2025届安徽省寿县一中高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届安徽省寿县一中高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图V1、V2、V3是用相同表头改装成的三块电压表，其量程分别为6V、3V、6V。已知输入电压为9V则当S1、2S2处于各个状态时，BB’两端的电压不可能是（）。A．6VB．4.5VC．3VD．2.25V2、下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中客观存在的B．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止C．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的D．电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B一定等于F3、a和b是点电荷电场中的两点，如图所示，a点电场强度Ea与ab连线夹角为600，b点电场强度Eb与ab连线夹角为A．这是一个正点电荷产生的电场，EB．这是一个正点电荷产生的电场，EC．这是一个负点电荷产生的电场，ED．这是一个负点电荷产生的电场，E4、如图中a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性曲线。关于这两条电阻丝，以下判断正确的是（）A．电阻丝a较细B．电阻丝b较细C．若将电阻丝a、b串联在一起接入电路，则b两端的电压较大D．若将电阻丝a、b并联在一起接入电路，则通过a的电流较大5、下列判断正确的是()A．由R＝知，导体两端的电压越大，电阻就越大B．由R＝知，导体中的电流越大，电阻就越小C．由R＝可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D．由I＝可知，通过一段定值电阻的电流跟加在它两端的电压成正比6、有一个负点电荷只受电场力的作用，从电场中的a点由静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中，动能Ek随位移s变化的关系图如图所示，则能与图线相对应的电场的电场线分布图是下图中的（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的虚线为电场中的三个等势面，三条虚线平行且等间距，电势值分别为10V、19V、28V，实线是仅受电场力的带电粒子的运动轨迹，A、B、C是轨迹上的三个点，A到中心虚线的距离大于C到中心虚线的距离，下列说法正确的是()A．粒子在三点受到的静电力方向相同B．粒子带正电C．粒子在三点的电势能大小关系为EpC>EpB>EpAD．粒子从A运动到B与从B运动到C，静电力做的功可能相等8、目前世界上一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体(即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，而从整体来说呈中性)沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷,磁极配置如图所示，下列说法正确的是()A．A板带正电B．有电流从b经用电器流向aC．金属板A、B间的电场方向向上D．等离子体发生偏转的原因是粒子所受洛伦兹力大于所受电场力9、在图所示的电路中，电源的电动势恒定，要想使灯泡L变暗，可以A．增大R1的阻值 B．减小R1的阻值 C．增大R210、如图所示,在方向水平向左的匀速电场中有一倾角为60°、高为H的固定绝缘斜面体,现将一质量为m,带正电且电荷量为q的小物块(可视为质点)从斜面体顶端由静止释放,已知重力加速度为g,匀强电场的电场强度大小为E=3mgq,不计空气阻力A．小物块将沿斜面下滑B．小物块将做曲线运动C．小物块到达地面时的速度大小为2D．若其他条件不变,只增大电场强度,小物块到达地面前的运动时间不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了测量一个量程为3.0V的直流电压表的内阻RV（约为几千欧），所用的电路如图甲所示．（1）请将图乙的器材连成完整的电路__________；（2）该实验中需要进行的步骤罗列如下，合理的顺序是_____________(用步骤前的字母表示)A．闭合开关SB．将电阻箱R0的阻值调到零C．调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0VD．断开开关SE．调节电阻箱R0的阻值使电压表示数为1.5V，读出此时电阻箱R0的阻值F．把滑动变阻器的滑片P滑到a端（3）若在实验步骤E中，如图丙读出R0的阻值为______Ω，则该电压表的内阻RV的测量值为______Ω，由于系统误差，测量值______（选填“偏大”或“偏小”）。12．（12分）如图中游标卡尺的读数为_____cm，螺旋测微器读数_____cm．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，灯泡D与电动机M中串联在一个稳压电源上，电源的输出电压为U=20V，灯泡D的电阻为RD=6Ω，电动机M线圈的电阻为RM=2Ω，与电动机并联的理想电压表读数为UM=14V．电动机的转轴的摩擦可忽略，求：

（1）通过灯泡的电流I=？

（2）电动机M线圈的发热功率PQ=？

（3）电动机M输出的机械功率P机=？14．（16分）如图所示，AB为水平轨道，A、B间距离s=1m，BCD是半径为R=0.2m的竖直半圆形轨道，B为两轨道的连接点，D为轨道的最高点，整个轨道处于竖直向下的匀强电场中，场强大小为E=．一带正电的小物块质量为m=0.5kg，它与水平轨道间的动摩擦因数均为μ=0.1．小物块在F=10N的水平恒力作用下从A点由静止开始运动，到达B点时撤去力F，小物块刚好能到达D点，试求：(g=10m/s2)（1）撤去F时小物块的速度大小；（2）在半圆形轨道上小物块克服摩擦力做的功．15．（12分）如图10­2­30所示为泰安某学校一套校内备用供电系统，由一台内阻为1Ω的发电机向全校22个教室（每个教室有“220V40W”的白炽灯6盏）供电．如果输电线的总电阻R是4Ω，升压变压器和降压变压器（都认为是理想变压器）的匝数比分别是1∶4和4∶1，那么：（1）发电机的输出功率应是多大？（2）发电机的电动势是多大？（3）输电效率是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据题意可知V1、V2、V3的三块电压表内阻之比为：2:1:2；当S1闭合、S2断开时，根据串联分压规律可知V1、V2的示数之比为：2:1，所以BB’两端的电压是为3V，故C可能；当S1断开、S2闭合时，根据串联分压规律可知V1、V3的示数之比为：1:1，所以BB’两端的电压是为4.5V，故B可能；当S1、S2都闭合时，V2和V3并联在和V1串联，阻值之比为：1:3，根据串联分压规律可知V1、V3的示数之比为：3:1，所以BB’两端的电压是为2.25V，故D可能。所以D不可能。2、C【解析】试题分析：磁感线是为了形象描述磁场的强弱与方向，引入的假象的曲线，不是客观存在，故A错误；磁感线是封闭的曲线，在磁体外部从N到S，内部从S到N，所以B错误；磁体的周围存在磁场，磁场对放入其中的磁体由力的作用，即磁体间的相互作用是通过磁场实现的，所以C正确；当电流元与磁场垂直时，F=BIL，若不垂直时，F=BILsinθ，其中θ为电流元与磁场方向的夹角，所以D错误。考点：本题考查磁感线、安培力等。3、D【解析】试题分析：将Ea、Eb延长相交，根据交点可确定点电荷Q的位置，根据电场方向确定场源电荷的正负，由几何知识求出a、b两点到设点电荷的电荷量为Q，将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到ra:rb=1:4、A【解析】

AB．根据电阻丝的伏安特性曲线可知当材料和长度相同时，再由电阻定律，可得即电阻丝a较细，电阻丝b较粗，A正确，B错误；C．电阻丝a、b串联，它们电流相等，电阻大的两端电压较大，即C错误；D．电阻丝a、b并联它们电压相等，电阻大的电流较小，即D错误。故选A。5、D【解析】ABC、电阻的大小由导体本身决定，与导体两端电压，通过导体的电流无关，则ABC错误；D、通过导体的电流与导体两端电压，电阻有关，根据欧姆定律可知通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比，故D正确；故选：D.点睛：电阻的大小由导体本身决定，与两端电压以及通过导体的电流无关，但根据欧姆定律可知：通过导体的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比．6、C【解析】

AB.负点电荷从a运动到b，只有电场力做功，根据动能定理Fs=Ek，当在匀强电场中时F为定值，Ek与s成正比，故AB不符合题意；CD.由于负电荷受静电力方向与场强方向相反，图线为曲线，动能随位移增加的不均匀（越来越快），电场力应该越来越大且做正功，根据图像判断C选项符合题意，D选项错不符合题意．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

根据电场线垂直于等势面可知，粒子在三点受到的静电力方向相同，故A正确；由粒子的运动轨迹得知，所受静电力垂直等势面向左下，而电场方向垂直等势面向右上，则粒子带负电，故B错误；A、B、C三点电势大小关系为φA＞φB＞φC，因粒子带负电，根据Ep=qφ有EpA＜EpB＜EpC，故C正确；根据静电力做功W=qU，A、B两点之间的电势差大于B、C两点之间的电势差，则WAB＞WBC，故D错误．故选AC．【点睛】解决本题要掌握匀强电场的电场线、等势面分布的特点，知道物体做曲线运动时合力指向轨迹弯曲内侧，并能灵活运用这些知识分析带电粒子在电场中运动的问题．8、AD【解析】

根据左手定则知，正电荷向上偏，负电荷向下偏，则A板带正电．故A正确．因为B板带负电，A板带正电，所以电流的流向为a经用电器流向b．故B错误．因为A板带正电，B板带负电，所以金属板间的电场方向向下．故C错误．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力．故D正确．故选AD．【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道电流在外电路中，由高电势流向低电势．9、AD【解析】试题分析：（等效思维法）因电容器具有隔直流通交流的特征，所以其电路路可等效为下图所示当R2的阻值减小并趋于零时，L被短路，L变暗，当R考点：考查了欧姆定律的应用，含电容电路【名师点睛】本题也可以根据欧姆定律来分析，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律求解，本题中分析灯泡L亮度的变化，关键分析灯泡L和R2并联的电压如何变化，应灵活应用串并联电路的性质进行分析判断10、CD【解析】

A、对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力，电场力F=qE=3mg，则合力的大小为2mg，方向如图，小物块沿合力方向做匀加速直线运动，故A、BC、运用动能定理研究从开始到落地过程：F·3H+mgH=12mv2-0，D、将物块的运动分解为水平方向和竖直方向，增大电场强度，电场力增大，水平方向的加速度增大，竖直方向上的加速度不变，根据等时性知，运动时间不变，故D正确；故选CD。【点睛】对物块进行受力分析，画出物块的运动轨迹．运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BFACED或者FBACED29002900偏大【解析】

（1）如图所示：

（2）B．将电阻箱R0的阻值调到零；F．把滑动变阻器的滑片P滑到a端；A．闭合开关S；C．调节滑动变阻器R的阻值，使电压表的示数为3.0V；E．调节电阻箱R0的阻值使电压表示数为1.5V，读出此时电阻箱R0的阻值；D．断开开关S（注意先调零与先移动滑动变阻器到最大阻值，前后不影响，故BF的顺序可以颠倒），则合理的顺序是BFACED．

（3）由如图丙读出R0的阻值为2900Ω，因是串联关系，则电阻与电压成正比：电压表示数为1.5V，则电阻箱R0分压为1.5V．则

Rv=R0=2900Ω，因该支路实际电压要比原电压变大，即R0的分压要大一些，故Rv的实际值要小一些，即测量值比真实值大．【点睛】考查半偏法测电阻的原理，明确串联电阻后会引起测量支路的电阻的增大，其分压要变大，此为误差的来源．12、2.4720.0532【解析】50分度的游标卡尺，精确度是0.02mm，游标卡尺的主尺读数为24mm，游标尺上第36个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为36×0.02mm=0.72mm，所以最终读数为：24mm+0.72mm=24.72mm=2.472cm．螺旋测微器的半刻度已经漏出，固定刻度为0.5mm，可动刻度为3.2×0.01mm=0.032mm，所以最终读数为0.5mm+0.032mm=0.532mm=0.0532cm．点睛：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1A；（2）2W；（3）12W

【解析】（1）灯两端的电压为UD =U-UM =20-14=6V

所以通过灯泡的电流为I=UD ID14、（1）6m/s；（