四川省仁寿一中南校区2025届物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

四川省仁寿一中南校区2025届物理高二第一学期期中检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω，R2=5Ω，R3=3Ω，电容器的电容C=2×10-5F．若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电荷量为q．则（）A．I=0.25AB．I=0.5AC．q=1×10-5CD．q=2×10-5C2、当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率f'和波源振动的频率f的关系为A．f'fB．f'＜fC．f'＞fD．无法确定3、如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为θ＝60°的墙面上静止。墙面对木块A．压力大小可能为零B．摩擦力大小可能为零C．压力与摩擦力的合力大小为FD．压力与摩擦力的合力大小为4、如图所示，A、B为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线上的两点，当一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能增加，则（）A．电势 B．电场线方向由A指向BC．场强大小 D．若Q为正电荷，则Q在A点左侧5、如图所示，真空中一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，、分别是椭圆长轴和短轴，是椭圆上关于O点对称的两个点，下列说法中正确的是（）A．椭圆上某点的场强方向为该点的切线方向B．a、b两点场强相同，e、f两点场强大小相同、方向不相同C．将一正电荷由e点沿椭圆移到f点，电场力做功不为零D．将一电荷由O点移到椭圆上任意一点时，电势能的变化量相同6、远距离输电中，当输送的电功率为P，输送电压为U时，输电线上损失的电功率为△P，若输送的电功率增加为4P，而输电线中损失的电功率减为△P（输电线电阻不变），那么输电电压应增为A．2U B．4UC．8U D．16U二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一台直流电动机额定电压为100V正常工作时电流为20A，线圈内阻为0.5Ω，那么在1min内是（）A．电动机线圈产生的热量为1.2×105J B．电动机消耗的电能为1.2×105JC．电动机的机械功率为1.8×103W D．电源输入给电动机的功率为2.0kW8、如图所示，光滑水平面AB与竖直面上的半圆形固定轨道在B点衔接，轨道半径为R，BC为直径．一可看作质点、质量为m的物块在A点处压缩一轻质弹簧（物块与弹簧不拴接），释放物块，物块被弹簧弹出后，经过半圆形轨道B点时瞬间对轨道的压力变为其重力的7倍，之后向上运动恰好通过半圆轨道的最高点C，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则（）A．物块经过B点时的速度的大小为B．刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为3mgRC．物块从B点到C点克服阻力所做的功为mgRD．若开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块到达C点的动能为mgR9、截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动平均速率的影响，下列说法正确的是A．电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变B．导线长度L加倍时，自由电子定向移动的平均速率减为原来的一半C．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变D．导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍10、如图所示，用两节干电池点亮几只小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是：()A．灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B．灯多时各灯两端的电压较低C．灯多时通过电池的电流较大D．灯多时通过各灯的电流较大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=500Ω，若改装成量程为Um=5V的电压表，应串联的电阻阻值为______Ω。若将改装后的电压表再改装成量程为Um=50V的电压表，应再串联一个阻值为_______Ω的电阻。12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，利用实验得到了8组数据，在图1所示的坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线.（1）根据图线的坐标数值，请在图2中选出该实验正确的实验电路图：____(选填“甲”或“乙”).（2）根据所选电路图，请在图3中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路.（________）（3）根据图1，可判断出图4中正确的关系图象是（图中P为小灯泡功率"为通过小灯泡的电流）___.（5）将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与R=10的定值电阻串联，接在电动势为8V、内阻不计的电源上，如图5所示.闭合开关S后，则电流表的示数为____A，两个小灯泡的总功率为__W(本小题结果均保留两位有效数字）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内电阻r＝1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机的线圈电阻RM=1Ω,若开关S闭合后通过电源的电流I=3A，通过R2电流I2=1A

。求:（1）R2的两端电压U2（2）R1的消耗电功P1（3）电动机输出的机械功率P14．（16分）如图所示电子射线管.阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速.A、B是偏转极板使飞进的电子偏离.若已知P、K间所加电压为偏向板长L，板间距离d，所加电压.偏转板右端距荧光屏为R.电子质量为m，电子电量为e.设从阴极出来的电子速度为为0.试问：(1)电子通过阳极P板的速度是多少？(2)电子通过偏向板时的偏转位移为多少？(3)电子过偏向板向到达距离偏向板R荧光屏上点，此点偏离入射方向的距离y是多少？15．（12分）如图所示．在竖直平面内一个带正电的小球质量为m，所带的电荷量为q，用一根长为L不可伸长的绝缘细线系在一匀强电场中的O点．匀强电场方向水平向右，分布的区域足够大．现将带正电小球从O点右方由水平位置A点无初速度释放，小球到达最低点B时速度恰好为零．求:(1)A、B两点的电势差；(2)匀强电场的电场强度E的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

开关S闭合电路稳定时，外电路中总电阻为根据闭合电路欧姆定律得：电容器两端的电压为电量断开开关S后：电容器通过与放电，设通过与的放电电流分别为和，则由电量公式q=It可知，通过与的的电量之比为又联立得：通过的电量为故ABD错误，C正确；【点睛】开关S闭合电路稳定时，电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出电路中电流I，再求电容器的电压，由Q=CU求其电量．断开电源，电容器会放电，因、并联，流过两个电阻的电流与电阻成反比，通过的电荷量也与电阻成反比．2、B【解析】

f由波源每秒钟所振动的次数决定,介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小,即f'＜f.故ACD错误,B正确.故选B【点睛】利用多普勒效应分析即可,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小;当观察者靠近波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大.3、D【解析】

对木块进行受力分析，根据共点力平衡，抓住合力为零，运用正交分解求出压力和摩擦力的合力。【详解】木块受到重力和水平力F后，墙面对木块一定有压力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否则不能平衡。故AB错误；木块受重力、支持力、推力和静摩擦力平衡，根据多个共点力平衡的特点可知，墙壁的支持力与摩擦力的合力一定与重力与F的合力大小相等，方向相反，所以墙壁的支持力与摩擦力的合力为，故D正确，C错误。故选D。4、A【解析】

AB．一电子以某一速度沿电场线由运动到的过程中，动能增加，电场力对电子做正功，电场力方向与运动方向相同，所以电场强度方向由指向，电场线方向由指向，那么则有故A正确，B错误；C．电场线方向由指向，但不知电场线的疏密，故无法知道电场的强弱，故C错误；D．可以为正电荷，也可以为负电荷，若为正电荷，则在点右侧，若为负电荷，则在点左侧，故D错误；故选A。5、C【解析】

A．椭圆上某点的场强方向为该点的电场线方向。故A错误。

B．a、b两点场强相同，e、f两点场强大小相同，与ab的角度关于O点中心对称，方向均指向斜上方。故B错误。

C．将一正电荷由e点沿椭圆移到f点，电场力做正功。故C正确。

D．将一电荷由O点移到椭圆上任意一点时，椭圆不是等势面，故电势能的变化量不同。故D错误。6、C【解析】

由P=UI知，则输电线上损失的功率得输电电压若输送的电功率增加为4P，而输电线中损失的电功率减为，由上式得输电电压U应增为8U；A．2U，与结论不相符，选项A错误；B．4U，与结论不相符，选项B错误；C．8U，与结论相符，选项C正确；D．16U，与结论不相符，选项D错误；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】

A.电动机线圈产生的热量为故A错误。B.电动机消耗的电能为W=UIt=100×20×60J=1.2×105J故B正确。C.根据能量守恒定律得：电动机对外做功W外=W-Q=1.08×105J所以电动机的机械功率为故C正确。D.电源输入给电动机的功率是电功率为P=UI=100×20W=2.0kW故D正确。8、AB【解析】

A、设物块经过半圆轨道B点瞬间的速度为vB，物块在B点时轨道对物块的支持力为FN=7mg，根据牛顿第二定律有，可得．故A正确；B、物块从A点到B点的过程，由功能关系有：刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为Ep==3mgR，故B正确；C、设物块到达C点时的速度为vC，物块在C点时有，物块从B点到C点的过程，由动能定理得，可解得物块从B点到C点过程克服阻力做的功Wf=0.5mgR，故C错误；D、若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，则开始时弹簧的弹性势能为6mgR，假设物体在半圆轨道上克服摩擦力做功不变，仍为Wf=0.5mgR，由功能关系可得：6mgR﹣Wf=2mgR+EKC，解得，而实际上，若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块进入半圆形轨道的速度将增大，在同一点物块对轨道的压力增大，物块受到的滑动摩擦力增大，物块从B点到C点克服摩擦力所做的功增大，则物块到达C点的动能小于，故D错误．故选AB．9、BC【解析】试题分析：根据公式I=UR可得，U加倍I增大，所以根据公式I=nqsv可得，电子的定向移动的平均速率增大，A错误，根据公式R=ρLS可得，当导线长度L加倍时，电阻增大一倍，根据公式I=UR，电流减小一倍，所以根据公式I=nqsv可得，电子定向移动速率减小为原来的一半，B正确，当导线截面直径考点：考查了电流的微观和宏观表达式点评：正确掌握公式I=UR和R=ρL10、ABC【解析】试题分析：由并联电路的规律可知外部总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可判断路端电压和通过电池的电流变化．解：A、B、C由图可知，灯泡均为并联．当点亮的电灯数目增多时，并联的支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，通过电池的电流增大，则电池的内电压增大，故路端电压减小，灯泡两端的电压变小，灯泡变暗，故AB正确，C错误；D、由上分析可知，灯多时，通过电池的总电流减小，而支路的数目增大，所以各灯的电流较小，故D错误．故选AB【点评】解答本题应掌握：并联电路中并联支路越多，总电阻越小；同时注意闭合电路欧姆定律在电路动态分析中的应用方法，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的思路进行分析．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4500Ω49500Ω【解析】

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值。【详解】把电流表改装成5V的电压表需要串联电阻阻值：R=U把电流表改装成50V的电压表需要串联电阻阻值：R'【点睛】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律可以解题。12、甲D0.601.2【解析】

（1）[1]描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，所以正确的实验电路图是甲．（2）[2]根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）[3]由于灯泡电阻随电流增大电阻R增大，由可知，图象斜率增大，故选D．（4）[4][5]由图5所示电路图可知，两灯泡并联，可以把电源与定值电阻等效为电源，设每只电灯加上的实际电压和实际电流分