2025届广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

2025届广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海物理高二第一学期期中复习检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在静电场中，把电荷量为的正试探电荷从A点移到B点，克服静电力做功，以下说法中正确的是（）A．B点的电势是15VB．电荷的动能增加了C．电荷的电势能增加了D．电荷在B点具有的电势能是2、下列四幅图的有关说法，错误的是（）A．甲图中的电场是负电荷产生的B．乙图中，a、b两点的电场强度相同，电势不同。C．丙图中，若线圈通以顺时针的电流后，小磁针的N极将指向纸面里D．丁图中，在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的N极指向地磁场的南极3、如图所示，电源电压为6V，电压表示数为2.5V，则（）A．L1两端电压为2.5VB．L1两端电压为3.5VC．L2两端电压为3.5VD．以上说法都不对4、一带正电荷的小球沿光滑、水平、绝缘的桌面向右运动，如图所示，速度方向垂直于匀强磁场．小球飞离桌面后，最终落在水平地面上，设飞行时间为t1，水平射程为s1，着地速率为v1．现撤去磁场，其他条件不变，小球飞行时间为t2，水平射程为s2，着地速率为v2，则有()A．v1>v2B．v1=v2C．s1=s2D．t1<t25、如图，质量为60g的铜棒长为L=20cm，棒的两端与等长的两细软铜线相连，吊在磁感应强度B=0.5T、方向竖直向上的匀强磁场中.当棒中通过恒定电流I后，铜棒能够向上摆动的最大偏角θ=60°，g取10m／s2，则铜棒中电流I的大小是()A．A B．A C．6A D．A6、在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低。如图所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些。汽车的运动可看做是做半径为R的圆周运动。设内外路面高度差为h，路基的水平宽度为d，路面的宽度为L。已知重力加速度为g。要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时的车速应等于（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲带负电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用一水平恒力F拉乙物块，使甲、乙无相对滑动一起向左加速运动，在加速运动阶段A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小C．乙物块与地面之间的摩擦力保持不变D．乙物块与地面之间的摩擦力不断减小8、截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是A．电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变B．导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率减为原来的一半C．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变D．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍9、如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中．质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止．则（）A．磁场方向竖直向下B．磁场方向竖直向上C．ab所受支持力的大小为mgcosθD．ab所受安培力的大小为mgcosθ10、如图甲所示，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0-T/3时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0-T时间内运动的描述，正确的是A．末速度沿水平方向,大小为v0B．重力势能减少了C．电场力做功为D．金属板长度为3v0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现要测定一个额定电压为3V、额定功率为1.2W的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围为0～3V.现有器材：直流电源E(电动势4.5V，内阻不计)，电压表V1(量程3V，内阻约为3kΩ)，电压表V2(量程15V，内阻约为15kΩ)，电流表A1(量程200mA，内阻约为2Ω)，电流表A2(量程400mA，内阻约为1Ω)，滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)，开关S，导线若干．（1）如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电压表是________（填写V1或V2），选用的电流表是________（填写A1或A2），（2）将测量小灯泡电阻的实验电路图画在答题纸的虚线框内___________．12．（12分）某同学通过实验测量一根长度为L的电阻丝的电阻率．（1）由图甲可知电阻丝的直径D=mm．（1）将如下实验操作补充完整：按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1．（3）此电阻丝的电阻率的表达式ρ=．（用已知量和所测物理量的字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）匀强电场中，将一电荷量为2×10-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60°角，如图所示，问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）该匀强电场的电场强度为多大？14．（16分）如图所示，在一足够大的空间内存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小E=3.0×104N/C．有一个质量m=4.0×10﹣3kg的带电小球，用绝缘轻细线悬挂起来，静止时细线偏离竖直方向的夹角θ=37°．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80，不计空气阻力的作用．（1）求小球所带的电荷量及电性；（2）如果将细线轻轻剪断，求细线剪断后，小球运动的加速度大小；（3）从剪断细线开始经过时间t=0.20s，求这一段时间内小球电势能的变化量．15．（12分）光电效应和康普顿效应深入地揭示了光的粒子性的一面。前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外还具有动量。由狭义相对论可知，一定的质量与一定的能量相对应，其中为真空中光速。（1）已知某单色光的频率为，波长为，该单色光光子的能量，其中为普朗克常量。试借用质子、电子等粒子动量的定义动量=质量×速度，推导该单色光光子的动量。（2）光照射到物体表面时，如同大量气体分子与器壁的频繁碰撞一样，将产生持续均匀的压力，这种压力会对物体表面产生压强，这就是“光压”，用表示。一台发光功率为的激光器发出一束某频率的激光，光束的横截面积为。当该激光束垂直照射到某物体表面时，假设光全部被吸收，试写出其在物体表面引起的光压的表达式。（3）设想利用太阳光的“光压”为探测器提供动力，将太阳系中的探测器送到太阳系以外，这就需要为探测器制作一个很大的光帆，以使太阳光对光帆的压力超过太阳对探测器的引力，不考虑行星对探测器的引力。一个质量为的探测器，正在朝远离太阳的方向运动。已知引力常量为，太阳的质量为，太阳单位时间辐射的总能量为。设帆面始终与太阳光垂直，且光帆能将太阳光一半反射，一半吸收。试估算该探测器光帆的面积应满足的条件。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

AC．把一个正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10﹣8J，电荷的电势能增大了6×10﹣8J,即电场力对电荷做负功，为﹣6×10﹣8J，则AB间的电势差为U=V=﹣15V由于A点的电势未知，不能求出B点的电势，故A错误，C正确；B．由于没有说明是否有其他的外力做功，所以电荷的动能增加不一定为6×10﹣8J，故B错误；D．电荷的电势能增大了6×10﹣8J，题目没有选择0势能点，不能确定B点的电势能，故D错误。故选C。2、B【解析】

A．根据点电荷的电场线分布可知，甲图中的电场是负电荷产生的，选项A正确，不符合题意；B．乙图是等量异种电荷形成的电场，a、b两点的电场强度相同，电势也相同，选项B错误，符合题意；C．丙图中，若线圈通以顺时针的电流后，线圈内部磁场垂直纸面向里，则小磁针的N极将指向纸面里，选项C正确，不符合题意；D．丁图中，地理的北极是地磁场的南极附近，则在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的N极指向地磁场的南极，选项D正确，不符合题意。故选B。3、B【解析】

先排除电压表，并判断出电路的连接方式，L1、L2串联；再还原电压表，确定电压表所测范围．电压表测L2的两端电压，所以L2的两端电压为2.5V，而L1两端电压为6V－2.5V=3.5V，B正确4、B【解析】

AB、在有磁场，重力和洛伦兹力共同作用时，其洛仑兹力的方向每时每刻都跟速度方向垂直，不对粒子做功，不改变粒子的动能，有磁场和无磁场都只有重力作功，动能的增加是相同的；有磁场和无磁场，小球落地时速度方向并不相同，但速度的大小是相等的，即，故B正确，A错误；CD、有磁场时，小球下落过程中要受重力和洛伦兹力共同作用，重力方向竖直向下，大小方向都不变；洛伦兹力的大小和方向都随速度的变化而变化，但在能落到地面的前提下洛伦兹力的方向跟速度方向垂直，总是指向右上方某个方向，其水平分力fx水平向右，竖直分力fy竖直向上；如图所示，竖直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，从而使运动时间比撤去磁场后要长，即；小球水平方向也将加速运动，从而使水平距离比撤去磁场后要大，即，故C、D错误；故选B．【点睛】小球在有磁场时做一般曲线运动，无磁场时做平抛运动，运用分解的思想，两种情况下，把小球的运动速度和受力向水平方向与竖直方向分解，然后利用牛顿第二定律和运动学公式来分析判断运动时间和水平射程；最后利用洛伦兹力不做功判断落地的速率．5、A【解析】铜棒上摆的过程，根据动能定理得：FLsin60°-mgL（1-cos60°）=0，又安培力为：F=BIa，代入解得：，故A正确，BCD错误．6、B【解析】

要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，重力与支持力的合力等于向心力mgtanθ=m联立解得汽车转弯时的车速故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

CD．甲带负电，在向左运动的过程中，受到的洛伦兹力的方向向上，所以对乙的压力变小，乙与地面之间的为滑动摩擦力，乙对地面的压力变小，所以乙物块与地面之间的滑动摩擦力也变小，选项C错误，D正确；AB．对整体由可知整体的加速度变大，则对甲f=ma可知，甲、乙两物块间的摩擦力变大，所以A正确，B错误；故选AD。8、BC【解析】试题分析：根据公式I=UR可得，U加倍I增大，所以根据公式I=nqsv可得，电子的定向移动的平均速率增大，A错误，根据公式R=ρLS可得，当导线长度L加倍时，电阻增大一倍，根据公式I=UR，电流减小一倍，所以根据公式I=nqsv可得，电子定向移动速率减小为原来的一半，B正确，当导线截面直径考点：考查了电流的微观和宏观表达式点评：正确掌握公式I=UR和R=ρL9、BD【解析】根据力的平衡可得金属杆受到的磁场力水平向右，所以根据左手定则磁场方向数值向上。金属杆受到重力，垂直斜面向上的支持力，水平向右的磁场力。处于平衡状态，所以根据正交分解可得ab受到的支持力大小为N=mg10、ABD【解析】A、时间内微粒匀速运动，则有：，内，微粒做平抛运动，下降的位移，时间内，微粒的加速度，方向竖直向上，微粒在竖直方向上做匀减速运动，T时刻竖直分速度为零，所以末速度的方向沿水平方向，大小为，故A正确；B、微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为，则重力势能的减小量为，故B正确；

C、在内和时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，时间相等，则位移的大小相等，为，整个过程中电场力做功为：，故C错误；D、根据上面分析可以知道：在内和时间内位移大小相等为，则在内下降的位移，则，而水平方向为匀速运动，则金属板长度为：，故选项D正确。点睛：解决本题的关键知道微粒在各段时间内的运动规律，抓住等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．知道在内和时间内竖直方向上的加速度大小相等，方向相反，时间相等，位移的大小相等。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1A2【解析】

（1）灯泡的额定电压为3V，则电压表选V1；小灯泡的额定电流I=P/U=0.4A=400mA，故电流表应选量程为400mA的，即A2；（2）小灯泡的电阻R=U2/P=7.5Ω，由于R≪RV，故应选电流表外接法．滑动变阻器采用分压式接法．电路图为：12、（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【解析】试题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（1）根据等效替代法的原理完善实验步骤．（3）根据电阻定律求出电阻率的表达式．解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0mm，可动刻度示数为37.9×0.01mm=0.379mm，电阻丝直径D=0mm+0.379mm=0.379mm．（1）按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1．（3）由电阻定律得：R1=ρ=ρ，则电阻率为：ρ=．故答案为（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）．【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验步骤、求电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读一位．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）﹣0.1J（2）5×105V/m【解析】【分析】根据电势能变化和电场力做功的关系，电势能增加多少，电场力做负功多少．由求解电势差，由U=Ed求解电场强度E解：(1)电荷由A移到B的过程中，电势能增加了0.1J，所以电场力负功，大小为0.1J，所以在电荷由A移到B的过程中，电场力做功(2)A、B两点间的电势差在匀强电场中U=Ed，所以有：则14、（1）1.0×10﹣6C，正；（2）12.5