浙江省宁波市九校2025届物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

浙江省宁波市九校2025届物理高二上期中综合测试模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐增大B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功2、如图所示的电路，是由各种不同的电子元件组成，每个元件上都有标号，表示电容器的那个标号是A．①B．②C．③D．④3、在绝缘粗糙的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正点电荷,其电量分别为QA、QB，两点电荷的位置坐标如图甲所示．图乙是A、B连线之间的电势φ与位置x之间的关系图像，图中x=L点为图线的最低点，若将质量为m、电荷量为＋q的带电小球（可视为质点）在x=2L的C点由静止释放，其向左运动，则在接下来的过程中，下列说法正确的是A．小球一定能到达x=-2L点处B．小球在x=L处的加速度最小C．小球在向左运动过程中动能先增大后减小D．电量QA∶QB=2∶14、在电场中的某点放一个检验电荷，其电荷量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度为，下列说法正确的是()A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电荷量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为－2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为－2q，则场中该点的场强大小、方向均不变5、真空中有两个带同种电荷的点电荷q1、q2，它们相距较近，固定q1，由静止释放q2，q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中的速度（）A．不断增大 B．不断减小 C．始终保持不变 D．先增大后减小6、一物体在水平面上由静止出发向右做直线运动，其v﹣t图象如图所示（）A．物体在t3时刻回到了出发点B．物体在t2时刻离出发点最远C．物体在0～t2时间内向右运动，在t2～t3时间内向左运动D．物体在0～t1时间内的加速度小于t1～t2时间内的加速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠1．若改变四个电阻中的一个阻值，则（）A．减小R1，C1、C2所带的电量都增加B．增大R2，C1、C2所带的电量都增加C．增大R3，C1、C2所带的电量都增加D．减小R4，C1、C2所带的电量都增加8、如图所示,电荷量和质量都相同的带正电粒子以不同的初速度通过A、B两板间的加速电场后飞出,不计重力的作用,则()．A．它们通过加速电场所需要的时间相等B．它们通过加速电场过程中动能的增量相等C．它们通过加速电场的过程中速度的增量相等D．它们通过加速电场的过程中电势能的减少量相等9、如图所示，离地H高处有一个质量为m的物体，给物体施加一个水平方向的作用力F，已知F随时间的变化规律为：以向左为正，、k均为大于零的常数，物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为，且时，物体从墙上静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑后脱离墙面，此时速度大小为，最终落在地面上。则下列关于物体的说法，正确的是A．当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B．物体与墙壁脱离的时刻为C．物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一条直线D．物体克服摩擦力所做的功为10、如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的匀强电场，两个带正电的粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从顶点C射出．若不计重力，则A．a和b在电场中运动的时间之比是1∶2B．a和b在电场中运动的时间之比是2∶1C．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是1∶8D．a和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是8∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）通过实验描绘一个“2V,1W”小灯泡的U－I曲线，可供选择的仪器有：A．量程0～0.6A，内阻约0.2Ω的电流表B．量程0～100mA，内阻约5Ω的电流表C．量程0～3V，内阻约10kΩ的电压表D．量程0～15V，内阻约50kΩ的电压表E.最大阻值20Ω，额定电流为1A的滑动变阻器F.最大阻值1kΩ，额定电流为0.1A的滑动变阻器G.蓄电池4V、导线、开关等①为了调节方便、测量准确，实验中应选用电流表____，电压表____，滑动变阻器_____(填器材前的字母)②在图中用笔画线代替导线，将实验电路实物图连接好______________。12．（12分）现要测定一个额定电压约4V，额定电流约为0.5A的小灯泡正常发光时的电阻，电压表应该选择________，电流表应选择________，电路连接时应采用________(选填“电流表内接法”或“电流表外接法”)．A．V1量程4.5V，内阻约4×103ΩB．V2量程10V，内阻约8×103ΩC．A1量程3A，内阻约0.4ΩD．A2量程0.6A，内阻约2Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如右图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和—Q，A、B相距为2d，MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p．质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v0；已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g，求：（1）C、O间的电势差UCO；（2）在O点处的电场强度E的大小；（3）小球p经过与点电荷B等高的D点时的速度VD大小．14．（16分）如图所示，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一光滑圆弧轨道，BC段是长为L=2R的水平粗糙轨道，AB和BC两段轨道相切于B点，小车右边固定一个连接轻弹簧的挡板，开始弹簧处于自由状态，自由端在C点右侧的P点，C点到挡板之间轨道光滑。一质量为可视为质点的滑块从圆弧轨道的最高点由静止滑下，而后滑入轨道，滑块与轨道C间的动摩擦因数为μ=0.25，重力加速度为g。求:（1）滑块到达B点时小车的速度大小；（2）弹簧获得最大弹性势能；（3）滑块从B点运动到C点的过程中，小车运动的位移大小。15．（12分）为了测定电池的电动势E和内阻r，按图所示连接电路，当滑动变阻器的滑动头在某位置时，电流表和电压表的示数为0.3A和1.6V，把滑动头移到另一位置时，它们的示数为0.4A和1.4V，求电池的电动势和内电阻。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．电场力做功正功，电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．A、物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A错误．B、由题分析可知，点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．D、物块的初速度为零，末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．故选D点评：本题分别从力和能的角度分析物块的物理量的变化情况，是研究物体运动情况常用的两个角度．2、C【解析】如图所示电路图中，①是带有铁芯的线圈，表示电感器．②是电灯；③表示的元件由两块平行金属板构成，能够容纳电荷，表示电容器．④是电阻；故C正确．故选C．3、C【解析】

A．若水平面光滑根据动能定理得qU=0，知U=0，所以小球能运动到电势与出发点的电势相等的位置，由于x=-2L处的电势高于x=2L，所以不能到达x=-2L点处，根据能量守恒定律可知，若水平面粗糙，则小球到达最左端的位置会比光滑时的还要近，故A错误；BC．据φ-x图像切线的斜率等于场强E，则知x=L处场强为零，所以在C处场强向左，小球向左加速运动，由于在运动过程中受到摩擦力，且摩擦力向右，大小不变，故在x=L右侧某位置，合力为零，此时速度最大，加速度最小，所以小球向做加速运动后做减速运动，故动能先增大后减小，故B错误，C正确；D．x=L处场强为零，根据点电荷场强则有解得故D错误．4、D【解析】电场中某点的电场强度只取决于电场本身，与检验电荷无关，故选D.5、A【解析】试题分析：带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据F=可知距离增大，电场力将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确．考点：库仑定律6、D【解析】

在速度时间图象中，速度的正负表示物体的运动方向．图象的斜率表示加速度．由此分析物体的运动情况．【详解】在时间内，物体的速度一直为正，说明物体一直向右运动，物体在时刻离出发点最远，ABC错误；根据图象的斜率表示加速度，斜率的绝对值越大，加速度越大，知物体在0～t1时间内的加速度小于t1～t2时间内的加速度，D正确．【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化，应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化．【详解】A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变，电容器所带电量不变，故A错误；B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加，故C错误；D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加，故D正确；故选BD．8、BD【解析】根据牛顿第二定律得，粒子的加速度，可知加速度相等，因为初速度不同，根据位移时间公式知，运动的时间不同．根据△v=at知，速度的变化量不同，故AC错误．根据动能定理得，qU=△Ek，知电场力做功相同，则动能的增量相同．故B正确．因为电场力做做功相等，根据电场力做功与电势能的关系知，电势能的减小量相等．故D正确．故选BD．9、BD【解析】

根据牛顿第二定律通过加速度的变化判断物体的运动规律，抓住F的变化规律，结合F为零时，物体脱离墙面求出运动的时间，根据合力与速度的方向确定物体的运动轨迹。根据动能定理，抓住F在沿墙面下滑的过程中不做功，求出物体克服摩擦力做功的大小。【详解】竖直方向上，由牛顿第二定律有：，随着F减小，加速度a逐渐增大，做变加速运动，当时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，故A错误。当物体与墙面脱离时F为零，所以，解得时间，故B正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线。故C错误。物体从开始运动到脱离墙面F一直不做功，由动能定理得：，物体克服摩擦力所做的功故D正确。故选BD。【点睛】本题关键能运用牛顿第二定律，正确分析物体的运动情况，结合动能定理求解摩擦力做功，并要知道物体做直线运动还是曲线运动的条件。10、AD【解析】试题分析：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为2：2，根据x=v0t，知时间比为2：2．选项A正确，B错误；粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，根据y=at2知，y之比为2：2，则a、b的加速度之比为8：2．根据牛顿第二定律知，加速度，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，则两电荷的比荷之比为8：2．故D正确，C错误．故选AD．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决本题的关键知道粒子在垂直于电场方向和沿电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACE【解析】

（1）灯泡额定电压为2V，电压表选C；灯泡额定电流：，电流表应选择A；为方便实验操作滑动变阻器应选择E。（2）描绘灯泡伏安特性曲线电压表与电流表应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应选择外接法，实验电路图如图所示：12、AD电流表外接法【解析】小灯泡额定电压约为4V，电压表选择量程4.5V，故电压表应该选择A；小灯泡额定电流约为0.5A，电流表选择量程