2025届江西省宜春市宜丰中学高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

2025届江西省宜春市宜丰中学高二物理第一学期期中教学质量检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、把两个相同的电灯分别接在图中甲、乙两个电路里，调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，两电路中消耗的总功率分别为和，可以断定A．>B．<C．

=D．无法确定2、我国不少地方在节日期间有挂红灯笼的习俗。如图所示，一盏灯笼用细线悬挂起来处于静止状态，关于灯笼所受拉力与重力的关系，下列描述正确的是（）A．拉力大于重力B．拉力小于重力C．拉力与重力是一对平衡力D．拉力与重力是一对作用力与反作用力3、每年春节前浙江农村都有打年糕的习俗，借此来寓意“年年发财、步步高升”。打年糕时，一人将“石杵”一起一落挥动，另一人在“石杵”挥动的间隙迅速翻动米粉团，直到米粉团柔软而有弹性。已知“石杵”质量为10kg，每分钟捶打20下，每次重心上升的高度约为90cm，则人挥动“石杵”1分钟做的功约为（）A．60J B．180J C．1800J D．10800J4、如图所示是磁流体发电机的示意图，两平行金属板P、Q之间有一个很强的磁场。一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）沿垂直于磁场的方向喷入磁场。把P、Q与电阻R相连接。下列说法正确的是（）A．Q板的电势高于P板的电势B．R中有由b向a方向的电流C．若只改变磁场强弱，R中电流保持不变D．若只增大粒子入射速度，R中电流增大5、在平行板间加上如图所示周期性变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况，下列选项图中，能定性描述粒子运动的速度图像的是A． B． C． D．6、如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的伏安特性曲线，电源的电动势和内阻分别用E、r表示，根据所学知识分析下列选项正确的是A．电源的电动势E＝40VB．电源的内阻r＝8.3ΩC．当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为20ΩD．当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为80W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、小车AB静置于光滑的水平面上，A端固定一个轻质弹簧，B端粘有橡皮泥，AB车的质量为M、长为L，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB与C都处于静止状态，如图所示，当突然烧断细绳，弹簧被释放，使物体C离开弹簧向B端冲去，并跟B端橡皮泥黏在一起，以下说法中正确的是()A．如果AB车内表面光滑，整个系统任何时刻机械能都守恒B．整个系统任何时刻动量都守恒C．当木块对地运动速度大小为v时，小车对地运动速度大小为vD．AB车向左运动最大位移大于8、一灯泡标有“220V100W”字样将其接到110V的电源上(不考虑灯泡电阻的变化)，则有A．灯泡的实际功率为50W B．灯泡的实际功率为25WC．通过灯泡的电流为额定工作电流的 D．通过灯泡的电流为额定工作电流的9、电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）A．电流表和电压表读数均增大B．电流表和电压表读数均减小C．电压表V1的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D．电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小10、有两段同种材料的电阻丝,长度相同,横截面的直径之比为dA:dB=1:2,把它们串联在电路中,则下列说法正确的是(

)A．它们的电阻之比RA:RB=4:1B．通过它们的电流之比IA:IB=1:4C．两段导体两端电压之比U1:U2=4:1D．两段电阻丝发热功率之比PA:PB=1:4三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一固定在P点的点电荷，以EP表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则θ_______，EP________（“增大”“减小”“不变”）12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，得出伏安特性曲线如图甲所示．所用小灯泡的额定电压是3.0V.(1)画出实验电路图______．(2)将实物图乙连接成实验电路______．(3)根据图甲，该小灯泡在电压为2.8V时的实际电阻为________Ω(结果保留三位有效数字)．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一条长为L的绝缘细线，上端固定，下端系一质量为m的带电小球，将它置于电场强度为E、方向水平向右的匀强电场中，当小球平衡时，悬线与竖直方向的夹角α＝45°．(1)小球带何种电荷？电荷量为多少？(2)若将小球向左拉至悬线呈水平位置，然后由静止释放小球，则从放手后至最低点的过程中小球做什么运动？经多长时间到达最低点？14．（16分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.2m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=1Ω的直流电源．现把一个质量的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，它们之间的动摩擦因数为μ=0.1．为使导体棒能静止在导轨上，在导轨所在平面内，加一个竖直向上的匀强磁场．导轨电阻不计，导体棒接入电路的电阻R0=2Ω．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2．求：（1）当磁感应强度B1多大时，导体棒与导轨间的摩擦力为零；（2）当磁感应强度B2=12.1T时，导体棒与导轨间摩擦力的大小和方向；（3）使导体棒能静止在导轨上所加磁场的磁感应强度B的最小值．15．（12分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电荷量为＋q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示．小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求(1)电场强度E的大小；(2)小球在圆轨道上运动时的最大速率(3)小球对圆轨道的最大压力的大小

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据两电路灯泡正常，可得甲电路中的电流是乙电路中的2倍，而甲电路两端所加的电压乙电路两端的一半，由P=UI可知

=，选项ABD错误、C正确。故选：C。2、C【解析】

灯笼受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力，处于平衡状态，所以重力和拉力，等大反向，是一对相互作用力，C正确ABD错误。故选C。3、C【解析】

挥动“石杵”一次所做的功1分钟内做的总功故ABD错误，C正确。故选C。4、D【解析】

AB．等离子体进入磁场，根据左手定则可知正电荷向上偏，打在上极板上；负电荷向下偏，打在下极板上；所以上极板带正电，下极板带负电，则P板的电势高于Q板的电势，流过电阻电流方向由a到b；故A错误，B错误；C．根据稳定时电场力等于磁场力即：则有：再由欧姆定律：电流与磁感应强度成正比，改变磁场强弱，R中电流也改变；故C错误；D．由上分析可以知道，若只增大粒子入射速度，R中电流也会增大；故D正确。故选D。5、B【解析】

重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=时刻开始将其释放，粒子在匀强电场中从静止开始运动，从到做匀加速运动；从到，因电场力反向，则做匀减速运动，速度达到零；而从到T，因电场力方向不变，因此反向做匀加速运动；从T到继续做匀减速运动，速度达到零。在下一个周期中仍是这样：回头向前匀加速运动，再匀减速运动，这样来回运动下去。速度先增大后减小，再反向增大，再反向减小。A.速度方向没有改变，与结论不符，故A错误；B.速度变化与结论相符，故B正确；C.速度不是均匀变化，方向没有变化，与结论不符，故C错误；D.速度不是均匀变化，与结论不符，故D错误；6、C【解析】

AB.甲为电源的U−I图象，故纵截距表示电源电动势，即E＝50V，在路端电压为20V时电路电流为6A，根据闭合回路欧姆定律可得50＝20＋6r，解得r＝5Ω，故AB错误；CD.当该导体直接与该电源相连时，两图线的交点表示工作时的电压和电流，故可知电阻两端的电压为40V，通过电阻的电流为2A，所以该导体的电阻大小为20Ω，电路消耗的总功率为，故C正确，D错误；故选择：C；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AB与C这一系统所受合外力为零，系统在整个过程中动量守恒，但粘接过程有机械能损失。根据动量守恒有：则有：同时该系统属于人船模型，则有：所以车向左的位移应为：；故AD错误，BC正确；故选BC。8、BC【解析】试题分析：根据可知，当电压减半时，灯泡的电功率变为原来的四分之一，即灯泡的实际功率为25W，根据当电压减半时，通过灯泡的电流为额定电流的0.5倍，选项BC正确．考点：电功率及欧姆定律．9、CD【解析】试题分析：由电路图可知，滑动变阻器的滑动片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压，则U增大，电阻的电压减小，则电压表示数减小；并联部分的电压增大，电压表示数增大；增大，通过的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小．故AB错误，D正确；电压表的示数与电压表的示数之和等于U，即，因示数增大，示数减小，而U减小，所以电压表的示数增加量小于电压表的示数减小量，故C正确．故选CD．【点睛】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析答题．10、AC【解析】

A．长度、材料均相同，它们的横截面的直径之比为：dA：dB=1：2则横截面积之比为：SA：SB=1：4，根据：可知电阻之比：RA：RB=4：1故A正确；B．因两者是串联，它们的电流总相等，故B错误；C．两段导体两端电压之比为：故C正确.D．两段电阻丝发热功率之比为：故D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小不变【解析】

电容器视为通电后断开电源，故极板上的电荷量不变，上极板下移，板间距离减小，由可知C增大，由可知两板间的电压变小，指针张角应该减小，由得：，Q、k、S、均不变，则E不变，P点与零势面的距离不变由可知电势差不变，电势不变，故电势能也不变．综上所述本题答案是：(1).减小(2).不变12、10.8【解析】

（1）[1]．实验中电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器需采用分压式接法．灯泡内阻较小，电流表采取外接法误差较小．电路图如下．

（2）[2]．实物图连接如图．

（3）[3]．当电压为2.8V时，电流为0.26A，则四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）带正电；（2）放手后小球将做匀加速直线运动；【解析】

（1）如图所示由题意可知，

小球所受合力为F合＝mg小球所受电场力与重力大小相等，故有qE=mg所以小球所带的电荷量为q＝带正电。

（2）将小球向左拉到水平处可知小球所受重力和电场力的合力沿图中虚线方向，而绳在水平方向对球无弹力，故小球将沿虚线方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知，小球的加速度为到达最低点时，小球的位移为L，根据初速度为0的匀加速直线运动规律有L＝at2可得小球运动时间为14、（1）6.21T（2）（3）【解析】（1）根据闭合电路的欧姆定律，则有由平衡条件得：，得（2）导体棒受力情况如图所示(图中摩擦力f未画出)当磁感应强度时，摩擦力f沿斜面向下，由平衡条件得：代入数据得：（3）当磁感应强度B最小时，导体棒恰好不下滑，这时摩擦力f沿斜面向上，则有：而：又：联立得：15、（1）E=；（2）；（3）F=（2+3）mg【解析】

（1）设电场强度为E，小球从A到C由动能定理：qE•3R−mg•2R=mvc2，小球过C点时速度大小为vc，小球离开C点后做平抛运动到P点：R=gt2，2R=vct联立解得：E=，即电场强度E的大小为；（2）设小球运动到圆周D点时速度最大为v，此时OD与竖直线OB夹角为α，小球从A运动到D过程，根据动能定理：qE(2R+Rsinα)-mgR(1-cosα)=mv2，即：mv2=mgR(sinα+cosα+1)根据数学知识可得，当α=45°时动能最大，由此可得：，即小球在圆轨道上运动时的最大速率为．(3)由于小球在D点时速度最大且