专题05 物质的组成、性质与分类 十年（2015-2024）高考化学真题分类汇编(解析版)

2013-2024年十年高考真题汇编PAGEPAGE1专题05物质的组成、性质与分类考点十年考情(2015-2024)命题趋势考点1物质的组成2022·浙江省6月选考、2022·浙江省1月选考、2021•浙江6月选考、2021•浙江1月选考、2020•浙江1月选考、2020•浙江7月选考、2015·浙江卷浙江省第1题为物质的组成及分类单独考查，其他省份几率不大，常结合其他知识进行综合考查；对物质的性质、变化及应用命题频率较高，常结合化学与STSE以选择题的形式出现。预计高考对其考查可能出现在与生产、生活实际相联系的试题中，题型将延续选择题的形式。物质的分类与社会热点及传统文化相结合的知识，在备考时应予以关注。考点2物质的性质用途2024·浙江6月卷、2024·山东卷、2024·浙江6月卷、2024·安徽卷、2024·湖北卷、2024·浙江6月卷、2024·浙江1月卷、2019•天津卷、2019•江苏卷、2019•上海卷、2020•浙江7月选考考点2物质的分类2024·浙江1月卷、2024·浙江6月卷、2023•浙江省1月选考、2022·浙江省1月选考、2022·浙江省6月选考、2021•浙江1月选考、2021•浙江6月选考、2021•浙江1月选考、2020•浙江1月选考、2020•浙江7月选考考点1物质的组成1．(2022·浙江省6月选考，1)下列消毒剂的有效成分属于盐的是()A．高锰酸钾溶液B．过氧乙酸溶液C．双氧水 D．医用酒精【答案】A【解析】A项，高锰酸钾溶液的有效成分为KMnO4，其在水溶液中电离出K+和MnO4-，故KMnO4属于盐，A符合题意；B项，过氧乙酸溶液的有效成分是CH3COOOH，在水溶液中电离出CH3COOO-和H+，即水溶液中的阳离子全部为H+，故其属于酸，不合题意；C项，双氧水是由H和O组成的化合物，故其属于氧化物，C不合题意；D项，医用酒精的有效成分为CH3CH2OH，其属于有机物，不属于盐，D不合题意；故选A。2．(2022·浙江省1月选考，4)下列物质对应的化学式不正确的是()A．氯仿：CHCl3 B．黄铜矿的主要成分：Cu2SC．芒硝：Na2SO4·10H2O D．铝土矿的主要成分：Al2O3【答案】B【解析】A项，氯仿是三氯甲烷的俗称，其化学式为CHCl3，故A正确；B项，黄铜矿的主要成分：CuFeS2，故B错误；C项，芒硝：Na2SO4·10H2O，故C正确；D项，铝土矿的主要成分：Al2O3，故D正确；故选B。3．(2022·浙江省6月选考，4)下列物质对应的化学式正确的是()A．白磷：P2 B．2-甲基丁烷：(CH3)2CHCH2CH3C．胆矾：FeSO4·7H2O D．硬脂酸：C15H31COOH【答案】B【解析】A项，白磷的化学式为：P4，A不合题意；B项，2-甲基丁烷的结构简式为：(CH3)2CHCH2CH3，B符合题意；C项，胆矾的化学式为：CuSO4·5H2O，而FeSO4·7H2O是绿矾的化学式，C不合题意；D项，硬脂酸的化学式为：C17H35COOH，而C15H31COOH是软脂酸的化学式，D不合题意；故选B。4．(2021•浙江6月选考，1)下列物质属于纯净物的是()A．汽油 B．食醋 C．漂白粉 D．小苏打【答案】D【解析】A项，汽油是碳原子个数在5—11的烃的混合物，故A错误；B项，食醋是乙酸的水溶液，属于混合物，故B错误；C项，漂白粉为主要成分为氯化钙和次氯酸钙的混合物，故C错误；D项，小苏打是碳酸氢钠的俗称，属于纯净物，故D正确；故选D。5．(2021•浙江1月选考，4)下列物质与俗名对应的是()A．纯碱：NaHCO3 B．硫铵：NH4HSO4C．TNT： D．氯仿：CCl4【答案】C【解析】A项，纯碱为碳酸钠，化学式为Na2CO3，A错误；B项，硫铵一般指硫酸铵，化学式为(NH4)2SO4，B错误；C项，TNT为2，4，6-三硝基甲苯，结构式为，C正确；D项，氯仿为三氯甲烷，化学式为CHCl3，D错误；故选C。6．(2021•浙江6月选考，3)下列物质的化学成分不正确的是()A．生石灰：Ca(OH)2 B．重晶石：BaSO4C．尿素：CO(NH2)2 D．草酸：HOOC-COOH【答案】A【解析】A项，生石灰的主要成分为氧化钙，故A错误；B项，重晶石的主要成分为硫酸钡，故B正确；C项，尿素的分子式为CO(NH)2，故C正确；D项，草酸是乙二酸的俗称，结构简式为HOOC—COOH，故D正确；故选A。7．(2020•浙江1月选考，5)下列物质的名称不正确的是()A．NaOH：烧碱 B．FeSO4：绿矾C．：甘油 D．：3−甲基己烷【答案】B【解析】A项，烧碱是氢氧化钠的俗称，化学式为NaOH，故A正确；B项，绿矾是七水硫酸亚铁的俗称，化学式为FeSO4·7H2O，故B错误；C项，甘油是丙三醇的俗称，结构简式为，故C正确；D项，烷烃的主链有6个碳原子，侧链为甲基，系统命名法的名称为3−甲基己烷，故D正确；故选B。8．(2020•浙江7月选考，4)下列物质对应的组成不正确的是()A．干冰：CO2 B．熟石灰：CaSO4·2H2OC．胆矾：CSO4·5H2O D．小苏打：NaHCO3【答案】B【解析】A项，干冰为固体二氧化碳，故A正确；B项，熟石灰成分为Ca(OH)2，CaSO4·2H2O为生石膏，故B错误；C项，胆矾为五水合硫酸铜晶体，故C正确；D项，小苏打是碳酸氢钠的俗名，故D正确；故选B。9．(2015·浙江卷，7)下列说法不正确的是()A．液晶态介于晶体状态和液态之间，液晶具有一定程度的晶体的有序性和液体的流动性B．常压下，0℃时冰的密度比水的密度小，水在4℃时密度最大，这些都与分子间的氢键有关C．石油裂解、煤的干馏、玉米制醇、蛋白质的变性和纳米银粒子的聚集都是化学变化D．燃料的脱硫脱氮、SO2的回收利用和NOx的催化转化都是减少酸雨产生的措施【答案】C【解析】液晶态是指介于晶体和液体之间的物质状态。液晶一方面像液体具有流动性，另一方面又像晶体，分子在特定方向排列比较整齐有序，具有各向异性的特点，A项正确；一个水分子可以与周围四个水分子形成氢键，由于氢键的存在，使0℃冰的密度比水的小，4℃时水的密度最大，B项正确；纳米银粒子的聚集为物理变化，C项错误；减少酸雨的措施有燃料的脱硫脱氮、二氧化硫的回收利用、将氮的氧化物催化转化为氮气等，D项正确。考点2物质性质用途1．(2024·浙江6月卷，2，3分)下列说法不正确的是()A．Al(OH)3呈两性，不能用于治疗胃酸过多B．Na2O2能与CO2反应产生O2，可作供氧剂C．有还原性，能被氧化成D．HNO3见光易分解，应保存在棕色试剂瓶中【答案】A【解析】A项，Al(OH)3呈两性，不溶于水，但可以与胃酸反应生成无毒物质，因此其能用于治疗胃酸过多，A不正确；B项，Na2O2能与CO2反应产生O2，该反应能安全发生且不生成有毒气体，故CO2反应产生O2可作供氧剂，B正确；C项，有还原性，其中Fe元素的化合价为+2，用适当的氧化剂可以将其氧化成更高价态的，C正确；D项，见光易分解的物质应保存在棕色试剂瓶中；见光易分解，故其应保存在棕色试剂瓶中，D正确；故选A。2．(2024·山东卷，5，2分)物质性质决定用途，下列两者对应关系错误的是()A．石灰乳除去废气中二氧化硫，体现了Ca(OH)2的碱性B．氯化铁溶液腐蚀铜电路板，体现了的氧化性C．制作豆腐时添加石膏，体现了CaSO4的难溶性D．用氨水配制银氨溶液，体现了NH3的配位性【答案】C【解析】A项，SO2是酸性氧化物，石灰乳为Ca(OH)2，呈碱性，吸收SO2体现了Ca(OH)2的碱性，A正确；B项，氯化铁溶液腐蚀铜电路板，发生的反应为2，体现了Fe3+的氧化性，B正确；C项，制作豆腐时添加石膏，利用的是在胶体中加入电解质发生聚沉这一性质，与CaSO4难溶性无关，C错误；D项，银氨溶液的配制是在硝酸银中逐滴加入氨水，先生成白色沉淀AgOH，最后生成易溶于水的Ag(NH3)2OH，Ag(NH3)2OH中Ag+和NH3之间以配位键结合，体现了NH3的配位性，D正确；故选C。3．(2024·浙江6月卷，5，3分)化学与人类社会可持续发展息息相关。下列说法不正确的是()A．部分金属可在高温下用焦炭、一氧化碳、氢气等还原金属矿物得到B．煤的气化是通过物理变化将煤转化为可燃性气体的过程C．制作水果罐头时加入抗氧化剂维生素C，可延长保质期D．加入混凝剂聚合氯化铝，可使污水中细小悬浮物聚集成大颗粒【答案】B【解析】A项，根据金属活泼性的不同，可以采用不同的方法冶炼金属，大部分金属(主要是中等活泼的金属)的冶炼是通过高温下发生氧化还原反应来完成的，即热还原法，常用的还原剂有焦炭、CO、H2等，A项正确；B项，煤的气化是将煤转化为可燃性气体的过程，主要发生的反应为C+H2O(g)CO+H2，该过程属于化学变化，B项错误；C项，维生素C(即抗坏血酸)具有还原性，能被氧化成脱氢抗坏血酸，故制作水果罐头时加入维生素C作抗氧化剂，可延长保质期，C项正确；D项，混凝剂聚合氯化铝在污水中能水解成Al(OH)3胶体，Al(OH)3胶体能吸附污水中细小悬浮物，使其聚集成较大颗粒而沉降下来，D项正确；故选B。4．(2024·安徽卷，4，3分)下列选项中的物质能按图示路径在自然界中转化。且甲和水可以直接生成乙的是()选项甲乙丙ACl2NaClONaClBSO2H2SO4CaSO4CFe(OH)3DCO2H2CO3Ca(HCO3)2【答案】D【解析】A项，Cl2与水反应生成HClO和HCl，无法直接生成NaClO，A错误；B项，SO2与水反应生成亚硫酸而不是硫酸，B错误；C项，氧化铁与水不反应，不能生成氢氧化铁沉淀，C错误；D项，CO2与水反应生成碳酸，碳酸与碳酸钙反应生成碳酸氢钙，碳酸氢钙受热分解生成二氧化碳气体，D正确；故选D。5．(2024·湖北卷，8，3分)结构决定性质，性质决定用途。下列事实解释错误的是()事实解释A甘油是黏稠液体甘油分子间的氢键较强B王水溶解铂浓盐酸增强了浓硝酸的氧化性C冰的密度小于干冰冰晶体中水分子的空间利用率相对较低D石墨能导电未杂化的p轨道重叠使电子可在整个碳原子平面内运动【答案】B【解析】A项，甘油分子中有3个羟基，分子间可以形成更多的氢键，且O元素的电负性较大，故其分子间形成的氢键较强，因此甘油是黏稠液体，A正确；B项，王水溶解铂，是因为浓盐酸提供的Cl-能与被硝酸氧化产生的高价态的铂离子形成稳定的配合物从而促进铂的溶解，在这个过程中浓盐酸没有表现氧化性，B不正确；C．冰晶体中水分子间形成较多的氢键，由于氢键具有方向性，因此，水分子间形成氢键后空隙变大，冰晶体中水分子的空间利用率相对较低，冰的密度小于干冰，C正确；D项，石墨属于混合型晶体，在石墨的二维结构平面内，第个碳原子以C—C键与相邻的3个碳原子结合，形成六元环层。碳原子有4个价电子，而每个碳原子仅用3个价电子通过sp2杂化轨道与相邻的碳原子形成共价键，还有1个电子处于碳原子的未杂化的2p轨道上，层内碳原子的这些p轨道相互平行，相邻碳原子p轨道相互重叠形成大π键，这些p轨道的电子可以在整个层内运动，因此石墨能导电，D正确；故选B。6．(2024·浙江6月卷，7，3分)物质微观结构决定宏观性质，进而影响用途。下列结构或性质不能解释其用途的是()选项结构或性质用途A石墨呈层状结构，层间以范德华力结合石墨可用作润滑剂BSO2具有氧化性SO2可用作漂白剂C聚丙烯酸钠()中含有亲水基团聚丙烯酸钠可用于制备高吸水性树脂D冠醚18-冠-6空腔直径()与直径()接近冠醚18-冠-6可识别，能增大KMnO4在有机溶剂中的溶解度【答案】B【解析】A项，石墨呈层状结构，层间以范德华力结合，该作用力较小，层与层容易滑动，石墨可用作润滑剂，A正确；B项，SO2具有漂白性，可用作漂白剂，B错误；C项，聚丙烯酸钠()中含有亲水基团-COO-，聚丙烯酸钠可用于制备高吸水性树脂，C正确；D项，冠醚18-冠-6空腔直径(260~320pm)与K+直径(276pm)接近，可识别K+，使K+存在于其空腔中，进而能增大KMnO4在有机溶剂中的溶解度，D正确；故选B。7．(2024·浙江1月卷，7，3分)根据材料的组成和结构变化可推测其性能变化，下列推测不合理的是()材料组成和结构变化性能变化A生铁减少含碳量延展性增强B晶体硅用碳原子取代部分硅原子导电性增强C纤维素接入带有强亲水基团的支链吸水能力提高D顺丁橡胶硫疏化使其结构由线型转变为网状强度提高【答案】B【解析】A项，较低的碳含量赋予材料更好的延展性和可塑性，A正确；B项，碳的电负性更大一些，则用碳原子取代部分硅原子，晶体硅的导电能力会下降，B错误；C项，淀粉、纤维素的主链上再接上带有强亲水基团的支链(如丙烯酸钠)，在交联剂作用下形成网状结构可以提高吸水能力，C正确；D项，在橡胶中加入硫化剂和促进剂等交联助剂，在一定的温度、压力条件下，使线型大分子转变为三维网状结构，网状结构相对线性结构具有更大的强度，D正确；故选B。8．(2019•天津卷，3)下列有关金属及其化合物的不合理的是()A．将废铁屑加入溶液中，可用于除去工业废气中的Cl2B．铝中添加适量钾，制得低密度、高强度的铝合金，可用于航空工业C．盐碱地(含较多等)不利于作物生长，可施加熟石灰进行改良D．无水CoCl2呈蓝色，吸水会变为粉红色，可用于判断变色硅胶是否吸水【答案】C【解析】A项，氯气能将铁和亚铁氧化，从而除去工业废气中的氯气，故A不选；B项，根据铝合金的性质，具有密度低、强度高，应用于航空航天等工业，故B不选；C项，Na2CO3＋Ca(OH)2=CaCO3↓＋2NaOH，产物仍然呈碱性，不能改变土壤的碱性，反而使土壤更板结，故C选；D项，利用无水氯化钴和氯化钴晶体的颜色不同，判断硅胶中是否含水，故D不选。故选C9．(2019•江苏卷，3)下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是()A．NH4HCO3受热易分解，可用作化肥 B．稀硫酸具有酸性，可用于除去铁锈 C．SO2具有氧化性，可用于纸浆漂白 D．Al2O3具有两性，可用于电解冶炼铝【答案】B【解析】A项，碳酸氢铵为可溶性铵盐，含有N元素，可以作肥料，与其热稳定性无关，故A错误；B项，稀硫酸能和氧化铁反应生成可溶性的硫酸铁和水，所以能除锈，该反应中体现稀硫酸的酸性，故B正确；C项，二氧化硫具有漂白性，能漂白纸张，所以用二氧化硫漂白纸浆与其氧化性无关，故C错误；D项，氧化铝熔融状态下能导电且Al较活泼，所以工业上采用电解氧化铝的方法冶炼Al，用氧化铝冶炼Al与其两性无关，故D错误；故选B。10．(2019•上海卷)只涉及物理变化的是()A．次氯酸漂白B．盐酸除锈C．石油分馏 D．煤干馏【答案】C【解析】A．次氯酸漂白利用的是次氯酸的漂白性，A错误。11．(2019•上海卷)下列反应只需要破坏共价键的是()A．晶体硅熔化 B．碘升华C．熔融Al2O3 D．NaCl溶于水【答案】A【解析】A项，晶体硅为原子晶体，Si原子之间只以共价键连接，因此熔化只需要破坏共价键，A正确；B项，．碘为分子晶体，升华克服分子间作用力，B错误；C项，Al2O3为离子晶体，熔融破坏离子键，C错误；D项，NaCl为离子晶体，溶于水电离成钠离子和氯离子，破坏离子键，D错误。12．(2020•浙江7月选考，26)(1)气态氢化物热稳定性HF大于HCl的主要原因是________。(2)CaCN2是离子化合物，各原子均满足8电子稳定结构，CaCN2的电子式是________。(3)常温下，在水中的溶解度乙醇大于氯乙烷，原因是________。【答案】(1)原子半径F＜Cl，键能F－H＞Cl－H(2)Ca2+eq[\o\ac(N,\s\up7(••),\s\do7(••))\o(\s\up2(••),\s\do2(••))C\o(\s\up2(••),\s\do2(••))\o\ac(N,\s\up7(••),\s\do7(••))]2−(3)乙醇与水之间形成氢键而氯乙烷没有【解析】(1)由于原子半径F＜Cl，故键长：F—H＜Cl—H，键能：F—H＞Cl—H，所以HF比HCl稳定；(2)CaCN2是离子化合物，则阳离子为Ca2+、CN22-为阴离子；Ca原子最外层有2个电子，易失去最外层的2个电子达到8电子的稳定结构；N原子最外层有5个电子，易得到3个电子或形成3对共用电子对达到8电子的稳定结构；C原子最外层有4个电子，通常形成4对共用电子对达到8电子的稳定结构；则每个N原子分别得到Ca失去的1个电子、与C原子形成两对共用电子对，Ca、C、N都达到8电子的稳定结构，CaCN2的电子式为Ca2+eq[\o\ac(N,\s\up7(••),\s\do7(••))\o(\s\up2(••),\s\do2(••))C\o(\s\up2(••),\s\do2(••))\o\ac(N,\s\up7(••),\s\do7(••))]2−；(3)乙醇和氯乙烷都属于极性分子，但乙醇与水分子之间形成氢键，而氯乙烷不能与水分子形成氢键，故常温下在水中的溶解度乙醇大于氯乙烷。考点3物质的分类1．(2024·浙江1月卷，1，3分)下列物质不属于电解质的是()A．CO2 B． C． D．BaSO4【答案】A【解析】A项，CO2在水溶液中能导电，是生成的碳酸电离，不是自身电离，不属于电解质，A符合题意；B．HCl溶于水电离出离子导电，属于电解质，B不符合题意；C．NaOH在水溶液和熔融状态均能电离离子而导电，属于电解质，C不符合题意；D．BaSO4在熔融状态能电离离子而导电，属于电解质，D不符合题意；故选A。2．(2024·浙江6月卷，1，3分)按物质组成分类，·12H2O属于()A．酸 B．碱 C．盐 D．混合物【答案】C【解析】KAl(SO4)2·12H2O是结晶水合物，属于纯净物；是由金属阳离子K+、Al3+和酸根阴离子组成的复盐；故选C。3．(2023•浙江省1月选考，1)下列物质中属于耐高温酸性氧化物的是()A．CO2 B．SiO2 C．MgO D．Na2O【答案】B【解析】A项，二氧化碳和碱反应生成盐和水，是酸性氧化物，但为分子晶体，不耐高温，A错误；B项，SiO2能跟碱反应生成盐和水：SiO2+2OH-=SiO32-+H2O，所以SiO2是酸性氧化物，为共价晶体，耐高温，B正确；C项，MgO能跟酸反应生成盐和水：MgO+2H+=Mg2++H2O，所以MgO是碱性氧化物；C错误；D项，Na2O能跟酸反应生成盐和水，所以是碱性氧化物；D错误；故选B。4．(2022·浙江省1月选考，2)下列物质属于非电解质的是()A．CH4 B．KI C．NaOH D．CH3COOH【答案】A【解析】A项，CH4属于有机物，在水溶液中和熔融状态下均不导电的化合物，为非电解质，故A符合题意；B项，KI属于盐，在水溶液中和熔融状态下能导电的化合物，为电解质，故B不符合题意；C项，NaOH属于碱，在水溶液中和熔融状态下能导电的化合物，为电解质，故C不符合题意；D项，CH3COOH属于酸，在水溶液中能电离出H+离子和CH3COO-离子，即CH3COOH是在水溶液中导电的化合物，为电解质，故D不符合题意；故选A。5．(2022·浙江省6月选考，2)下列物质属于强电解质的是()A．HCOOH B．Fe C．Na2CO3 D．C2H2【答案】C【解析】A项，HCOOH是弱酸，在水溶液中只能部分电离，属于弱电解质，A不合题意；B项，Fe是单质，不是电解质，B不合题意；C项，Na2CO3是盐，在水溶液中能够完全电离，故属于强电解质，C符合题意；D项，C2H2是有机物，在水溶液和熔融状态下均不导电，属于非电解质，D不合题意；故选C。6．(2021•浙江1月选考，1)下列含有共价键的盐是()A．CaCl2 B．H2SO4 C．Ba(OH)2 D．Na2CO3【答案】D【解析】A项，CaCl2由Ca2+和Cl-构成，只含有离子键不含有共价键，A不符合题意；B项，H2SO4由分子构成，只含有共价键不含有离子键，B不符合题意；C项，Ba(OH)2由Ba2+和OH-构成，属于碱，不属于盐，C不符合题意；D项，Na2CO3有Na+和CO32-构成，含有离子键，CO32-内部C与O原子之间还含有共价键，D符合题意；故选D。7．(2021•浙江6月选考，)下列物