2025届吉林省梅河口市五中物理高二第一学期期中预测试题含解析

2025届吉林省梅河口市五中物理高二第一学期期中预测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、甲、乙两只完全相同的电炉分别接入两个电路中，工作时甲的电流是乙的2倍，下列说法正确的是()A．甲的热功率是乙的2倍B．甲的热功率是乙的4倍C．若乙通电时间是甲的2倍，则它们产生的热量相同D．因为甲、乙完全相同，所以功率也相同2、已知如图，R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，则接入电路后这三只电阻的（）A．电流之比I1:I2:I3=1:2:3B．电流之比I1:I2:I3=6:3:4C．电压之比U1:U2:U3=1:2:3D．电压之比U1:U2:U3=6:3:43、真空中两个点电荷相距r时,静电力为F,如果保持它们的电量不变,而将距离增大为2r时,则静电力将变为A． B．FC． D．2F4、如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知（）A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.5AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.0V5、下列说法正确的是A．水平桌面上的杯子受到的支持力是桌面发生形变而产生的B．物体间相互作用时，先有施力物体，后有受力物体C．同一物体在赤道和北极受到的重力大小相等D．物体的重心总在物体的几何中心6、下列各式中属于定义式的是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的是一个电容式传感器，在金属a的外面涂一层绝缘的电介质后放在导电液体中构成一个电容器，a与导电液体就是该电容器的两极，今使该电容器充电后与电源断开，并将a与静电计的导体球相连，插入导电液体中的电极b与静电计外壳相连，则当导电液体深度h变大时A．引起两极间正对面积变大B．电容器的电容将变小C．电容器两极间的电压将变大D．静电计指针偏角将减小8、从水平地面上方高h=0.8m处，将a，b两球以v0=3m/s抛出，a球平抛，b球竖直下抛。两球质量相等均为1kg，最后落于同一水平地面上。在此过程中，下列说法正确的是()A．两球落地时动量的大小相等B．两球从抛出到落地重力的冲量相等C．若b球落地时无能量损失反弹，和地面的相互作用时间为0.1s，则地面对b球的平均作用力大小为110ND．若b球落地时无能量损失反弹，和地面的相互作用时间为0.1s，则地面对b球的平均作用力大小为100N9、一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8Ω的负载后路端电压降为2.4V，则可以判定电池的电动势E和内阻r分别为（）A．E=3V B．r=1Ω C．r=2Ω D．E=2.4V10、在图示电路中，P为滑动变阻器的滑片，电表均为理想电表．下列说法正确的是A．在P向右移动的过程中，电流表的示数变大B．在P向右移动的过程中，电压表的示数变大C．当P移到滑动变阻器的右端时，电源内部消耗的电功率最大D．当P移到滑动变阻器的右端时，电源的效率最高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）测定一根粗细均匀的阻值约为10欧的金属丝的电阻率可供选择的实验器材如下：A．伏特表（0~3伏，内阻3千欧）B．伏特表（0~15伏，内阻20千欧）C．安培表（0~0.6安，内阻1欧）D．安培表（0~3安，内阻0.2欧）E．滑动变阻器（0~20欧，I额=1.00安）F．滑动变阻器（0~100欧，I额=0.60安）G．6伏电池组H．电键、导线若干①电路实验时应选用电流表______（填序号）电压表_______（填序号）②画出合理实验电路图，宜采用图________（甲或乙）再按图所示实物连线。12．（12分）在左图欧姆表内部结构示意图上的a处表示电源的_____极，c表示______色表笔.如果某次测电阻时的示数如右图所示，所用倍率为“×10”，则该电阻的阻值为________Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外。一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y＝h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x＝2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y＝处的P3点。不计重力。求：⑴电场强度的大小。⑵粒子到达P2时速度的大小和方向。⑶磁感应强度的大小。14．（16分）如图所示电路中，电源的电动势E=10V，内电阻r=0.50Ω，电动机电阻R0=1.0Ω，电阻R1=1.5Ω．电动机正常工作时，电压表示数U1为3.0V．求：（1）电源的总电功率．（2）电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率．（3）电源的输出功率．15．（12分）下图是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，电动机内阻r=0.8Ω，电路中另一电阻R=10Ω，直流电压U=160V，电压表示数UV=110V，试求:（1）通过电动机的电流；（2）电动机输出功率（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：只完全相同的电炉具有相等的电阻值，根据电热功率的表达式逐个选项分析即可．两只完全相同的电炉具有相等的电阻值，根据可知，电炉的热功率与电流的平方成正比，所以甲的热功率是乙的4倍，AD错误B正确；根据公式，甲的热功率是乙的4倍，若乙通电时间是甲的2倍，则甲产生的热量是乙的2倍，C错误．2、A【解析】

图中电阻R1与R2并联后与R3串联；并联电阻为：R12=R1R2R1+R2=6×36+3Ω=2Ω；并联电路电压相等，串联电路电压比等于电阻比，故：

U并：U3=R12：R3=2：4=1：2；故：U1：U2：U3=1：1：2；串联电路电流相等，并联电路电流比等于电阻的反比，故：I1：I2=R2：R1=1：2；又I3=I1+I2【点睛】分析清楚电路的串并联结构，根据串并联电路的电流和电压的关系，利用电压和功率的公式逐个计算可以求得它们的电压、电流和功率的大小关系．3、C【解析】

设两点电荷分别带电为q1、q2，由点电荷库仑力的公式得：电量不变，将它们之间的距离增大为2r，库仑力将变为：A.．故A项错误；B.F．故B项错误；C.．故C项正确；D.2F．故D项错误．4、A【解析】

AB.根据图象，由欧姆定律可得导体电阻：，故A正确，B错误；C.当导体两端电压是10V时，通过导体的电流：，故C错误；D.当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压：U=IR=0.1A×25Ω=2.5V，故D错误。5、A【解析】

A.杯子受到桌面的支持力是一个弹力，根据弹力的产生可知，该力是由于桌面发生弹性形变而产生的，故A正确；B.物体相互作用具有同时性，因此施力物体和受力物体没有先后，故B错误；C.从赤道到两极，重力加速度不同，所以同一物体在赤道和北极受到的重力大小不相等，故C错误；D.只有质量分布均匀形状规则的物体，其重心才在几何中心上，故D错误．故选A6、B【解析】

A．加速度决定式，不是定义式，故A错误；B．电容器电容的定义式，属于定义式，故B正确；C．是欧姆定律的表达式，不属于比值定义式，故C错误；D．是点电荷的电场强度的决定式，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A、由图可知，液体与芯柱构成了电容器，两板间距离不变；液面变化时只有正对面积发生变化；当液面升高时，只能是正对面积S增大；故A正确.B、由C=εs4πkd可知电容增大，BC、D、因电容器充电后与电源断开，则电容器的总电荷量Q不变，依据C=QU，因此电势差减小，而静电计指针的偏角反映电容器的电压大小，即静电计的指针偏角变小；C错误，D故选AD.【点睛】本题考查平行板电容器在生产生活中的应用，是电容器的电何量不变为前提的动态分析．8、AC【解析】

A．根据机械能守恒定律可知：可知落地的速度大小相等，则两球落地时动量的大小相等，选项Ａ正确；B．因为竖直下抛的小球落地时间短，由I=mgt可知，竖直下抛的小球落地时重力的冲量小，选项B错误；CD．根据机械能守恒定律可知：可得B球落地的速度v=5m/s，则反弹速度也为v=5m/s，与地面作用时，由动量定理：解得FN=110N选项C正确，D正确；故选AC.9、AC【解析】试题分析：电源的电动势等于外电路断开时电源两极间的电压．电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，根据欧姆定律利用比例法求出电源的内电阻．电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V．当电源接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为，得内阻，故AC正确．10、AC【解析】

AB．滑动变阻器向右移动，电路总电阻减小，根据：可知，电流表的示数变大，根据：可知电压表的示数减小；故A正确，B错误；CD．当P移到滑动变阻器的右端时，外电阻R最小，根据：可知，电路中的电流最大；根据：可知此时电源内部消耗的电功率最大；故C正确；根据效率：可知，此时的电源的效率最低，故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CA乙【解析】

(1)因电源电动势为6V，金属丝电阻约为10欧，则最大电流为Imax=URx=610A=0.6A，故电流表选用3A量程将不准确，故电流表选择0.6A的(2)因电测电阻约10欧，故滑动变阻器选20欧方便操作和便于控制，为本实验中可以采用限流法能有效控制电流；而Rx2【点睛】根据题目所给出的仪表进行分析，首先找出必需的仪式器，再根据电源电动势及电压表量程间的关系分析电压表，粗估电流大小，选择电路表，根据实验要求明确实验接法，从而选出变阻器；根据实验原理分析实验中滑动变阻器及电流表接法的选择，要注意安全和准确性原则得出正确电路图；12、负黑260【解析】

多用电表的“+”孔与电源的负极相连，“-”孔与电源的正极相连．电流的流向是“红进黑出”．电阻等于欧姆表的读数乘以倍率．【详解】多用电表的“+”孔与电源的负极相连，所以a为电源的负极，电流从红表笔流进，从黑表笔流出，知c是黑表笔．电阻大小等于26×10=260Ω．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2），45º（3）【解析】

（1）粒子在x轴上方电场中做类平抛运动：x方向：2h=v0ty方向：h=解得：E=；（2）粒子做类平抛运动，x方向：2h=v0t竖直方向分速度：vy=at=粒子到达P2时速度大小：v=解得：v=tanθ=，则速度方向与+x方向夹角：θ=45°；（3）粒子运动轨迹如图所示：由几何知识可得：r=h,粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:qvB=m，解得：B=14、（1）20W（2）8W（3）18W【解析】试题分析：(1)电动机正常工作时，总电流为：I＝＝A＝2A，电源释放的电功率为P＝EI＝10×2W＝20W.(2)电动机两端的电压为：U＝E－Ir－U1＝(10－2×0.5－3.0)V＝6V.电动机消耗的电功率为：P电＝UI＝6×2W＝12W.电动机消耗的热功率为：P热＝I2R