正确；小球的运动轨迹是平滑曲线，故连线时不能用折线，故D错误．12．答案(1)（4分）BC(2)（3分）C(3)（3分）未进行阻力补偿或阻力补偿不够解析(1)本题拉力可以由力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使砂和砂桶的质量远小于带滑轮的小车的质量，故A、D错误；实验时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，需记录传感器的示数，故C正确．(2)由牛顿第二定律得：2F＝Ma，则a＝eq\f(2,M)F，a－F图象的斜率：k＝eq\f(2,M)，则小车的质量m′＝M－m0＝eq\f(2,k)－m0，故C正确．(3)当F不等于零时，加速度a仍然为零，可知实验中没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．13解析：14.解析：（1）2m/s2(1)1m/s2(2)8.8m（1）mgsin37°－μmgcos37°＝ma1解得：a1＝2m/s2.2＇(2)在力F作用时，根据牛顿第二定律得：Fcos37°－mgsin37°－μ(mgcos37°－Fsin37°)＝ma2解得：a2＝1m/s24＇(3)刚撤去F时，小球的速度v1＝a2t1＝4m/s，小球的位移x1＝eq\f(v1,2)t1＝8m，2＇撤去力F后，小球上滑时有：－(mgsin37°＋μmgcos37°)＝ma3，解得：a3＝－10m/s2，2＇因此小球上滑时间，上滑位移