2024北京八中高三（上）期中数学（教师版）

第1页/共1页2024北京八中高三（上）期中数学学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．已知集合，，则（

）A． B．C． D．2．命题“，”的否定为（

）A．， B．，C．， D．，3．已知复数满足，则的取值范围是（

）A． B． C． D．4．若双曲线的离心率为，则该双曲线的渐近线方程为（

）A． B．C． D．5．直线和直线，则“”是“”的（

）A．必要不充分条件 B．充分不必要条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件6．已知函数的部分图象如图所示，则下列说法正确的是（

）A．该图象对应的函数解析式为B．函数的图象关于直线对称C．函数的图象关于点对称D．函数在区间上单调递减7．已知，是椭圆C：的两个焦点，P为C上一点，且，，则C的离心率为（

）A． B． C． D．8．函数的大致图象为（

）A． B．C． D．9．“打水漂”是一种游戏：按一定方式投掷石片，使石片在水面上实现多次弹跳，弹跳次数越多越好．小乐同学在玩“打水漂”游戏时，将一石片按一定方式投掷出去，石片第一次接触水面时的速度为，然后石片在水面上继续进行多次弹跳．不考虑其他因素，假设石片每一次接触水面时的速度均为上一次的，若石片接触水面时的速度低于，石片就不再弹跳，沉入水底，则小乐同学这次“打水漂”石片的弹跳次数为（

）（参考数据：）A．5 B．6 C．7 D．810．已知函数，，若有4个零点，则的取值范围为（）A． B． C． D．二、填空题11．已知向量，若向量在上的投影向量为，且与不共线，请写出一个符合条件的向量的坐标.12．已知展开式中各项系数和为243，则展开式中的第3项为.13．已知抛物线上的点P到抛物线的焦点F的距离为6，则以线段PF的中点为圆心，为直径的圆被x轴截得的弦长为．14．印章是我国传统文化之一，根据遗物和历史记载，至少在春秋战国时期就已出现，其形状多为长方体､圆柱体等，陕西历史博物馆收藏的“独孤信多面体煤精组印”是一枚形状奇特的印章（如图1），该形状称为“半正多面体”（由两种或两种以上的正多边形所围成的多面体），每个正方形面上均刻有不同的印章（图中为多面体的面上的部分印章）.图2是一个由18个正方形和8个正三角形围成的“半正多面体”（其各顶点均在一个正方体的面上），若该多面体的棱长均为1，且各个顶点均在同一球面上，则该球的表面积为.15．已知数列an中各项均为正数，且，给出下列四个结论：①对任意的，都有；②数列an③若，则当时，；④若，则数列an为递减数列，其中正确结论是.三、解答题16．在中，．(1)求；(2)再从条件①、条件②、条件③这三个条件中选择两个作为已知，使存在且唯一确定，求的面积．条件①：；条件②：；条件③：．注：如果选择的条件不符合要求，第（2）问得0分；如果选择多组符合要求的条件分别解答，按第一组解答计分．17．已知三棱柱中，，是的中点，，.（1）证明：；（2）若侧面是正方形，求平面与平面夹角的余弦值.18．《中华人民共和国体育法》规定，国家实行运动员技术等级制度，下表是我国现行《田径运动员技术等级标准》（单位：m）（部分摘抄）：项目国际级运动健将运动健将一级运动员二级运动员三级运动员男子跳远8.007.807.306.505.60女子跳远6.656.355.855.204.50在某市组织的考级比赛中，甲、乙、丙三名同学参加了跳远考级比赛，其中甲、乙为男生，丙为女生，为预测考级能达到国家二级及二级以上运动员的人数，收集了甲、乙、丙以往的比赛成绩，并整理得到如下数据（单位：）：甲：6.60，6.67，6.55，6.44，6.48，6.42，6.40，6.35，6.75，6.25；乙：6.38，6.56，6.45，6.36，6.82，7.38；丙：5.16，5.65，5.18，5.86．假设用频率估计概率，且甲、乙、丙的比赛成绩相互独立，(1)估计甲在此次跳远考级比赛中成绩达到二级及二级以上运动员的概率；(2)设X是甲、乙、丙在此次跳远考级比赛中成绩达到二级及二级以上运动员的总人数，估计X的数学期望；(3)在跳远考级比赛中，每位参加者按规则试跳6次，取6次试跳中的最好成绩作为其最终成绩本次考级比赛中，甲已完成6次试跳，丙已完成5次试跳，成绩（单位：m）如下表：第1跳第2跳第3跳第4跳第5跳第6跳甲6.506.486.476.516.466.49丙5.845.825.855.835.86a若丙第6次试跳的成绩为a，用分别表示甲、丙试跳6次成绩的方差，当时，写出a的值．（结论不要求证明）19．已知椭圆的离心率是，点在上．(1)求的方程；(2)过点的直线交于两点，直线与轴的交点分别为，证明：线段的中点为定点．20．已知函数.(1)若，求曲线在点处的切线方程.(2)若在处取得极值，求的极值.(3)若在上的最小值为，求的取值范围.21．已知有限数列为单调递增数列．若存在等差数列，对于A中任意一项，都有，则称数列A是长为m的数列．（1）判断下列数列是否为数列（直接写出结果）：①数列1，4，5，8；②数列2，4，8，16．（2）若，证明：数列a，b，c为数列；（3）设M是集合的子集，且至少有28个元素，证明：M中的元素可以构成一个长为4的数列．

参考答案题号12345678910答案CDDABBAABB1．C【分析】解不等式化简集合，再利用并集的定义求解即得.【详解】解不等式，得，解得，则，而，所以.故选：C2．D【分析】根据全称命题与存在性命题的关系，准确改写，即可求解.【详解】根据全称命题与存在性命题的关系，可得：命题“，”的否定为“，”.故选：D．3．D【分析】利用表示以0,1为圆心，为半径的圆，表示圆上的点到原点的距离可得答案.【详解】因为在复平面内，表示到点0,1距离为1的所有复数对应的点，即表示以0,1为圆心，为半径的圆，表示圆上的点到原点的距离，所以最短距离为，最长距离为，则的取值范围是0,2.故选：D.4．A【分析】根据公式，即可求解.【详解】由题意可知，，则，所以双曲线的渐近线方程为，即.故选：A5．B【分析】由题意先求出的充要条件，然后根据充分不必要条件的定义判断即可.【详解】由题设，解得或.故，.所以“”是“”的充分不必要条件.故选：B.6．B【分析】先依据图像求得函数的解析式，再去代入验证对称轴、对称中心、单调区间的说法.【详解】由图象可知，即，所以，又，可得，又因为所以，所以，故A错误；当时，.故B正确；当时，，故C错误；当时，则，函数不单调递减.故D错误．故选：B7．A【分析】根据椭圆的定义分别求出，在中，利用余弦定理求得的关系，从而可得出答案.【详解】解：在椭圆C：中，由椭圆的定义可得，因为，所以，在中，，由余弦定理得，即，所以，所以C的离心率.故选：A.8．A【分析】根据函数的奇偶性、特殊点的函数值来确定正确选项.【详解】的定义域为，，为奇函数，图象关于原点对称，排除C选项.,，排除BD选项.所以A选项符合.故选：A9．B【分析】设这次“打水漂”石片的弹跳次数为，根据题意得，即，根据指数函数的单调性和对数换底公式求解即可.【详解】设这次“打水漂”石片的弹跳次数为，由题意得，即，得.因为，所以，即.故选：B.10．B【分析】由题意可得x=0为1个零点，只需要x0时，，即y=a与y有3个交点且交点的横坐标不为0，作出y的图象，即可得出结论．【详解】当x=0时，g(0)=f(0)-0=0，当时，由题意可得，即y=a与y有3个交点且交点的横坐标不为0，令h(x)=,令h′（x）=，则x=，所以h(x)在（0，）单调递增，在（）上单调递减，∴y的大致图像如图：又h()=若y=a与y有3个交点且交点的横坐标不为0，则，故选B.【点睛】本题考查分段函数的零点，考查了利用导数解决函数零点的问题，考查了分析转化问题的能力，属于中档题．11．（答案不唯一）【分析】根据题意，得到，求得，进而可写出一个向量，得到答案.【详解】由向量，可得向量，因为向量在上的投影向量为，可得，可得，设，可得，取，此时向量与向量不共线，故.故答案为：（答案不唯一）.12．/【分析】令，即可求出展开式系数和，从而求出，再写出展开式的通项，即可得解.【详解】解：令，得，解得，所以的展开式的通项，则展开式的第项为．故答案为：13．4【分析】首先利用抛物线定义确定P点坐标，进而可得以的中点为圆心，PF长度为直径的圆的方程，再代入计算可得弦长.【详解】抛物线的焦点，准线为，由题意得，结合抛物线定义知P点到准线的距离为6，

则，代入横坐标可得，即，所以的中点坐标为或，，所以以的中点为圆心，PF长度为直径的圆的方程为或，圆心到轴距离为，所以与截得的弦长为，故答案为：4.14．【分析】根据几何体的结构特征确定其外接球球心位置，根据已知求球体半径，进而求球体表面积.【详解】由对称性知：该多面体的各顶点在棱长为的正方体的表面上，如图，设其外接球的球心为，正方形的中心为，则点到平面的距离，又，所以该多面体外接球的半径，故该球的表面积为.故答案为：15．②③④【分析】对于①，根据一元二次方程有解得情况，利用判别式可得首项的取值范围，可得答案；对于②，将数列每一项设成未知量，根据等式建立方程，可得答案；对于③④，由题意作函数与函数的图象，利用数形结合的思想，对应数列中项在图象上的位置，可得答案.【详解】对于①，将等式看作关于的一元二次方程，即，该方程有解，则，所以当时，方程有解，即当时，一定存在数列an满足，故①错误；对于②，令，由题意可得，解得（舍去）或，常数列满足，故②正确；由题意作函数与函数的图象如下：由，则点在函数的图象上，易知在函数的图象上，对于③，当时，由在函数的图象上，则，由在函数的图象上，则，当时，，由在函数的图象上，则，由在函数的图象上，则，综上所述，若，当时，，故③正确；对于④，当时，由在函数的图象上，且在函数的图象上，则，当时，由在函数的图象上，且在函数的图象上，则，故④正确.故答案为：②③④.16．(1)(2)答案见解析【分析】（1）根据题意，利用余弦定理求得，即可求解；（2）根据题意，若选择①②，求得，由正弦定理求得，再由余弦定理求得，结合面积公式，即可求解；若①③：先求得，由，利用正弦定理求得，结合面积公式，即可求解；若选择②③，利用余弦定理，列出方程求得，不符合题意.【详解】（1）解：因为，由余弦定理得，又因为，所以.（2）解：由（1）知，若选①②：，，由，可得，由正弦定理，可得，解得，则，又由余弦定理，可得，即，解得或（舍去），所以的面积为.若选①③：且，由，可得，因为，可得，由正弦定理，可得，解得，所以的面积为.若选：②③：且，因为，可得，整理得，解得，不符合题意，（舍去）.17．（1）证明见解析；（2）.【分析】（1）取的中点，连接、、，证明出平面，，由此可证得；（2）以点为坐标原点，、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系，利用空间向量法可求得平面与平面夹角的余弦值.【详解】（1）取的中点，连接、、，因为，，故为等边三角形，因为为的中点，则，因为，，故平面，平面，所以，，、分别为、的中点，则，因此，；（2），则四边形是边长为的正方形，、分别为、的中点，则，由（1）可得，，，故与所成角为，即，又因为，，平面，平面，则，所以，、、两两垂直，以点为坐标原点，、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系，则、、、、，，，，，设平面的法向量为，则，取，则，易知平面的一个法向量为，.因此，平面与平面夹角的余弦值为.18．(1)(2)(3)或.【分析】（1）由已知数据计算频率，用频率估计概率；（2）由X的取值，计算相应的概率，由公式计算数学期望；（3）当两人成绩满足的模型，方差相等.【详解】（1）甲以往的10次比赛成绩中，有4次达到国家二级及二级以上运动员标准，用频率估计概率，估计甲在此次跳远考级比赛中成绩达到二级及二级以上运动员的概率为；（2）设甲、乙、丙在此次跳远考级比赛中成绩达到二级及二级以上运动员分别为事件，以往的比赛成绩中，用频率估计概率，有，，，X是甲、乙、丙在此次跳远考级比赛中成绩达到二级及二级以上运动员的总人数，则X可能的取值为0，1，2，3，，，，，估计X的数学期望；（3）甲的6次试跳成绩从小到大排列为：，设这6次试跳成绩依次从小到大为，丙的5次试跳成绩从小到大排列为：，设丙的6次试跳成绩从小到大排列依次为，当时，满足，成立；当时，满足，成立.所以或.19．(1)(2)证明见详解【分析】（1）根据题意列式求解，进而可得结果；（2）设直线的方程，进而可求点的坐标，结合韦达定理验证为定值即可.【详解】（1）由题意可得，解得，所以椭圆方程为.（2）由题意可知：直线的斜率存在，设，联立方程，消去y得：，则，解得，可得，因为，则直线，令，解得，即,同理可得，则，所以线段的中点是定点.

【点睛】方法点睛：求解定值问题的三个步骤（1）由特例得出一个值，此值一般就是定值；（2）证明定值，有时可直接证明定值，有时将问题转化为代数式，可证明该代数式与参数(某些变量)无关；也可令系数等于零，得出定值；（3）得出结论．20．(1)(2)极大值，极小值；(3)【分析】（1）根据导数的几何意义，即可求得答案；（2）根据在处取得极值，求出a的值，从而判断函数的单调性，求得极值；（3）分类讨论，讨论a与区间的位置关系，确定函数单调性，结合函数的最值，即可确定a的取值范围.【详解】（1）若，则，则，故，故曲线在点处的切线方程为，即；（2）定义域为，则，由于在处取得极值，故，则，令，则或，函数在上均单调递增，令，则，函数在上单调递减，故当时，取到极大值，当时，取到极小值；（3）由于，当时，，仅在时等号取得，在上单调递增，则，符合题意；当时，则时，，在上单调递减，时，，在上单调递增，故，不符合题意；当时，，在上单调递减，故，不符合题意；综上，可知的取值范围为.【点睛】方法点睛：第三问根据函数的最小值求解参数范围，求出导数后，要分类讨论，讨论a与区间的位置关系，从而确定最值，求得参数范围.21．（1）①数列，，，是数列；②数列，，，是数列；（2）证明见解析；（3）证明见解析．【分析】（1）由数列的新定义，可直接判定