2024年陕西省西安市曲江某中学中考物理模拟试卷（八）+答案解析

2024年陕西省西安市曲江一中中考物理模拟试卷（八）

一、单选题：本大题共10小题，共20分。

1.在科学发展的历程中，许多科学家曾经都做出了伟大的贡献。物理上有很多单位都是以他们的名字命名,

下面正确的是（）

A.压强的单位一一托里拆利B.浮力的单位一一阿基米德

C.密度的单位一一帕斯卡D.重力的单位一一牛顿

2.随着城市化进程的加快，噪声污染问题日益凸显。有关噪声及降噪手段，下列说法中正确的是（）

A.建筑工人将噪声较大的机械置于全封闭隔音棚中，是为了在声源处防止噪声产生

B.住户将窗户的普通单层玻璃改用双层真空玻璃，是利用了真空不能传声，阻碍噪声的传播

C.冬奥高铁专列“踏雪无声”采用粒子阻尼减振降噪技术，减小了振动部位的振动幅度，实现在声源处减

弱噪声，避免噪声音调过高影响乘车体验

D.噪声是以声波的形式传播的，但只能传递能量，不能传递信息

3.假如你身处偏远海岛，缺乏生存所需的淡水怎么办？小明提供了一种简便的海水淡化方法。在地面上挖

一水池，往池内灌海水，按如图1所示完成设备的安装，即可收淡水。如图2所示是一种可粗略测量气温

的装置，我们可以根据玻璃管中液面的高度变化来测量空气温度。关于上述装置，说法正确的是（）

图1图2

A.阳光照射使池内海水加快升华，形成水蒸气

B.水蒸气在塑料膜上液化为小水滴的过程需吸收热量

C.阳光照射是通过热传递的方式使海水含有的热量增多

D.该温度计的测量结果受外界大气压影响

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4.如图四幅图片选自不同版本的物理课本，以下关于这些图片的说法中错误的是（）

T

A.甲图是一束光在密度不均匀糖水中的传播径迹，说明光在同种不均匀介质中不能沿直线传播

B.乙图是潜望镜的光路图，潜望镜利用平面镜改变光的传播方向

C.丙图是平面镜成虚像的光路图，平面镜成的虚像是由反射光线相交而成

D.丁图中，星星之所以看起来■闪闪的，是因为大气层的变化导致折射光路发生变化引起的

5.石墨烯又称单层墨，它仅由一层碳原子组成，具有许多奇特的属性，包括极强的拉力，优良的导电性和

导热性，硬度最大，熔点超过3000℃等，这种高新材料有可能代替硅成为新的半导体材料。根据石墨烯的

特性，你认为石墨烯不能用来制成（）

A.高压输电线B.坚韧的防弹衣C.发光二极管D.保温隔热材料

6.2024年3月31日，郑开马拉松赛在河南郑州、开封两城举行。如图所

示，运动员在比赛中涉及的物理知识，以下判断正确的是（）

A.跑鞋底部有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦

B.运动员静止时和跑步时对地面的压强相等

C.通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态

D.起跑前静止时人所受的重力和人对地面的压力是一对平衡力

7.2024年，我国载人航天首发成功一一长征七号运载火箭托举着天舟七号货运飞船为“天宫”送去“年货

大礼包”。下列叙述正确的是（）

A.空间站里的电能主要来源于太阳能，太阳能是核裂变产生的

B.天舟七号对接“天宫”后，天舟一号相对于“天宫”是运动的

C.天舟七号对接“天宫”空间站的信息画面是通过超声波传到球的

D.回收试验航天器时，下降过程中其表面与大气层摩擦，机械能转化为内能

8.某商场内设有自动售货机，方便购物者购买。它可通过手机扫码（闭合&）或通过投币（闭合S2）,启动电

动机完成自动售货。以下说法正确的是（）

A.自动售货机电路中“手机扫码”开关和“投币”开关是串联的

B.手机扫码时，摄像头捕捉到二维码上的图案，所成的像是正立、缩小的实像

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C.某同学看不清饮料上的说明，眼睛靠近一些才能看见，需要配戴凹透镜矫正视力

D.自动售货机在地面上受到的支持力是售货机底部形变产生的弹力

9.现在一般标准住宅户内配电系统都使用了如图所示空气开关、漏电保护器、三孔插座等设备，下列说法

不正确的是（）

电能表一空气开关

漏

空

空

电

气

气

保

开

开

护

关

关

器

（）母匹

A.电能表又叫电度表，是计量一段时间内接在电能表上的用电器消耗电能多少的仪器

B.漏电保护器用于当电流过大时，将电流导入大地，保护电路安全

C.三孔插座正中间的插孔应该接三脚插头的最长那只脚

D.有多个空气开关的家庭电路，当某个空气开关“跳闸”，家中可能未完全断电

10.图甲为某种跳绳自动计数器的简化原理图。每当绳子挡住射向Ei的红外线时，Ai的电阻会变大，自动

计数器会计数一次。信号处理系统相当于一个电压表，能记录Z8间的电压。若电源电压为6厂保持不变，R2

为定值电阻，图乙是某次测试时间电压随时间变化的图像，下列说法正确的是（）

红

外

发

射

器

A./8间的电压为4%时，计数器会计数一次

B.为受到红外线照射时和不受红外线照射时，电路中电流之比为3：1

C.Hi受到红外线照射时的电阻和不受红外线照射时的电阻之比为10：1

D.若尺2=20,按图乙规律测试1min，品消耗的电能为210J

二、填空题：本大题共5小题，共14分。

11.如图所示小亮将一只气球在自己头发上摩擦，使头发与气球里的

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或“质子”“中子”）发生转移使头发带电。如果他将两只相同的气球分别在自己的头发上摩擦后，让两只

气球相互靠近，两只气球会相互______（选填”吸引”或“排斥”），利用此原理工作的实验装置有O

12.6月5日是世界环境日，为了创造美好的生活环境，我国逐步推广风力发电取代火力发电，实现生态文

明建设新环境。如表所示的是某城风力发电站在不同风速下的功率，若该地区年平均风速为6m/s,每台风

力发电机一天工作15力，则200台这样的风力发电机一天获得的电能是kW-h,相当完全燃烧

/的煤（q=3xlO’J/kg,不考虑能量损失）。

平均风速（m/s）5689

功率（上印）9163555

13.如图所示汽油机正在进行的是冲程，在汽油机的四个冲程中,冲程是内能转

化为机械能。若飞轮转速是2400r/min,则Is对外做功次。

14.如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的绝

缘漆全部刮掉，转动转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，

如图所示将发电机与小量程相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的

方向（填”改变”或“不变”），此过程中发电机将能转化为电能。若将

小量程电流表换成电池，线圈______（填“能”或“不能”）持续转动。

15.如图所示某浮空艇（表皮很薄的气囊）充满气后体积为9000m3,内部

充有密度为0.2包/而5的混合气体，表皮气囊和仪器舱的总质量为

2x103kg,浮空艇用缆绳系在一辆锚泊车上，该艇外空气的密度为

1.2kg/m3,g取ION/kg,缆绳质量及仪器舱体积忽略不计。满气后浮空

艇所受的浮力为N,缆绳所受拉力为N,若要求错泊车的重

力是缆绳拉力的3倍，则锚泊车的质量是t。

三、作图题：本大题共2小题，共4分。

16.如图甲是兰州市跨越黄河的空中缆车随缆绳做匀速直线运动的示意图,将其简化为图乙所示，请画出缆

车的轿厢（以方框表示）受力示意图（不计空气阻力）o

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17.请将电磁继电器电路连接完整。要求：开关闭合时，电动机转，小

灯泡不亮；开关断开时，小灯泡亮，电动机不转。

四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。

18.小明用矿泉水瓶做了以下实验：

(1)用力捏矿泉水瓶，可观察到瓶子变扁，这是因为力能;

(2)将装满水的矿泉水瓶放到太阳下照射，可观察到它的侧下方有一条亮线(如图甲所示)，此时这瓶矿泉

水相当于镜；

(3)用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动装满水的水瓶，弹簧测力计示数如图乙所示，则瓶底所受摩擦力

大小为N。将瓶中水倒出部分后，重复上述实验，观察到弹簧测力计示数如图丙所示。分析两次实

验数据，可以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力越大。

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19.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g,烧杯内的液体质量和初温也相同。

度计

,液体a

燃料2

0s

乙

图1

(1)实验中燃料完全燃烧放出的热量，是通过液体吸热后温度的变化来反映的。本实验要比较不同燃料的热

值，应选择两图进行实验；

(2)比较不同物质吸热升温的特点：

①选择合适的装置进行实验，应注意在燃烧同种燃料时还需要控制火力相同，是为了使两种液体在相同的

时间内吸收(选填“相同”或“不同”)的热量，所以在实验时主要用(选填”温度计示数”

或“加热时间的长短”)来表示两种液体吸热的多少；

②如果质量和初始温度均相同的。、6两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图2所示，由图可

看出6液体的温度升高得较慢，则(选填"a”或"b”)液体的比热容较大；

(3)某同学用图甲装置测燃料1的热值，假设燃料完全燃烧放出的热量全部供液体。吸收。假设加热前燃料

1的质量为巾1,加热一段时间后变为加2,烧杯中液体。的质量为加，初温为打，末温为与，液体。的比热

容用c表示。用以上符号表示该同学测燃料1的热值的计算式：Q=o

20.如图甲所示是“测量小灯泡额定功率”的实验电路图，其中电源用的是2节新干电池，滑动变阻器的铭

牌标有“500，1/”，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为100。

(1)请你用笔画线代替导线，将甲电路连接完整。

(2)小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，无论如何移动滑动变阻器滑片P,小灯泡亮度都不变,

则原因可能是

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（3）排除故障开始实验，移动变阻器滑片，观察（灯泡亮度/电压表示数），直至灯泡正常发光，电流

表示数如图乙所示，则该灯泡的额定功率为沙。

（4）如表所示是小明测出的该规格小灯泡/与U关系的部分数据。老师发现其中一组数据是编造的，请你推

断应是第次（填序号），如果想得到表中完整的数据可以采取的相应措施是。

实验序号123456

U/V0.200.801.402.002.502.90

I/A0.020.080.130.180.21

4增大电源电压；

8.更换阻值较大的滑动变阻器；

C更换分度值更小的电表。

（5）完成上述实验后，小明又重新设计了如图丙所示电路，测量另一个小灯泡的额定功率，这个小灯泡正常

工作时的电流为/额。请根据以下实验步骤写出小灯泡的额定功率表达式（已知电源电压。不变）。

①只闭合开关Si，移动滑动变阻器兄2的滑片，使电流表示数为/额；

②只闭合开关S2保持滑动变阻器兄2的滑片位置不变，调节滑动变阻器Ai的滑片，使电流表示数为了额；再

将滑动变阻器兄2的滑片调到最左端，读出电流表的示数为/；

则小灯泡的额定功率表达式为外=（用。、/额、/表示）。

21.小华晚上在台灯下看书，发现越靠近台灯，书被照得越亮。于是，他和兴

趣小组的同学想探究光照的亮度与什么因素有关。为此，他们提出了以下猜想:

°、与光源的发光功率有关；

6、与测试点到光源的距离有关；

c、与光源的种类有关。

（1）为了验证以上猜想。，小华设计了如图所示装置。实验时，铅笔到白纸板的距离每次都应______（选填

“相同”或“不同”），通过比较白纸板上影子的“深浅”程度来反映=

（2）同学们认为小华设计的装置和方法只能进行粗略地探究，于是从实验室借来了测量光照亮度（单位：

Lu，）的仪器进行实验。点燃相同的蜡烛，蜡烛个数成倍增加表示光源的发光功率成倍增加。数据如表所示:

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序号光源蜡烛个数到光源的距离/cm到光源距离的平方/cm2光照亮度/Lux

111522532.00

221522564.00

3蜡烛31522596.00

433090024.00

5345202510.67

6白炽灯33090060.00

功率/W

7LED灯31201440060.00

①分析三次实验序号的数据可以初步得出：在光源的种类、测试点到光源的距离等条件一定时，光

照的亮度与光源的发光功率成正比。

②分析实验序号3、4、5的数据还可以初步得出：在光源的种类、光源的发光功率等条件一定时，光照的

亮度与测试点到光源距离的平方成比。

(3)为了探究猜想c,在保持光源的发光功率、测试点到光源的距离等条件一定时，应改变进行实验。

(4)同学们又对实际功率相同的白炽灯和心£。灯的光照的亮度进行探究，实验数据如上表中序号6和7o分

析可得：3少的£££＞灯光照的亮度相当于少的白炽灯，表明灯的发光效率(光照亮度与功率的

比值)比相同功率的白炽灯要高。

五、计算题：本大题共3小题，共20分。

22.如图甲所示，小荣同学站在高台上竖直向上匀速拉动绳子，现改变G物，计算并绘出机械效率4与G物的

关系图象如图乙所示，不计绳重和摩擦，求：

(1)动滑轮的重力G动；

(2)当G物=120N时，若此时人在10s内将物体提升了2加，则此时拉力的功率。

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23.如图1所示是小明家厨房新装的即热式电热水龙头，它的特点是即开即有热水，无需提前预热，而且可

以通过调节水流大小调节水温，不需要调节加热电阻大小。其部分参数如表所示(忽略温度对电阻的影响)：

额定电压220r

额定功率2200FT

最高水温35℃

(1)为确保用电安全，即热式电热水龙头的外壳要，要使流出的水温度降低一点，应该适当______(选

填“增大”或“减小”)水流的大小。

(2)该水龙头正常工作时电路中的电流多大？该水龙头正常工作时的电阻多大？

(3)该产品的电气技术参数中规定:合格产品的电阻偏差应小于或等于2Q。小明将该款水龙头单独接在220广

电路中工作时，观察到如图2所示的电能表的铝盘在5分钟内转了120圈。则该水龙头的实际功率是多少？

是不是合格产品？

图2

24.北京时间2024年1月17日，搭载天舟七号货运飞船的运载火箭在文昌航天发射中心点火发射并取得圆

满成功。火箭总质量为5003其主要由火箭主体和四个助推器组成，利用燃料产生的高温高压的燃气向下

喷出，获得起飞推力，力大无穷却又身轻如燕。(g取10N/kg)

甲乙

(1)火箭或飞机经常使用航空燃油作为燃料，主要是由于他的大。

(2)火箭发射时喷出燃气的推力和自身重力的比称为推重比，火箭起飞时一级火箭推重比为1.3,则一级火

箭总推力为多少牛？

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（3）一种发动机（如图甲所示）其推进效率为60%,是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功

）与其获得的机械能之比。（如图乙所示）是飞机飞行时受到的阻力与飞行速度的平方的关系图象，若涡轮

喷气发动机的功效是指发动机提供给飞机的推力与发动机机械功率的比值，当飞机以200m/s的水平速度匀

速巡航廿时，其功效是多少N/W?

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4压强的单位是帕斯卡，是以物理学家帕斯卡的名字命名的，故/错误；

3浮力是力的一种，力的单位是牛顿，是以物理学家牛顿的名字命名的，故3错误；

C.密度的单位是质量与体积的单位组合形成的，故C错误；

D重力是力的一种，力的单位是牛顿，是以物理学家牛顿的名字命名的，故。正确。

故选：Do

本题要求学生根据对物理量及其单位的掌握作答。

本题考查学生对常见物理量及其单位的掌握情况，属于基础题。

2.【答案】B

【解析】解：/、建筑工人将噪声较大的机械置于全封闭隔音棚中，是为了在传播过程中减弱噪声，故N错

误；

8、住户将窗户的普通单层玻璃改用双层真空玻璃，是利用了真空不能传声，阻碍噪声的传播，故8正确；

C、粒子阻尼减振降噪技术，减小了振动部位的振动幅度，实现在声源处减弱噪声；发声体的振幅变小，则

产生声音的响度变小，从而避免噪声的响度过大影响乘车体验，故C错误；

噪声是以声波的形式传播的，可以传递信息，也可以传递能量，故。错误。

故选：Bo

减弱噪声的途径有三种：即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱；

声音的传播需要介质；

声音的特性包括音调查、响度和音色。响度的大小与发声体的振幅和距发声体的远近有关；

声音可以传递信息，也可以传递能量。

本题主要考查了对防治噪声的途径和声音特性的辨别，属声学基础题，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：/、阳光照射使池内海水的温度升高，加快蒸发，形成水蒸气，故/错误；

8、水蒸气在塑料膜上液化，形成小水滴，液化放热，故3错误；

C、阳光照射是通过热传递的方式使海水的内能增加，热量是过程量，不能说含有，故C错误；

。、外界大气压增大，该温度计的液柱会上升，受外界大气压影响，故。正确。

故选：Do

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(1)物质由液态变成气态的过程叫做汽化；

(2)物质从气态变为液态的过程叫做液化，液化放热；

(3)改变内能的方式包括做功和热传递，热量是过程量，不能说含有；

(4)气体有着较突出的热胀冷缩的性质，随着外界温度的变化，球形容器内气体的体积会有明显的变化。

本题考查物态变化、内能的改变、热量的概念和温度计的原理，属于综合题。

4.【答案】C

【解析】解：

/、光只有在同种均匀介质中才沿直线传播，光在密度不均匀的糖水中的传播径迹是弯曲的，故/正确；

8、因为潜望镜是由平面镜制成的，所以潜望镜的原理是利用平面镜改变光的传播方向，故2正确；

C、平面镜成像的实质是物体发出的光被平面镜反射后，反射光线的反向延长线相交而成，故C错误；

。、看天上的星星，星星一闪一闪的是因为空气密度不均匀，发生折射的缘故，故。正确。

故选：Co

(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；

(2)平面镜的作用：成像、改变光的传播方向；

(3)根据平面镜成像的特点之一：所成的像是虚像；其原理是光的反射；

(4)光在同种均匀介质中是沿直线传播的，大气层上疏下密，当光线斜射到大气层时，类同于从空气斜射进

入水中，折射光线不断偏折。

本题考查了光的直线传播、平面镜成像、光的反射、光的折射的知识，属于基础知识的考查，相对比较简

单。

5.【答案】D

【解析】解：/、高压输电线，利用了它的导电性好的特点，故不符合题意；

2、坚韧的防弹衣，利用了它的拉力好的特点，故不符合题意；

。、发光二极管，利用了它的半导体特性，故不符合题意；

。、保温隔热材料，要求导热性能差，而石墨烯具有优良的导电性和导热性，故不适合做保温隔热材料，故

符合题意。

故选：Do

本题的石墨烯是T•种新发现的材料，它的物理性质是拉力好、导电性和导热性好、硬度大、熔点高等，根

据它的这些特性我们就能知道它的用途。

这是一道关心科技发展的一道较简单的基础题。解题时一定要从题目中给出的材料的特性入手。

6.【答案】C

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【解析】解：/、跑鞋底部有凹凸花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故/错误；

2、运动员静止时和跑步时对地面的压力相等，都等于其自身重力，但跑步时的受力面积小于静止时的受力

面积，所以跑步时对地面的压强大于静止时对地面的压强，故8错误；

C、通过弯道和加速快跑需要用力，而运动状态改变，说明力可以改变人的运动状态，故C正确；

。、起跑前静止时人所受的重力和人对地面的压力作用在两个物体上且方向相同，不是一对平衡力，故。

错误。

故选：Co

(1)增大摩擦的方式是增大压力或增大接触面的粗糙程度；

(2)压强的大小与压力的大小和受力面积的大小有关；

(3)力可以改变物体的运动状态；

(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。

本题考查摩擦力的有关因素、压强、平衡力的条件、力的作用效果，属于中档题。

7.【答案】D

【解析】解：/、太阳能是核聚变释放的能量，故/错误；

8、天舟一号相对于“天宫”的相对位置没有发生变化，所以是静止的，故B错误；

C、太空属于真空环境，超声波传递需要介质，故C错误；

D,进入火星大气层后，探测器下降过程中其表面与大气层摩擦，机械能转化为内能，故。正确；

故选：Do

(1)太阳能是核聚变释放的能量；

(2)判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准及参照物之间的相对位置是否发生了变化。

如果发生变化，则为运动的，如果未发生变化，则为静止的；

(3)空间站信息是通过电磁波来传递信息的，超声波传递需要介质；

(4)克服摩擦做功，可将机械能转化为内能。

本题以空间站为背景，考查了运动、信息、能量多个知识点的理解与应用，体现了物理知识与高科技领域

的联系，难度不大。

8.【答案】C

【解析】解：/、由题意可知，通过手机扫码使开关Si闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成

自动售货，说明开关&和开关S2应并联共同控制电动机，故/错误；

8、手机镜头扫描二维码所成的是倒立、缩小的实像，故3错误；

C、某同学看不清饮料上的说明，眼睛靠近一些才能看见，说明该同学能看清近处的物体，不能看清远处的

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物体，属于近视眼，近视眼用凹透镜来矫正，故C正确；

。、自动售货机在地面上受到的支持力，施力物体是地面，是由于地面发生形变而产生的，故。错误。

故选：Co

(1)并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；

(2)物距u>2/时，凸透镜成倒立、缩小的实像；

(3)近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，近视眼的晶状体太厚，使像成在视网膜的前方。要戴

一个凹透镜来矫正；

(4)弹力是指物体发生弹性形变而产生的力。

本题考查的知识点较多，但难度不大，属于基础题知识考查。

9.【答案】B

【解析】解：/、电能表又叫电度表，是计量一段时间内接在电能表上的用电器消耗电能多少的仪器，故/

正确；

8、漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，故3错误；

C、三孔插座正中间的插孔应该接三脚插头的最长那只脚，故。正确；

。、有多个空气开关的家庭电路，当某个空气开关“跳闸”，家中可能未完全断电，故。正确。

故选：Bo

(1)电能表用来测量电功的仪表；在某段时间的始末两次读数之差，即为这一段时间内电流所做的功(消耗

的电能)；

(2)漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地

跑了，当单相触电时实际上就是人体加载在了火线和地线之间，火线电流大，零线电流小，漏电保护器工

作，而当双相触电时实际上就是在负载上并联了一个人体，实际的火线电流和零线电流的差值并没有什么

变化，所以会起不到保护作用；

(3)三孔插座正中间的插孔应该接三脚插头的最长那只脚，即地线；

(4)当电路中发生短路或用电器的总功率过大时，导致干路电流过大，空气开关会自动断开，切断电路。

本题考查了家庭电路的连接、安全用电等知识，属于基础题。

10.【答案】D

【解析】解：由电路图甲知，电阻必与定值电阻氏2串联，间电压为定值电阻兄2两端电压。

4由题知，当射向必的红外线被挡时，必阻值变大，根据串联分压规律知，自分得的电压增大，七分得

的电压减小，由图乙知，此时出=UAB=IV，

因为Ri的电阻变大，自动计数器会计数一次，即间电压为1忆时计数一次，故Z错误；

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C当它受到红外线照射时，电阻小，分得的电压小，必分得的电压大，为UZ=U'AB=4V,

由串联电路的电压规律可得，凡两端电压1=U—[=6V—4V=2V,

根据串联电路的分压特点得?=1=毛=]则焉=:必；

1^2U44V22

当必不受红外线照射时，由串联电路的电压规律可得，必两端电压历=U—5=6V—1V=5V,

根据串联电路的分压特点得《=誓=第=：,则%=5%,

1L2U1

为受到红外线照射时的电阻和不受红外线照射时的电阻之比%=之，故C错误；

1LI1U

"UU_U

8.当必受到红外线照射时，电路中电流1~R\+R,~T~一1一31，

/2

当它不受红外线照射时，电路中电流/=1rjjn=冬，

Ri+必5K2+必6必

U

3

电路中电流之比为，—必_3故8错误；

7-X-1

福

D当必受到红外线照射时，电阻用=：&=gx2。=1Q,

在此过程中Ai消耗的电能为卬；=牛《=x0.4s=L6W

当Ri不受红外线照射时，电阻用=5&=5x2。=10。，

在此过程中Ri消耗的电能为%=里±1=黑?x0.2s=0.5W，

Ri10S2

由图乙可知，测试1min经历绊=100次，在此过程中Ri消耗的电能为

0.6s

W=(W[+W1)x100=(1.6W+0.5W)x100=210J,故D正确。

故选：Do

由图甲知，岛与&串联，N3间电压为&两端电压。

(1)由题知，当射向Ai的红外线被挡时，Ai阻值变大，根据串联分压规律知，凡分得的电压增大，尺2分

得的电压减小，由图乙知兄2两端电压，因为Ri的电阻变大，自动计数器会计数一次，即N5间电压为1厂时

计数一次；

(2)当它受到红外线照射时，电阻小，分得的电压小，七分得的电压大，由串联电路的电压规律可得用两

端电压，根据串联电路的分压特点列出关系式；当为不受红外线照射时，由串联电路的电压特点知为两端

电压，根据串联电路的分压特点列出关系式，从而可得Ri受到红外线照射时的电阻和不受红外线照射时的

电阻之比；

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(3)当必受到红外线照射时，由欧姆定律可得电路中电流，当场不受红外线照射时，由欧姆定律可得电路

中电流，从而可得Ri受到红外线照射时和不受红外线照射时电路中电流之比；

(3)当它受到红外线照射时，由题意知用电阻，由卬=与力可得用消耗的电能，当为不受红外线照射时,

由上分析知电阻用大小，根据卬=与力可得为消耗的电能，由图乙可知，0.6s经历一个循环，测试1min

R

经历次数，从而可得1m加%消耗的电能。

本题考查欧姆定律和电能公式的运用等，难度适中。

11.【答案】电子排斥验电器

【解析】解：摩擦起电的实质是电子的转移，所以使头发与气球里的电子发生转移使头发带电，验电器的

工作原理：同种电荷相互排斥。

故答案为：电子；排斥；验电器。

用摩擦的方法可以使物体带电，本质是电子在物体间发生转移；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

掌握摩擦起电的实质、现象，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题，熟悉验电器的工作原理。属于基

础题。

12.【答案】480005.76

【解析】解：由表格数据可知，当平均风速为6m/s时，风力发电机的功率P=16卜印，

W

由。=彳知，每台发电机一天获得的电能：W=Pt=16kWx15h=24：QkW-h,

则200台这样的风力发电机一天获得的电能：W总=200x2^0kW-h=mOkW-h；

根据不考虑能量损失，煤完全燃烧放出的热量：Q放=W总=48000人卬比=1.728x10nJ,

由Q放=n^q可知,完全燃烧煤的质量：rn=0^=y^^^p^=576Okg=5.76%。

q3xIBJ/kg

故答案为：48000；5.76o

由表格数据可知，当平均风速为6m/s时，风力发电机的功率，利用P=:得出每台发电机一天获得的电

能，据此求出200台这样的风力发电机一天获得的电能；根据不考虑能量损失，煤完全燃烧放出的热量电

等于200台这样的风力发电机一天获得的电能，利用Q放=mq求出完全燃烧煤的质量；

本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用，以及热值的相关计算，属于中档题。

13.【答案】压缩做功20

【解析】解：图中两气门都关闭、活塞向上运动，所以是压缩冲程；

在汽油机的工作过程中，做功冲程是内能转化为机械能；

汽油机工作时飞轮转速为2400r/min=40r/s,因飞轮每转2周对外做功一次，所以该内燃机每秒完成20

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次做功冲程。

故答案为：压缩；做功；20。

汽油机工作时，在压缩冲程中，活塞的机械能转化为汽油和空气混合物的内能；在做功冲程中，进气门、

排气门关闭，燃气的内能转化为活塞的机械能，推动活塞向下运动，据此分析作答。

汽油机在一个工作循环中，完成四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次，已知飞轮转速，据此可知1s内,

汽油机完成的工作循环数。

本题考查汽油机的工作过程特点，关键是知道汽油机在压缩冲程和做功冲程中的能量转化情况以及汽油机

在一个工作循环中，完成四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次。

14.【答案】改变机械不能

【解析】将发电机与小量程相连，转动小风车，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流,

电流表指针左右偏转，这说明电路中电流的方向是改变的；此过程中发电机将机械能转化为电能；

若将图中电流表换成电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置

因线圈两端的绝缘漆全部刮掉，无法改变线圈中的电流方向从而不能持续转动下去。

故答案为：改变；机械；不能。

闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；通电导体在磁场

中受力运动。

此题考查了通电线圈在磁场中的转动情况，以及法拉第的电磁感应现象，难度不大。

15.【答案】1.08x1057x10421

【解析】解：(1)浮空艇排开空气的体积为岭卜=V=9000m3,则充满气后浮空艇所受的浮力为：

F浮=p空气9吗£=1.2^/m3xION/kgx9000m3=1.08x105N；

浮空艇内气体的质量为加气=p气V=Q.2kg/m3x9000m3=1.8xW3kg,

浮空艇的总重力为G总=加总g=(1.8x103kg+2x103^)xWN/kg=3.8x104A^,

缆绳对浮空艇的拉力为：F=再孚一G总=1.08x1057V-3.8x1047V=7x1047V,

由于物体间力的作用是相互的，所以缆绳所受拉力为：

F，=E=7x10也；

(2)锚泊车的重力至少是缆绳最大拉力的3倍，则锚泊车的重力为G车=39=3x7x104^=2.1x105A^,

锚泊车的质量为加车=2==2.1x10%g=21%。

910N/kg

故答案为：1.08x105;7x10421o

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(1)利用阿基米德原理公式进行计算即可；由密度公式和重力公式得到浮空艇的总重力，继而得到缆绳对浮

空艇的拉力，根据物体间力的作用是相互的算出缆绳所受拉力；

(2)依据锚泊车的重力至少是缆绳最大拉力的3倍，得到锚泊车的重力，利用重力公式得到锚泊车的质量。

本题考查重力公式、密度公式、浮力公式的应用，考查正确对物体做受力分析，难度中等。

16.【答案】解：空中缆车随缆绳做匀速直线运动，所以缆车受力平衡，不计空气阻力，轿厢受到竖直向下

的重力G和竖直向上的拉力厂的作用，这两个力大小相同、方向相反、在同一直线上，作用点在轿厢的重

【解析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，先分析轿厢的受力情况，再画出力的示意图。

本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。

17.【答案】解：开关闭合时，电磁铁具有磁性，会吸引衔铁，使电动机的电路接通；开关断开时，衔铁在

弹簧拉力的作用下与电磁铁分离，使小灯泡的电路接通，如图所示：

【解析】开关闭合时，电磁铁具有磁性，会吸引衔铁，使电动机的电路接通；开关断开时，衔铁在弹簧拉

力的作用下与电磁铁分离，使小灯泡的电路接通。

本题考查了电磁继电器的工作过程，是一道基础题。

18.【答案】使物体发生形变凸透2.6压力越大

【解析】解：(1)用力捏矿泉水瓶，可观察到瓶子变扁，说明力可以使物体发生形变。

(2)将装满水的矿泉水瓶在水平方向上中间厚，边缘薄，相当于凸透镜，对光有会聚作用，故可观察到它的

侧下方有一条亮线。

(3)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力

大小才等于摩擦力的大小，由图知，测力计分度值为0.2N，示数为2.6N，故摩擦力大小等于2.6N。

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在图甲操作的基础上，将瓶中水倒出部分后，瓶对水平面的压力减小，再次沿水平方向拉着木块做直线运

动，测力计示数为2.2N,故摩擦力大小等于2.2N。因接触面粗糙程度不变，压力减小，摩擦力减小，可

以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大。

故答案为：(1)使物体发生形变；(2)凸透；(3)2.6；压力越大。

(1)力可以使物体发生形变，也可以改变物体的运动状态。

(2)凸透镜对光有会聚作用。

(3)根据二力平衡的条件分析，根据测力计分度值读数；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触

面的粗糙程度，据此分析；

本题考查了力的作用效果、凸透镜的特点和影响滑动摩擦力大小的因素，属于基础题。

19.【答案】甲、乙相同加热时间的长短产他一幻

mi—m2

【解析】解：(1)为了比较不同燃料的热值，应选择燃料不同但液体相同的装置，即甲、乙两图进行实验。

(2)①选择合适的装置进行实验，应注意在燃烧同种燃料时还需要控制火力相同，是为了使两种液体在相同

的时间内吸收相同的热量，所以在实验时主要用加热时间的长短来表示两种液体吸热的多少；

②吸热后它们的温度随时间变化的图象，如图2所示，质量和初始温度均相同的°、6两种液体，温度升高

慢的比热容大，所以，b液体的比热容较大。

(3)液体。吸收的热量：Q吸=cm(t2-3,

假设燃料完全燃烧放出的热量全部供液体a吸收，燃料1完全燃烧放出的热量：Q放=Q吸=cm(t2-ii),

燃烧燃料的质量：加燃料=61一篇2,

由◊放=mg可得酒精的热值：

加燃料ml—m2

故答案为：(1)甲、乙；(2)①相同；加热时间的长短；②6；(3)空色二包。

7721—m2

(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；根据控制变量法的

要求选择相应的图示进行实验；

比较物质吸热能力的2种方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强;

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力

强。

⑶根据Q吸=Q放=cm△力求解。

此类实验问题，要结合控制变量法进行分析研究，通过观察温度的变化判断燃料热值的大小。

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20.【答案】滑动变阻器将两个下端接线柱接入了电路电压表示数0.51口羸X：

【解析】解：（1）电路连接中，电压表应与小灯泡并联，小灯泡额定电压为2.5V，选择电压表的量程为0〜3V，

电路连接如下图所示：

甲

（2）小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，说明电路是通路，且电路中电阻较大；无论如何移动

滑动变阻器滑片P,小灯泡亮度都不变，说明滑动变阻器没有变阻的作用，即原因可能是滑动变阻器将两个

下端接线柱接入了电路；

（3）移动变阻器滑片，观察电压表示数，直至灯泡正常发光；如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值

为0.024，电流表的示数为0.24，此时灯泡电压为额定电压2.5V，则灯泡的额定功率为：

P=UI=2.5Vx0.2A=0.5W；

（4）电源用的是2节新干电池，即电源电压为3匕由串联电路的分压原理可知，当灯泡电压最小时，滑动变

阻器连入电路的阻值最大，由实验数据知，当灯泡两端的电压为0.2V时，滑动变阻器两端的电压为

3V-0.2V=2.8V,此时电路中的电流为0.02A,根据欧姆定律可得滑动变阻器的电阻应为

五=9=瓷二=140。，而滑动变阻器的最大阻值为50。，所以不能得到上述数据，据此推断第1次数据

I0.024

是编造的，要想得到上述数据，应更换最大阻值大一些的滑动变阻器，故选：B-,

（5）分析实验的原理可以得出其具体的步骤为：

①只闭合开关Si，移动滑动变阻器兄2的滑片，使电流表示数为/额（此时灯泡正常发光）

②只闭合开关S2,保持滑动变阻器五2的滑片位置不变，调节滑动变阻器必的滑片使电流表示数为/额；再

将滑动变阻器兄2的滑片调到最左端，此时滑动变阻器丘2接入电路的电阻为0,则小灯泡的电阻与变阻器R1

此时的电阻相同，读出电流表的示数为/;

由欧姆定律可得灯泡电阻凡Z=p

小灯泡的额定功率：P额=I^RL=编x，。

故答案为：（1）见解答图；（2）滑动变阻器将两个下端接线柱接入了电路；（3）电压表示数；0.5;（4"；B；

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9U

(5)/额x-jo

(1)电路连接中，电压表应与小灯泡并联，根据灯泡的额定电压选择电压表的量程；

(2)小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，说明电路是通路，且电路中电阻较大；无论如何移动

滑动变阻器滑片P,小灯泡亮度都不变，说明滑动变阻器没有变阻的作用，据此分析；

(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；根据电流表的量程读出电流表的示数，通过尸=U/计

算功率；

(4)根据串联电路电压规律和欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的阻值，根据滑动变阻器接入电路的电阻分

析即可；

(5)此实验的原理是利用等效替代法，测出灯泡的电阻，再通过电功率的变形公式P=/2兄可计算小灯泡的

额定功率。

本题测小灯泡电功率实验，考查电路的连接、故障分析、电流表读数、数据分析、欧姆定律、电功率公式

的灵活运用及设计实验方案的能力和等效替代法的运用，是一道难题。

21.【答案】相同光照亮度1、2、3反光源种类48

【解析】解：

(1)为了验证光照的亮度与光源的发光功率的关系，应控制与测试点到光源的距离和光源的种类，所以实验

时，铅笔到白纸板的距离每次都应相同，通过比较白纸板上影子的“深浅”程度来反映光照亮度；

(2)①蜡烛个数成倍增加表示光源的发光功率成倍增加，

初步得出：在光源的种类、测试点到光源的距离等条件一定时，光照的亮度与光源的发光功率成正比的结

论，即可控制光源的种类、测试点到光源的距离相向，只改变光源发光功率(蜡烛的个数)，

由表中数据知，应选择序号1、2、3的数据分析归纳；

②由实验序号3、4、5的数据知，蜡烛个数相同，即光源的发光功率相同，光源都是蜡烛，即光源种类相

同，

到光源的距离由15cm增大为30cm(增大2倍)，光照亮度由96L“x,减小为24Lua;(减小为原来的；)；

到光源的距离由15cm增大为45cm(增大3倍)，光照亮度由96£"x,减小为11£皿(约减小为原来的；)。

所以可得结论：光源种类和发光功率相同，光照亮度与到光源的距离的平方成反比；

(3)由控制变量法知，要探究光照的亮度与光源的种类有关，应控制光源的发光功率和测试点到光源的距离

等条件一定时，应改变光源的种类进行实验；

(4)由6、7两组数据知，同是功率为3%的白炽灯和LED灯，测试点到白炽灯距离是到灯距离的;，

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光照亮度相同,

由光源种类和发光功率相同时，光照亮度与到光源的距离的平方成反比知，3平的上即灯光照的亮度相当于

3Wx16=48卬的白炽灯；

所以乙口灯的发光效率（光照亮度与功率的比值）比相同功率的白炽灯要高。

故答案为：（1）相同；光照亮度；（2）①1、2、3；②反；（3）光源种类；（4）48o

光照的亮度与光源的发光功率、与测试点到光源的距离、与光源的种类有关，即光照的亮度与多个因素有

关，所以应根据采用控制变量法进行分析解答。

本题考查学生科学探究中分析论证的能力，关键是用好控制变量法，有一定难度。

22.【答案】解：（1）由图乙可知，提升重力为120N的物体时的机械效率为80%，

叫用叫用GhG

不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率rj==及=…2=方工7厂，

皿总W有用+皿额Gtl+G动九G+G动

动滑轮的重力：G动==1;警x120N=30N；

T）80%

（2）由图可知几=3，绳子自由端移动的距离：s=nh=3x2m=6m,

因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：/