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文档简介

江苏省淮安市四校2025届高三上物理期中检测模拟试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,在水平地面上有两个完全相同的钩码A、B处于静止状态,现在挂钩处分别对A、B施加竖直向上的恒力F1和F2(F1>F2),使钩码都竖直向上做匀加速直线运动,A、B两个钩码各自运动一段时间后撤去竖直向上的恒力作用,已知A、B向上运动的最大高度相等。忽略空气阻力作用,设Fl对钩码A的冲量大小为I1,F2对钩码B的冲量大小为I2,则A.I1<I2B.I1>I2C.I1=I2D.以上情况都有可能2、如图所示,质量为的木块受到向右的拉力F的作用沿质量为的长木板向右滑行,长木板保持静止状态.已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1,长木板与地面间的动摩擦因数为,则()A.长木板受到地面的摩擦力大小一定是B.长木板受到地面的摩擦力大小一定不是C.若改变F的大小,当时,长木板将开始运动D.无论怎样改变F的大小,长木板都不可能运动3、近几年,在国家宏观政策调控下,我国房价上涨出现减缓趋势。若将房价的“上涨”类比成“加速”,将房价的“下跌”类比成“减速”,据此,你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成()A.速度增加,加速度减小B.速度增加,加速度增大C.速度减小,加速度增大D.速度减小,加速度减小4、如图所示,三个小球A、B、C的质量均为m,A与B、C间通过铰链用轻杆连接,杆长为L,B、C置于水平地面上,用一轻质弹簧连接,弹簧处于原长.现A由静止释放下降到最低点,两轻杆间夹角α由60º变为120°,A、B、C在同一竖直平面内运动,弹簧在弹性限度内,忽略一切摩擦,重力加速度为g.则此下降过程中()A.A的动能达到最大前,B受到地面的支持力大于32B.A的动能最大时,B受到地面的支持力等于mgC.弹簧的弹性势能最大时,A的加速度方向竖直向下D.弹簧的弹性势能最大值为Epm5、如图所示,质量分别为m1=1kg、m2=2kg的滑块A和滑块B叠放在光滑水平地面上,A和B之间的动摩擦因数μ=0.5,拉力F作用在滑块A上,拉力F从0开始逐渐增大到7N的过程中,下列说法正确的是()A.当F>5N时,A、B发生了相对滑动B.始终保持相对静止C.从一开始就发生了相对滑动D.开始相对静止,后来发生相对滑动6、如图为一定质量理想气体的体积V与温度T的关系图象,它由状态A等温变化到状态B,再等容变化到状态C,设A、B、C状态对应的压强分别为PA、PB、PC,则(

)A.PA<PB,PB<PC

B.PA>PB,PB=PC

C.PA<PB,PB>PC

D.PA>PB,PB<PC二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,A、B两物体质量均为m,叠放在轻质弹簧上(弹簧下端固定于地面上).对A施加一竖直向下、大小为F(F>2mg)的力,将弹簧再压缩一段距离(弹簧始终处于弹性限度内)而处于平衡状态.现突然撤去力F,设两物体向上运动过程中A、B间的相互作用力大小为FN.不计空气阻力,关于FN的说法正确的是(重力加速度为g)()A.刚撤去力F时,FN= B.弹簧弹力大小为F时,FN=C.A、B的速度最大时,FN=mg D.弹簧恢复原长时,FN=08、一小球在竖直方向的升降机中,由静止幵始竖直向上做直线运动,运动过程中小球的机械能E与其上升高度h关系的图象如图所示,其中0〜h1过程的图线为曲线,h1〜h2过程的图线为直线.根据该图象,下列说法正确的是()A.0〜h1过程中,小球的动能可能先增加后减少B.0〜h1过程中,升降机对小球的支持力一定做正功C.h1〜h2过程中,小球的重力势能可能不变D.h1〜h2过程中,小球的动能可能不变9、图(a)为一列波在t=2s时的波形图,图(b)是平衡位置在x=1.5m处的质点的振动图像,P是平衡位置为x=2m的质点,下列说法正确的是()A.波速为0.5m/sB.波的传播方向向右C.时间内,P运动的路程为8cmD.时间内,P向y轴正方向运动E.当t=7s时,P恰好回到平衡位置10、男子跳高的世界纪录是,由古巴运动员索托马约尔于1993年7月27日在萨拉曼萨创造。不计空气阻力,对索托马约尔跳高过程的描述,下列说法正确的是A.起跳时地面对他的支持力大于他的重力B.起跳时地面对他的支持力大于他对地面的压力C.起跳以后上升过程他处于完全失重状态D.起跳以后上升过程他处于完全超重状态三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某实验小组用如图甲所示的装置验证牛顿第二定律,同时测量木块与木板间的动摩擦因数,提供的器材有带定滑轮的长木板,打点计时器,交流电源,木块,纸带,米尺,8个质量均为20g的钩码,细线等.实验操作过程如下:A.长木板置于水平桌面上,带定滑轮的一端伸出桌面,把打点计时器同定在长木板上并与电源连接,纸带穿过打点计时器并与木块相连,细线一端与木块相连,另一端跨过定滑轮挂上钩码,其余钩码都叠放在木块上;B.使木块靠近打点计时器,接通电源,释放木块,打点计时器在纸带上打下一系列点,记下悬挂钩码的个数C.将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端,更换纸带,重复实验操作B;D.测出每条纸带对应的木块运动的加速度a,实验数据如图乙所示.n456780.501.302.203.003.90(1)实验开始时,必须调节滑轮高度,使________________________;(2)该实验中小车质量_____________(填“需要”或“不需要”)远大于所挂钩码质量。(3)根据图乙数据,在图丙中作出图象;(_____)(4)由图线得到=_________(g=10m/s2),还可求的物理量是________(只需填写物理量名称).12.(12分)某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验.气垫导轨装置如图(a)所示,所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成.(1)下面是实验的主要步骤:①安装好气垫导轨,调节气垫导轨的调节旋钮,使导轨水平;②向气垫导轨通入压缩空气;③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧,将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端,滑块拖着纸带移动时,纸带始终在水平方向;④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳;把滑块2放在气垫导轨的中间;⑤先接通打点计时器的电源,再放开滑块1,让滑块1带动纸带一起运动;在中间与滑块2相撞并粘在一起运动;⑥取下纸带,重复步骤④⑤,选出理想的纸带如图(b)所示;⑦测得滑块1的质量310g,滑块2(包括橡皮泥)的质量205g.(2)已知打点计时器每隔0.02s打一个点,计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为________kg·m/s;两滑块相互作用以后系统的总动量为________kg·m/s(保留三位有效数字).(3)试说明(2)中两结果不完全相等的主要原因是______________________________四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,用横截面积为S=10cm2的活塞将一定质量的理想气体封闭在导热性良好的汽缸内,汽缸平放到光滑的水平面上.轻质弹簧左端与活塞连接,右端固定在竖直墙上.不考虑活塞和汽缸之间的摩擦,系统处于静止状态,此时活塞距离汽缸底部的距离为L0=18cm,气体的温度为t0=27℃.现用水平力向右缓慢推动汽缸,汽缸向右移动的距离为5cm,当弹簧被压缩x=2cm后再次静止.已知大气压强为p0=1.0×105Pa.①求轻质弹簧劲度系数;②保持推力F不变,升高气体的温度,求汽缸底部到活塞的距离恢复到L0时的温度.14.(16分)如图为半径为R的半球玻璃体的横截面,圆心为O,MN为过圆心的一条竖直线.现有一单色光沿截面射向半球面,方向与底面垂直,入射点为B,且.已知该玻璃的折射率为,求:(1)光线PB经半球体折射后出来的光线与MN直线的交点到顶点A的距离并作出光路图;(2)光线PB以B点为轴,从图示位置沿顺时针方向逐渐旋转60°的过程,请说出光线在经半球体的底面第二次折射时会有什么情况发生?15.(12分)如图所示,光滑水平面上放着质量都为m的物块A和B,A紧靠着固定的竖直挡板,A、B间夹一个被压缩的轻弹簧(弹簧与A、B均不拴接),用手挡住B不动,此时弹簧弹性势能为,在A、B间系一轻质细绳,细绳的长略大于弹簧的自然长度.放手后绳在短暂时间内被拉断,之后B继续向右运动,一段时间后与向左匀速运动、速度为v0的物块C发生碰撞,碰后B、C立刻形成粘合体并停止运动,C的质量为2m.求:(1)B、C相撞前一瞬间B的速度大小;(2)绳被拉断过程中,绳对A所做的W.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

设钩码A、B的质量为m,因F1>F2,由牛顿第三定律知向上做匀加速直线运动的加速度满足:a1>a2,由于上升的高度相同,则速度图象如图所示;

根据图象可知A上升过程中运动的总时间小于B上升过程中运动的总时间;全过程根据动量定理可得:

对A:I1-mgt1=0对B:I2-mgt2=0所以I1<I2。A.I1<I2,与结论相符,选项A正确;B.I1>I2,与结论不相符,选项B错误;C.I1=I2,与结论不相符,选项C错误;D.以上情况都有可能,与结论不相符,选项D错误;2、D【解析】所受木板的滑动摩擦力大小,方向水平向左,根据牛顿第三定律得知:长木板受到的摩擦力方向水平向右,大小等于,处于静止状态,根据平衡条件知长木板受到地面摩擦力的大小是,故AB错误;若改变F的大小,当时,木块对长木板的摩擦力仍没有变化,因为摩擦力的大小与F无关,大小始终是,故长木板仍处于静止,不可能运动,故C错误,D正确;选BD.【点睛】本题中木板受到地面的摩擦力是静摩擦力,根据平衡条件分析木板受到地面的摩擦力的大小和方向,而不能根据滑动摩擦力公式求解,是错误的,不能确定此摩擦力是否达到最大值.3、A【解析】

“房价上涨出现减缓趋势”中“上涨”类比为速度增大,“减缓”类比为加速度减小,所以“房价上涨出现减缓趋势”可以类比为加速度减小的加速运动,即速度增大,加速度减小,A正确,BCD错误。故选A。4、D【解析】

A的动能最大时,设B和C受到地面的支持力大小均为F,此时整体在竖直方向受力平衡,可得2F=3mg,所以F=32mg;在A的动能达到最大前一直是加速下降,处于失重情况,所以B受到地面的支持力小于32mg,故A、B错误;当A达到最低点时动能为零,此时弹簧的弹性势能最大,A的加速度方向向上,故C错误;A下落的高度为:h=Lsin60°-Lsin30°,根据功能关系可知,小球A的机械能全部转化为弹簧的弹性势能,即弹簧的弹性势能最大值为EP=mgh=3-12mgL【点睛】解答本题的关键是弄清楚小球A在运动过程中的受力情况,知道平衡位置时受力平衡,加速度方向向下属于失重、加速度方向向上属于超重.5、B【解析】

隔离对B分析,求出A、B发生相对滑动时的临界加速度,再对整体分析,运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力,从而判断出AB运动状态的关系.【详解】隔离对B分析,当A、B间静摩擦力达到最大值时,A、B刚要发生相对滑动,则:再对整体:F=(mA+mB)a=3×2.5N=7.5N.知当拉力达到7.5N时,A、B才发生相对滑动.所以拉力F从0开始逐渐增大到7N的过程中,A、B始终保持相对静止.故ACD错误,B正确.故应选B.【点睛】本题主要考查牛顿第二定律的临界问题,关键找出临界状态,运用整体法和隔离法,根据牛顿第二定律进行求解.6、A【解析】气体从状态A变化到状态B,发生等温变化,p与V体积成反比,VA>VB,所以pA<pB;从状态B到状态C,气体发生等容变化,压强p与热力学温度成正比,TB<TC,所以PB<PC,故A正确,BCD错误;故选A.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解析】

A.在突然撤去F的瞬间,AB整体的合力向上,大小为F,根据牛顿第二定律,有:F=2ma解得:对物体A受力分析,受重力和支持力,根据牛顿第二定律,有:FN-mg=ma联立解得:,故A错误;B.弹簧弹力等于F时,根据牛顿第二定律得:对整体有:F-2mg=2ma对A有:FN-mg=ma联立解得:,故B正确;D.当物体的合力为零时,速度最大,对A,由平衡条件得FN=mg,故C正确.C.当弹簧恢复原长时,根据牛顿第二定律得:对整体有:2mg=2ma对A有:mg-FN=ma联立解得FN=0,故D正确;8、ABD【解析】

A、B、设升降机对物体的支持力大小为F,由功能关系得:F△h=△E,即F=ΔEΔh,所以E-h图象切线斜率的绝对值等于小球所受支持力的大小,由图可知在0~h1内斜率的绝对值逐渐减小,故在0~h1内小球所受的支持力逐渐减小,若支持力先大于重力后小于重力,物体先做加速运动后做减速运动,动能会先增加后减小;故AB、0~h1过程中,升降机对小球的支持力方向与位移相同均向上,则支持力对小球的支持力一定做正功;故B正确.C、由于小球在h1~h2内重力势能随高度的增大而增大;故C错误.D、由于小球在h1~h2内E-h图的斜率不变,所以小球所受的支持力保持不变,可能与重力平衡,故物体可能做匀速运动,动能不变;故D正确.故选ABD.【点睛】本题关键要掌握功能关系,并能列式分析图象斜率的物理意义,知道E-h图象的斜率的绝对值等于支持力.9、ACE【解析】

A.由图(a)可知该简谐横波的波长为λ=2m,由图(b)知周期为T=4s,则波速为故A正确;B.根据图(b)的振动图像可知,x=1.5m处的质点在t=2s时振动方向向下,所以该波向左传播,故B错误;C.由于t=2s=0.5T所以时间内,质点P的路程为S=2A=8cm故C正确;D.由图(a)可知t=2s时,质点P在波谷,t=2s=0.5T,所以可知时间内,P向y轴负方向运动,故D错误;E.t=2s时,质点P在波谷则t=7s时,P恰回到平衡位置,E正确。故选ACE。10、AC【解析】

结合牛顿第二定律,依据加速度方向,来判定支持力与重力的关系;根据牛顿第三定律来判定支持力与压力关系;根据失重和超重的条件判断CD选项。【详解】起跳时,因有向上加速度,则地面对他的支持力大于他的重力,故A正确;地面对他的支持力和他对地面的压力力一是相互作用力,故支持力等于他对地面的压力,故B错误;起跳以后上升过程只受重力作用,加速度方向向下,他处于完全失重状态,故C正确,D错误。故选AC。【点睛】本题主要考查了对牛顿第二,第三定律等基本知识的理解,注意地面对他的支持力和他对地面的压力是一对作用力和反作用力,掌握失重和超重的条件。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)细线与木板表面平行不需要0.31(0.29〜0.33)木块的质量【解析】

(1)[1].实验开始时,必须调节滑轮高度,保证细线与木板表面平行;(2)[2].该实验中保持木块和钩码的总质量不变,则研究对象是木块和钩码的整体,则木块质量不需要远大于所挂钩码质量。(3)[3].根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点,然后作出图象,如图所示;(4)[4][5].对木块与钩码组成的系统,由牛顿第二定律得:nmg-μ[(8-n)mg+m木g]=(8m+m木)a解得:由图象得:n=0时,-μg=a=-3,μ≈0.31(0.29~0.33均正确)由图象还可以求出木块质量.12、接通打点计时器的电源;放开滑块;0.620;0.618;纸带与打点计时器限位孔有摩擦;【解析】(2)放开滑块1后,滑块1做匀速运动,跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动,根据纸带的数据得,碰撞前滑块1的动量为

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